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文檔簡介
全國大聯(lián)考2023屆高三下學(xué)期3月聯(lián)考數(shù)學(xué)試卷
學(xué)校:姓名:班級(jí):考號(hào):
一、選擇題
1、若全集U=Z,集合A={x∣χ2-5χ+4N0,χ∈z},則α,A中元素的個(gè)數(shù)是()
A.2B.3C.4D.5
2、已知復(fù)數(shù)z=l-i,則」7—三=()
z
31
A.-l--iB.-1——iC-.1——1??DΛ+-i
2222
3、ZvWC中,A。為BC邊上的高,且AT>=3,則AB在A。方向上的投影向量的模
為()
A.9B.6C.3D.1
f,χ≥O
《的解集為()
4、已知函數(shù)f(x)=.X八,則方程/(%)=
----,x<0
A-X
第B?H4}c?H11}D??I}
5、已知/是函數(shù)/(x)=tanx-2的一個(gè)零點(diǎn),貝IJSin2Λ0的值為()
6、如果一個(gè)三棱錐的三條側(cè)棱兩兩垂直,三個(gè)側(cè)面的面積分別為2,4,4,那么該三
棱錐外接球的表面積是()
A.12πB.8√6πC.24πD.40π
7、數(shù)列{0,,}滿足4=100,4=200,且0足一%=[1+(T)"]X5(〃GN"),則該數(shù)列前
31項(xiàng)的和S31=()
A.5550B.5650C.5760D.5900
8、已知α=l.O3un,b=LOl103,C=LO*,則α,b,C的大小關(guān)系是()
?.c<b<aB,c<a<bC,b<c<aD,a<c<b
二、多項(xiàng)選擇題
9、若直線]:znX-y—3+1=0,圓C:(x-2)?+)?=4,則()
A.直線/與圓C必相交
B.當(dāng)機(jī)=1時(shí),直線/與圓C相交于A,B兩點(diǎn),則4C4B的面積為2
C.直線/與圓C相交的最短弦長為2√Σ
D.圓C上至少存在4個(gè)點(diǎn)到直線/的距離為行
10、如圖,正方體ABCO-A瓦G。的棱長為2,M為棱A〃的中點(diǎn),N為線段AM的
中點(diǎn),點(diǎn)尸是線段AC上不與端點(diǎn)A重合的動(dòng)點(diǎn),則()
A.A,M,C1,M四點(diǎn)共面
B.三棱錐P-DAIG的體積為定值
C.平面4VP_L平面BBQQ
DJlA,N,P三點(diǎn)的平面截該正方體所得截面的面積為定值
11、已知函數(shù)/(x)=COS8(tυ>0,8>0),則()
A.若函數(shù)/(X)的圖象關(guān)于直線X=]對(duì)稱,則3的值可能為3
B.若關(guān)于龍的方程/(》)=8在[0,汨上恰有四個(gè)實(shí)根,則。的取值范圍為*同
C.若函數(shù)/(x)的圖象向右平移W個(gè)單位長度,再向下平移B個(gè)單位長度,得到的函數(shù)
g(x)為奇函數(shù),則ω的最小值是1
D.若函數(shù)/(x)在區(qū)間設(shè),空]上單調(diào),則l≤o≤2
_44_
12、若函數(shù)g(x)為函數(shù)/'*)的導(dǎo)函數(shù),且對(duì)于任意實(shí)數(shù)小,函數(shù)值/(5),/'(%),
g(x0)均為遞增的等差數(shù)列,則()
A.函數(shù)y=∕(x)可能為奇函數(shù)B.函數(shù)y=/(x)存在最大值
C.函數(shù)y=f?x)存在最小值D.函數(shù)y=/(%)有且僅有一個(gè)零點(diǎn)
三、填空題
13、一亍J的展開式中含d項(xiàng)的系數(shù)為.(用數(shù)字作答)
14、直線y=G(x-l)與拋物線V=4x相交于A,B兩點(diǎn),且A在第一象限,尸是拋物
線的焦點(diǎn),則空?=___________.
?BF?
,2
15、已知橢圓C:r+r=l(α>∕j>O)的面積為πɑ。,點(diǎn)AO,zn)(m>O)在橢圓
ah
r2
E:r+y2=ig>i)上,點(diǎn)A關(guān)于光軸,y軸,原點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)分別為B,C,D,記四邊
a
q
形ABoC的面積為S,則2的取值范圍為.
τta
16、函數(shù)y=2d-3X2-12X在點(diǎn)匕(i-2,y)(i=1,2,3,4)處的切線為,則這四條切線所
圍成的封閉圖形的面積為.
四、解答題
17、已知數(shù)列{4}滿足%=4+2"("∈N*),且4=2.
(1)求數(shù)列{%}的通項(xiàng)公式;
(2)設(shè)d=Iog2an,求數(shù)列{α,,?》“}的前n項(xiàng)和Tn.
18、在AABC中,角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,B=-.
3
(1)若三=上,判斷的形狀;
aa+h
(2)求——1——的最大值.
tanA+tanC
19、如圖,四棱臺(tái)ABC。-4B∣C∣A的上、下底面分別是邊長為1和2的正方形,
AA=2,且AAJ?底面ABC。,點(diǎn)P,。分別在棱。。,BC上,PQ〃平面AB&A,
點(diǎn)M在棱AAl上,PM//AD.
⑴證明:PQHBM;
(2)若平面PDQ與平面AQD所成的銳二面角的余弦值為筆,求三棱錐A-QOP的
體積.
20、2022年12月18日,第二十二屆男足世界杯決賽在梅西率領(lǐng)的阿根廷隊(duì)與姆巴佩
率領(lǐng)的法國隊(duì)之間展開,法國隊(duì)在上半場落后兩球的情況下,下半場連進(jìn)兩球,2比2
戰(zhàn)平進(jìn)入加時(shí)賽,加時(shí)賽兩隊(duì)各進(jìn)一球(比分3:3)再次戰(zhàn)平,在隨后的點(diǎn)球大戰(zhàn)中,阿
根廷隊(duì)發(fā)揮出色,最終贏得了比賽的勝利,時(shí)隔36年再次成功奪得世界杯冠軍,梅西
如愿以償,成功捧起大力神杯.
(1)法國隊(duì)與阿根廷隊(duì)實(shí)力相當(dāng),在比賽前很難預(yù)測誰勝誰負(fù).賽前有3人對(duì)比賽最終結(jié)
果進(jìn)行了預(yù)測,假設(shè)每人預(yù)測正確的概率均為L,求預(yù)測正確的人數(shù)X的分布列和期
2
望;
(2)足球的傳接配合非常重要,傳接球訓(xùn)練也是平常訓(xùn)練的重要項(xiàng)目,梅西和其他4名
隊(duì)友在某次傳接球的訓(xùn)練中,假設(shè)球從梅西腳下開始,等可能地隨機(jī)傳向另外4人中
的1人,接球者接到球后再等可能地隨機(jī)傳向另外4人中的1人,如此不停地傳下
去,假設(shè)傳出的球都能接住,記第〃次傳球之前球在梅西腳下的概率為乙,求乙.
21、已知曲線E上任意一點(diǎn)。到定點(diǎn)F(E,())的距離與Q到定直線,":x=?叵的距
~14
離之比為巫.
3
⑴求曲線E的軌跡方程;
⑵斜率為人在>q的直線/交曲線E于B,C兩點(diǎn),線段BC的中點(diǎn)為點(diǎn)M在光
軸下方,直線。M交曲線E于點(diǎn)M交直線X=-I于點(diǎn)。,且滿足
IoNI2=|0。IloMl(O為原點(diǎn)).求證:直線/過定點(diǎn).
22、設(shè)函數(shù)/(X)=彳,g(x)=-?
eX
(1)分別求f(χ)與g(x)的最大值;
(2)若直線y=m與兩條曲線y=/(x)和y=g(x)共有三個(gè)不同的交點(diǎn)A(%l,m),
B(X0,m),C[x1,m),其中玉<工0<尤2,證明:X[,X0,Z成等比數(shù)列.
參考答案
1、答案:A
解析:集合&A={2,3},有2個(gè)元素.故選A.
2、答案:B
1-11I
解析:一?—Z=------(1+i)=一i—(1+i)=—1—i.故選B.
z2-2i22
3、答案:C
解析:AB在方向上的投影向量的模為IABllCoSN5A。I=IAoI=3.故選C.
4、答案:A
解析:當(dāng)x≥()時(shí),/(x)=Y=;,解得x=g或X=(舍去),當(dāng)x<0時(shí),
/(X)=F=L,解得X=L舍去),故解集為.故選A.
?^~X4512J
5、答案:D
解析:因?yàn)?是函數(shù)/(x)=tanx-2的一個(gè)零點(diǎn),所以tanΛo-2=O,即tanx0=2,故
CoSX(INO,則Sin2x0=2smx°?cosx°=仝4=±故選D
sinx0+cosx0l+tan-x05
6、答案:C
ab=4
解析:由題意可知三條側(cè)棱兩兩垂直,設(shè)三條側(cè)棱長分別為mb,c,則<αc=8,解
be=8
得曲c=16,a=2,h=2,c=4,設(shè)該三棱錐外接球的半徑為H,則
(2R)2=〃+〃+¢2=24,所以S=4π∕?2=24π.故選C.
7、答案:B
解析:因?yàn)?=100,4=200,a,*-α,,=[l+(-D"]x5("∈N*),所以當(dāng)〃為奇數(shù)
時(shí),a,.=%,,即數(shù)列{%}的奇數(shù)項(xiàng)為每項(xiàng)都是IOO的常數(shù)列;當(dāng)〃為偶數(shù)時(shí)
an+2-an=↑0,即數(shù)列{可}的偶數(shù)項(xiàng)是首項(xiàng)為200,公差為10的等差數(shù)列.所以
∣5×14
S31=16X100+15X200+—^—×10=5650.??B.
8、答案:C
X
1z∩∩i?--------------lπ(x÷0.01)
解析:構(gòu)造“x)=m(x+U3),Xe(O,+∞),則尸(X)=X+°?°1,--------,構(gòu)造
XX
u(x)=——----ln(x+0.01),則uf(x)=——竺?~~∑---------------=---------------<0,故u(x)在
Λ+0.01(x+0.01)2x+0.01(x÷0.01)2
11
(0,+∞)內(nèi)單調(diào)遞減,m(√^-().01)=^~P?ο-1=1——-7=>0,故/'(X)=冬>0對(duì)
√e22100√e%2
任意XG(O0.01)恒成立,則/(x)在(0,6-0.01)單調(diào)遞增,因?yàn)?/p>
(1.02+0.01)2=1.0609<e,所以1.02<6―0.01,故/(1.02)>/(1.01),即
l002
lnL03>lnL02即LolInLo3>L021nl.02,≡PIn1.03'>In1.02',即
1.021.01
l02
β=1.03°'>1.02'?=c,同理構(gòu)造g(x),I“*一。.1),x∈(0.01,+∞),則
X
Y
-------------ln(x-0.01)
g,(x)=x~θ'θ?_;------------,構(gòu)造U(X)=——--------ln(x-0.01),則
X%-0.01
—0.01
M(X)=-----------=--------------7<0,故V(X)在(0.01,+∞)內(nèi)單調(diào)遞減,
(x—0.01)2X-0.01(x-0.01)"
v(e+0.01)=e+001-l=-!—>0,故g'(x)=縛>0對(duì)任意XG(O,e+0.01)恒成立,則
eIOOeX
g(x)在(0,e+0?01)單調(diào)遞增,故g(LO3)>g(l.O2),即與詈>牛署,即
1.021n1.02>1.03In1.01,B[Jlnl.O2l02>lnl.01,°3,SPc=l.O2l02>l.θΓ°3=/?,則α,b,C
的大小關(guān)系是8<c<α.故選C.
9、答案:ABC
解析:由于圓C的圓心坐標(biāo)為C(2,0),半徑r=2,所以圓心到直線的距離
d=-?=?-直線/:蛆-y-根+1=0過定點(diǎn)M(1,1),對(duì)于A,定點(diǎn)M在圓內(nèi),所以
yjm2+1
|2|
直線/與圓C必相交,故A正確;對(duì)于B,當(dāng)加=1時(shí),d√2,
√i+T
IABl=2二產(chǎn)—屋=20,所以ACAB的面積為2,故B正確;對(duì)于C,當(dāng)d取最大值
行時(shí),直線/與圓C相交的弦長最短,故最短弦長為一>2=2近,故C正確;
對(duì)于D,當(dāng)d=√∑時(shí),此時(shí)圓C上有2個(gè)點(diǎn)到直線/的距離為C,故D錯(cuò)誤.故選
ABC.
10、答案:BCD
解析:對(duì)于A,由圖可得,點(diǎn)A,點(diǎn)C,點(diǎn)G都在平面AACC上,且不在一條直線
上,點(diǎn)似在平面AA1CC外,所以A,M,Cl,C四點(diǎn)不共面,故A錯(cuò)誤;對(duì)于B,因
為直線AC∕∕Λ1C∣,所以直線AC//平面OAG,由于點(diǎn)P是線段AC上的動(dòng)點(diǎn),所以點(diǎn)P
到平面DAG的距離為定值,故三棱錐P-。AG的體積也為定值,故B正確;對(duì)于
C,因?yàn)橹本€APL平面BgOQ,APU平面AN尸,所以平面A7VP_L平面66Q。,故
C正確;對(duì)于D,取CQ的中點(diǎn)L,連接CL,ML,因?yàn)?C//ML,所以平面ACLM為
過A,N,尸三點(diǎn)的平面截該正方體所得的截面,故截面面積為定值,故D正確.故選
BCD.
11、答案:BC
解析:對(duì)于A,因?yàn)楹瘮?shù)/(x)的圖象關(guān)于直線X=C對(duì)稱,所以當(dāng)-二=左汽供eZ),
336
則g=3攵+g(A∈Z),因?yàn)槲穑?,則。的值不可能為3,故A錯(cuò)誤;對(duì)于B,當(dāng)
ππ
%∈[0,π]時(shí),ωx——∈—,am,----若/(x)=B在xe[0,π]上恰有四個(gè)實(shí)根,則
666
7兀Jπ9π存刀陽11J14
——≤ωn--<——,解得——≤ω<——,故B正確;對(duì)于C,由已知得
26233
g(x)=CoSUXtπτιωπ
=COSωx-——+—,因?yàn)楹瘮?shù)g(x)為奇函數(shù),所以
636
πωπTl
——+—&π+](A∈Z),即口=3k+l(左eZ),因?yàn)榍校?,所以0的最小值是1,故
36
C正確;對(duì)于D,當(dāng)69=2時(shí),/(x)=CoS2x-^?+B(B>0),因?yàn)閤∈,所以
44
兀3兀
2x--∈,所以函數(shù)/(X)在區(qū)間上不單調(diào),故D錯(cuò)誤.故選BC.
6334,4
12、答案:CD
解析:設(shè)d(x)=f'(x)T(X)>0,則"'(x)=g(x)-/'(X)>0,由題意可知
/(x)+g(x)=2∕'(x),則d'(X)=d(x),即d'(X)-d(x)=O,故
evJz(x)-erJ(x)即即
=0,則存在正實(shí)數(shù)。滿足:3=α,"(x)=α?e”,
ex
r(x)-∕(x)=α?e*,故門(/£"叫呼?=—存在實(shí)數(shù)/,滿足:
J(X)=ox+〃,故/(九)=(OX+8)?e',a>09?∈R,故
eA
f'(x)=f(x)+a?ex=(ax+a+b)?ex,故當(dāng)xe1—8,—2-]]時(shí),f'(χ)<0,當(dāng)
Xel—2—i,+oo]時(shí),f'(x)>O,故/(x)在100,------1]單調(diào)遞減,在(----l,+oo)單調(diào)
遞增.對(duì)于A,由/(x)的單調(diào)性可知,函數(shù)y=f(X)不可能為奇函數(shù),故A錯(cuò)誤;對(duì)于
B,對(duì)任意實(shí)數(shù)》,當(dāng)x→+∞時(shí),/(x)→?+8,故函數(shù)/(x)沒有最大值,故B錯(cuò)誤;
對(duì)于C,/(X)在X=-g-l時(shí)取得最小值,故C正確;對(duì)于D,因?yàn)楹瘮?shù)
a
h
/(x)?e-x=辦+。有且僅有一個(gè)零點(diǎn)-士,而e-*>0,故函數(shù)y=/(x)有且僅有一個(gè)零
a
點(diǎn)-2,故D正確.故選CD.
a
13、答案:-16
解析:通項(xiàng)公式小=C;(?產(chǎn){-子)=(-2)AC*√-A?,4-Z=3=>Z=1,此時(shí),含
χ3的項(xiàng)為(=(-2)∣C53=-2x8χ3=-i6χ3,所以含V項(xiàng)的系數(shù)為一16.故答案為-16.
14>答案:3
解析:設(shè)A(χ,χ),B(Λ2,y2),聯(lián)立直線和拋物線的方程得
T,二6(x-D=>3χ2-iθχ+3=O,解得玉=3,x2=~,由于直線過拋物線的焦點(diǎn)「
y2=4x-3
所以些=—2_=3.故答案為3.
∣5F∣P
22
15、答案:fθ,-l
2
X2_1
解析:聯(lián)立直線y=x和橢圓E的方程得/+V=1=>(?2+1)%2-?2=0,解得
J二X
〃/=£,又因?yàn)樗倪呅蜛BoC為正方形,所以S=Φ√=M,故
6Z2÷14Z2+1
S4。41r+l工1r-r-KlS41412rrIUS∣∕j∕→τr,
—=--j--—r--------->0,由于α>l,所以—=-------<=一,所以—的取7
πππ
兀(礦+1)?+1π∏πfl+lπ2πW
aa
值范圍為(o,2).故答案為(o,2'.
Iπj?TtJ
16、答案:-
4
解析:/(x)=2/一3/一I2x,則/'(X)=一6x—12=6(x-2)(x+l),可知
廣(2)=/(-1)=0,故V/,/(0)=八1)=一12,故〃仆所以這四條切線所圍成的封
閉圖形為平行四邊形,設(shè)其底為d,高為〃,由y=∕'(-1)=7,%=/(2)=-20,故
〃=|X-%|=27,由%=/(。)=°得4h=T2x,由%=/⑴=一13得
∕√y=-12fx+^,故4=工,則該平行四邊形的面積S=d∕=2.故答案為
3?I12J1244
17、答案:(1)4=2"("GN")
(2)7;,=(H-1)?2,,+I+2
解析:⑴因?yàn)?=見+2",所以α,-α,τ=2"T("≥2),
所以
flaa+afl+
ɑ,,^1=(n~n-?){n-?~n-2)+(4-《2)+(⑥-4)=2"∣+‘7+.+2?+2=
2(1-2"T)
--------^=2fl-2,
1-2
所以4=2"5N2),又當(dāng)〃=1時(shí)也適合上式,所以α,,=2"("cN*)?
(2)因?yàn)槲?Iog2an=n,所以α“也=小2",
7;,=1×2+2X22+3×23++n?2",①
27;,=1X22+2×23+3×24++n?2"+',②
①-②得:-7;,=2+22+23++2π-n?2n+1,
故7;=(〃-1).2田+2.
18、答案:(1)Z?A8C為直角三角形
(2)——i——的最大值為立
tanA+tanC6
解析:⑴因?yàn)槿?上,所以。2=∕+αc,
aa+b
由余弦定理得:b2=cΓ+c2-2ac×-=a2+c2-ac,
2
BPa2÷ac=a2+c2-ac,所以c=2。,
由正弦定理得:SinC=2sinA,因?yàn)锽=],所以Sin(A+g)=2sinA,
所以LSinA+^^cosA=2sinA,即COSA=GSinA,
22
即tanA=—,
3
又A∈(O,π),故A=四,得C=三,
62
所以AABC為直角三角形.
12)因?yàn)?=彳,所以
tanA+tanCsinAfsinC
cosAcosC
_cosAcosC
sinB
2(2πO
=~~cosAxcos-----1
√3I3
2.(1.
=—j=cosA——CoSA+-SinA
√3(22)
=2ficos2λ+^
同
22/
2(1+cos2A\/3.??
4J
=U立sin2A」C..1、
os2A—2
√3∣k22J
所以sin(2A—^]e,1,
當(dāng)2A—《=]即Sin(2A—弓)=1時(shí),負(fù)sin∣2A一(取最大值*,
此時(shí)A=二,C=巴,故——1——的最大值為3.
33tanA÷tanC6
19、答案:(1)證明見解析
⑵I
解析:(1)由題意知:PMHAD,且BC//A。,所以PM//BC,
所以M,B,C,P四點(diǎn)共面,
又因?yàn)镻Q//平面ABBiAi,且平面MBCP平面ABgΛ,=BM,
所以PQ〃BM.
(2)因?yàn)锳B,AD,AA兩兩垂直,所以以A為坐標(biāo)原點(diǎn),AB,AD,AA所在直線分
別為X,y,Z軸建立空間直角坐標(biāo)系,
因?yàn)樗睦馀_(tái)ABCo-4耳GA的上、下底面分別是邊長為1和2的正方形,AA=2,
所以A(0,0,0),D(0,2,0),D1(0,1,2),設(shè)Q(2,f,0),0<t≤2,
所以O(shè)Q=(2/-2,0),DD;=(0,-1,2),
設(shè)%=(x,y,z)是平面P。。的一個(gè)法向量,
則'"°,即[2x+(-2)y=o,
[∕ιl?PD1=O[-y+2z=0
取“=(2τ,2,l);
又平面AQO的一個(gè)法向量是〃2=(0,0,1),
所以8sg,a∣=犒=mJ+2*=嚕'
解得或「=*(舍去),此時(shí)Q(2,3,O),
22I2J
由(1)知四邊形MBQP是平行四邊形,所以PM=BQ=
設(shè)M(0,0,相),則P(O,g,m],
因?yàn)辄c(diǎn)P在棱。2上,所以由。P=2Z)R(0<;l≤l),得(0,—;,/?)=2(0,—1,2),
解得從而P(O,D
m=lI2J
…、,I11?
shχx2x2xi
故三棱錐A-Qz)P的體積匕_aIP=匕j0o=-^ADQ?=--=-?
2。、答案:⑴分布列見解析;期望為I
IYT1
—+—
⑵U4J5
解析:(1)因?yàn)槭?g,X~βf3,∣LX可能的取值為0,1,2,3,
P(X3C怎gpC哨:k=0,1,2,3,
故X的分布列為:
X0123
?33~τ~
P
8888
13
故E(X)=3x]=/
⑵第〃次傳球之前球在梅西腳下的概率為《,易得4=1,A=O,
則當(dāng)〃≥2時(shí),第〃-1次傳球之前球在梅西腳下的概率為P?_{,
第八-1次傳球之前球不在梅西腳下的概率為1-月I,
故
尸-
”
又因?yàn)椤何?/p>
所以一:是以3為首項(xiàng),公比為-L的等比數(shù)列,
所以匕―(=
22
21、答案:⑴5-1=1
⑵直線/過定點(diǎn)(-9,0)
解析:(1)設(shè)曲線E上任意一點(diǎn)Q(X,y),
由題意知,此華:V=叵,
9√M3
X-----1-4--I
2?
所以曲線E的軌跡方程為5-方=L
(
⑵設(shè)B(X],χ),C(Λ2,y2),直線/的方程為y=H+fk>
y=kx+t
聯(lián)立,2yι,得(5—9公)九2-18依_9/-45=0,
------二1
195
5-9?2≠05-9?2≠0.18股
因?yàn)橛袃蓚€(gè)交點(diǎn),所以=>V,,,所rc以nM+X,=-------r
Δ>09k2<t2+5-5-9k2
18居+2(5-9巧IS
yi+y2=ψl+x2)+2t=-----?----=F
9kt
即M因?yàn)辄c(diǎn)M在X軸下方,
5-9k2/I
所以一又女〉爻,所以1>0,
5-9E3
所以直線OM的斜率k°M=金,則直線OM的直線方程為y=%
將其代入雙曲線E的方程,整理得W=U,
yK—?
81〃+25
所以IoNI2=^+/=1+肅源/
IOlKJ9?2-5
將y=S_X代入直線X=-1,解得D(T,_9],
-9kI9k)
9kt_5t_\
又因?yàn)镸
5-9k2'5-9k2)
所以有1。昨/1)2+0、種IlIi
,81公尸+25廣
IOMI=2
∣?÷?~9/一5
由IoNl2=|。。IIOMI,解得/=±9%,因?yàn)?>好
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