2022年天津三中高考物理模擬試卷二含答案

2022年天津三中高考物理模擬試卷（二）

1.下列四幅圖中包含的物理思想方法敘述錯誤的是（）

甘西Ll工

甲乙丙丁

A.圖甲：觀察桌面微小形變的實驗，利用了放大法

B,圖乙：探究影響電荷間相互作用力的因素時，運用了控制變量法

C.圖丙：利用紅蠟塊的運動探究合運動和分運動的實驗，體現(xiàn)了類比的思想

D.圖?。嘿だ匝芯苛瓦\動的關(guān)系時，運用了理想實驗方法

2.雨后太陽光射入空氣中的水滴，先折射一次，然后在水滴的背

面發(fā)生反射，最后離開水滴時再折射一次，就形成了彩虹。如圖，太

陽光從左側(cè)射入球形水滴,a、b是其中的兩條出射光線，在這兩條出

射光線中，一條是紅光，另一條是紫光，下列說法正確的是（）

A.a光線是紅光，b光線是紫光

B.遇到同樣的障礙物，b光比a光更容易發(fā)生明顯衍射

C.a光在水滴中的傳播時間比b光在水滴中的傳播時間短

D.增大太陽光在水滴表面的入射角，則可能沒有光線從水滴中射出

3.18世紀，數(shù)學家莫佩爾蒂和哲學家伏爾泰，曾設(shè)想“穿透”地球：假設(shè)能夠沿著地球

兩極連線開鑿一條沿著地軸的隧道貫穿地球，一個人可以從北極入口由靜止自由落入隧道中,

忽略一切阻力，此人可以從南極出口飛出，則以下說法正確的是已知此人的質(zhì)量

」.：地球表面處重力加速度g取I■；地球半徑城口幽鬻假設(shè)地球可視

為質(zhì)量分布均勻的球體，均勻球殼對殼內(nèi)任一點處的質(zhì)點合引力為零（）

A.人在下落過程中，受到的萬有引力與到地心的距離成反比

B.人與地球構(gòu)成的系統(tǒng)，由于重力發(fā)生變化，故機械能不守恒

C.當人下落經(jīng)過距地心人瞬間，人的瞬時速度大小為1?w-

D.人從北極開始下落，直到經(jīng)過地心的過程中，萬有引力對人做功需H齷疆喻

4.負壓救護車、負壓病房在疫情防治中發(fā)揮了重要的作用，負壓是指空間內(nèi)的氣壓略低于

外界環(huán)境的大氣壓。若負壓空間的溫度和外界溫度相同，負壓空間中的氣體和外界環(huán)境中的

氣體都可以看成理想氣體，則以下說法正確的是（）

第1頁，共14頁

A.負壓空間中氣體分子的平均動能小于外界環(huán)境中氣體分子的平均動能

B,負壓空間中氣體單位體積內(nèi)的分子數(shù)小于外界環(huán)境中氣體單位體積內(nèi)的分子數(shù)

C.負壓空間中每個氣體分子的運動速率都小于外界環(huán)境中每個氣體分子的運動速率

D.負壓空間中氣體的內(nèi)能等于外界環(huán)境中同體積的氣體的內(nèi)能

5.如圖，水平傳送帶以恒定速度順時針轉(zhuǎn)動，傳送帶右端上方的擋板上固定著一輕彈簧。

將小物塊P輕放在傳送帶左端，P在接觸彈簧前速度已達到匕與彈簧接觸后彈簧的最大形

變量為d。P的質(zhì)量為m,與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為，，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,

重力加速度為g。從P開始接觸彈簧到彈簧第一次達到最大形變的過程中

A.P的速度一直減小

B,傳送帶對P做功的功率一直減小

C,傳送帶對P做的功N

D.彈簧的彈性勢能變化量颯國雜承嗡

6.兩列波的振幅都是20cm,沿著同一條繩繩沿X方向放置相向傳播，實線波的頻率

為：二〃.，沿X軸正方向傳播；虛線波沿X負方向傳播.某時刻兩列波相遇，如圖所示，

則下列說法中正確的是（）

A.兩列波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉現(xiàn)象

B.圖示時刻平衡位置..的質(zhì)點位于.”處

C.從圖示時刻起再過，匚，平衡位置，?一,的質(zhì)點將位于.處

D.從圖示時刻起再過，■,平衡位置,」的質(zhì)點將位于.，處

7.如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)阻r恒定不

變，開關(guān)k閉合，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，

則以下分析正確的是（）

第2頁，共14頁

A.當滑動變阻器..的滑片向b端移動時，電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大

B,若只讓開關(guān)從閉合到斷開，電壓表、電流表示數(shù)都變大

C,若只讓開關(guān)從閉合到斷開，；上將產(chǎn)生由M點到N點的電流

D.若實際實驗時發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)為零，電壓表示數(shù)不為零，則可能是由于，.斷路

8.如圖所示，兩平行金屬板水平放置，并接到電源上，一帶電微?！?/p>

P位于兩板間處于靜止狀態(tài)，“、」分別為兩個金屬板的中點觀將-?-

兩金屬板在極短的時間內(nèi)都分別繞垂直于一、一的軸在紙面內(nèi)逆時‘P丁’

針旋轉(zhuǎn)一個角，則下列說法中正確的是（）?zb

A.兩板間的電壓不變B.兩板間的電壓變小

C.微粒P受到的電場力不變D.微粒將水平向左作直線運動

9.如圖，用“碰撞試驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞

前后的動量關(guān)系.

試驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的.但是，可以通過僅測量填選

項前的序號,間接地解決這個問題

A小球開始釋放高度h

8.小球拋出點距地面得高度H

C.小球做平拋運動的射程

-1如圖中。點是小球拋出點在地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球多次從軌道上S

位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P,測量平拋射程OP,然后把被碰小球靜止于

軌道的水平部分，再將入射小球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相撞，并多次重

復(fù).

接下來要完成的必要步驟是填選項的符號

A用天平測量兩個小球的質(zhì)量、八測量小球開始釋放高度h

C.測量拋出點距地面的高度，，，分別找到,相碰后平均落地點的位置M、Λ/

E測量平拋射程OM,ON

，若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為用一中測量的量表示，；

若碰撞是彈性碰撞.那么還應(yīng)滿足的表達式為用.中測量的量表示

1經(jīng)測定，，?，■,小球落地點的平均位置到O點的距離如圖所示.碰

撞前，后的動量分別為與，則：;若碰撞結(jié)束時，的動量為，則

::

實驗結(jié)果說明，碰撞前、后總動量的比值為

*1--------

「有同學認為在上述實驗中僅更換兩個小球的材質(zhì)，其它條件不變可以使被撞小球做平拋運

第3頁，共14頁

動的射程增大.請你用中已知的數(shù)據(jù)，分析計算出被撞小球平拋運動射程0/V的最大

值為______

10.如圖所示，兩平行金屬導軌相距，與水平面成

?..；；角放置,上端接有一電源，電動勢.；「，內(nèi)阻Kb

導軌上水平放置一質(zhì)量為,一、電阻;，「，的導體棒，空間

存在與豎直平面平行的勻強磁場，若要使導體棒靜止在導軌上，

不計摩擦，、iuJ；I'.：,1U…I

若磁場沿豎直方向，求磁場方向和磁場磁感應(yīng)強度的大小

J若要使磁場的磁感應(yīng)強度最小，求磁場方向和磁場磁感應(yīng)強度的大小.

11.如圖，相距：、電阻不計的平行光滑長金屬導軌固定在絕緣水平面上，兩導軌

左端間接有阻值；.，！的電阻，導軌所在足夠長區(qū)域內(nèi)加上與導軌所在平面垂直的勻強磁

場，磁感應(yīng)強度大小/現(xiàn)有電阻,I一，質(zhì)量?的導體棒ab垂直導軌放置且

接觸良好，當導體棒ab以速度._I從邊界MN進入磁場后。

求棒ab剛進入磁場時的加速度大小：

棒ab進入磁場一段距離后，速度大小變?yōu)椋髲倪M入磁場到此時的過程中電阻R

產(chǎn)生的焦耳熱為多少：

,求棒ab最終停的位置。

αM

×X×××××X×

*B

×××××××××

b

12.如圖，質(zhì)量為'的滑塊’可視為質(zhì)點疊放在質(zhì)量為'，L、長度為

；的長木板8上，8放在足夠長的水平面上，Z8均處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)用力敲B的

左端，使B瞬間獲得水平向右、大小為，,?的初速度。已知A、8間的動摩擦因數(shù)為

,,8與水平面間的動摩擦因數(shù)為，，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力

第4頁，共14頁

加速度大小為:，「。求：

'被敲擊后的瞬間，Z8的加速度大?。?/p>

JI最終停在B上的位置距B右端的距離：

，I、8達到共速的瞬間，一質(zhì)量為?.的滑塊，可視為質(zhì)點，圖中未畫出「以水平向

左、大小為Il的速度從B右端滑上8,已知B、C間的動摩擦因數(shù)為,求

最終A、C之間的距離。

0

B

r7TT777

第5頁，共14頁

答案和解析

L【答案】C

【解析】解：八、用鏡面反射觀察桌面微小變形時，是根據(jù)：入射光線不變時，當入射角改變,

時，反射角改變，，所用的物理思想方法是放大法，故A正確。

8、探究影響電荷間相互作用力的因素時，所用的物理思想方法是控制變量法，故B正確。

C、利用紅蠟塊的運動探究合運動和分運動的實驗，采用物理思想方法是等效替代法，故C錯誤。

。、在研究力和運動的關(guān)系時，伽利略運用了理想實驗方法，巧妙地設(shè)想了兩個對接斜面的實驗,

故D正確。

本題選擇錯誤的，

故選：C。

將微小的量放大研究的方法是放大法；

在研究多個量之間的關(guān)系時，常常要控制某些物理量不變，即控制變量法；

合運動與分一定是等效替代的關(guān)系。

對于常用的物理研究方法，如控制變量法、等效替代法、理想化模型法等等，要在理解的基礎(chǔ)上

掌握，更要注意科學方法的積累和應(yīng)用。

2.【答案】B

【解析】解：A、由光路圖可知，a光線的偏折程度較大，則折射率較大，頻率較大，則a是紫

光，b光線是紅光，故A錯誤；

8、紅光的波長比紫光長，則遇到同樣的障礙物，b光比a光更容易發(fā)生明顯衍射，故8正確；

C、根據(jù)，可知，a光在水滴中的傳播速度較小，但是在水滴中傳播距離較大，則a光在水

滴中的傳播時間比b光在水滴中的傳播時間長，故C錯誤；

。、增大太陽光在水滴表面的入射角，則光線在水滴的背面的入射角變大，光線仍能在水滴的背

面發(fā)生全反射，從而從水滴中射出，故D錯誤。

故選：8。

太陽光在水滴表面發(fā)生折射現(xiàn)象，入射角相同，根據(jù)折射角以及折射定律分析a、b兩中光的折

射率以及兩種光的波長大小關(guān)系，依據(jù)波長越長的，越容易發(fā)生衍射現(xiàn)象；分析兩種色光在水滴

中傳播的路徑大小關(guān)系以及傳播速度的大小關(guān)系，根據(jù)分析兩種光的傳播時間。

解決該題的關(guān)鍵是能根據(jù)圖象分析兩種色光的折射角的大小關(guān)系，知道紅光與紫光的折射率以及

波長的大小關(guān)系。

3.【答案】D

第6頁，共14頁

【解析】

【分析】

根據(jù)萬有引力定律及球體體積公式求得不同半徑處的萬有引力表達式，進而得到萬有引力做的功,

再由動能定理求得人的速度：最后根據(jù)能量守恒，由能量轉(zhuǎn)換求得機械能變化。

萬有引力大小的求解、比較，常需要根據(jù)球體體積公式求得中心天體的質(zhì)量，再根據(jù)萬有引力定

律求解。

【解答】

A設(shè)人到地心的距離為r,地球密度為，那么，由萬有引力定律可得人在下落過程中受到的萬

有引力，CMn,I,故萬有引力與到地心的距離成正比，故A錯誤;

'-I.,K'I

rir23

8.人下落過程只有重力做功，重力做功效果為重力勢能轉(zhuǎn)變?yōu)閯幽?，故機械能守恒，故B錯誤;

C.由萬有引力厚目可知，F(xiàn)與距地心的距離r成正比，；圖像所圍成面積即為F做

功，人下落到距地心「的過程重力做功K''-(；：：..!：；",，，，"「，「，，‘：；

￡e?**

設(shè)地球質(zhì)量為M,則有：題后豳

又有地球表面物體重力等于萬有引力，所以，嘲，故，

…1八3GΛtm3,,C

∏t(∣f?(∣ι!!/,.?l/?*；

由動能定理可得：鬻國細感密就承，所以，當人下落經(jīng)過距地心r瞬間，人的瞬時速度

l?>t?>

，、式""?1∣??(I1111,∏'I、.{-：11.，故C錯誤；

。.由萬有引力犀［≡能可得：人下落到地心的過程重力做功

111

I(?I???I?i?I??'?I√??in',/,故D正確；

故選：。。

4.【答案】B

【解析】解：入、溫度是分子平均動能的標志，負壓病房的溫度和外界溫度相同，故負壓病房內(nèi)

氣體分子的平均動能等于外界環(huán)境中氣體分子的平均動能，故A錯誤：

8、決定氣體分子壓強的微觀因素：單位體積氣體分子數(shù)和氣體分子撞擊器壁力度決定，現(xiàn)內(nèi)外

溫度相等，即氣體分子平均動能相等撞擊力度相等，，壓強要減小形成負壓，則要求負壓病房內(nèi)

單位體積氣體分子的個數(shù)小于外界環(huán)境中單位體積氣體分子的個數(shù)，故B正確；

C、負壓病房內(nèi)氣體分子的平均動能等于外界環(huán)境中氣體分子的平均動能，二者氣體分子的平均

運動速率相等，故C錯誤；

第7頁，共14頁

。、內(nèi)能的大小與物質(zhì)的量、溫度、體積等有關(guān)，內(nèi)外壓強不等，相同體積負壓病房內(nèi)的氣體物

質(zhì)的量少，所以內(nèi)能小，故D錯誤；

故選：Bo

溫度是分子平均動能的標志：氣體壓強微觀解釋：由單位體積氣體分子數(shù)和氣體分子撞擊器壁力

度決定；根據(jù)內(nèi)能的定義分析。

結(jié)合最新社會熱點，生活實際是創(chuàng)新題的特點，要善于審題，提取有效的解題信息。

5.【答案】C

【解析】

【分析】

對P受力分析，開始為靜摩擦力，大小隨彈力的增大而增大，次過程P做勻速運動，運動到彈力

與最大摩擦力相等時，P做減速運動直到速度為零；據(jù)此根據(jù)功率的公式分析功率的變化；根據(jù)

動能定理分析彈性勢能變化。

本題考查了功的公式、功率的公式、動能定理的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵是通過受力分析明確P的運動規(guī)

律。

【解答】

A、P與彈簧接觸后在水平方向受彈簧力作用，P受的靜摩擦力向右，P做勻速運動，運動到彈力

與最大摩擦力相等時，P物體由慣性繼續(xù)壓縮彈簧，P接下來做減速運動直到速度為零，故A錯

誤：

8、由公式；可知，由于P先做勻速后做減速，由于靜摩擦力增大，速度不變，所以功率先

增大，后滑動摩擦力不變，速度減小，所以功率減小，故B錯誤；

C、由于P開始到彈力與最大靜摩擦力相等的過程中P受的為靜摩擦力，后來為滑動摩擦力，所

以傳送帶對P做的功小于.‘，故C正確；

D、對P由動能定理得瞬翻躅BDS≡和靜，由于M,：“，所以彈簧的彈性勢能變化量

小于簞磅嘮故。錯誤。

故選：Co

6.【答案】BD

【解析】

【分析】

解答本題首先得明白波形圖是反應(yīng)某時刻各質(zhì)點的位置，而振動圖則是反應(yīng)某質(zhì)點在各時刻的位

置，同時要抓住在均勻介質(zhì)中兩列波的波速相同，由得：波長與頻率成反比.

本題考查波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象：波的疊加、波的干涉.

【解答】

第8頁，共14頁

A、傳播速度大小相同，實線波的波長為4m,而虛線波的波長為6m,根據(jù).可知兩波的

頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故A錯誤：

8、圖示時刻平衡位置.的質(zhì)點，實線波和虛線波兩列波單獨引起的位移分別為,、

Ocm,故合位移為-,故8正確；

CD、兩列波波速相同，實線波的波長為4m,根據(jù)根據(jù).，波速為，從圖示時

刻起再過，二，實線波和虛線波的波形沿傳播方向向前平移的距離均為?J.,由波形圖可知,

實線波和虛線波在平衡位置，I均處于波峰，所以平衡位置.的質(zhì)點將位于

處，故C錯誤，。正確.

故選：BD

7.【答案】AD

【解析】解：入、將滑動變阻器：的滑片向b端移動時，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減

小，則總電流增大，則內(nèi)阻和；兩端的電壓增大，所以右邊并聯(lián)部分的電壓減小，所以通過；

得電流減小，而總電流增大，所以電流表示數(shù)增大，則；的電壓增大，所以；的電壓減小，所

以電壓表示數(shù)減小，故A正確；

8、若開關(guān)從閉合到斷開，總電阻增大，總電流減小，并聯(lián)部分電壓減小，電壓表示數(shù)變小，電

流表示數(shù)變大，故8錯誤；

C、若開關(guān)從閉合到斷開，總電阻增大，總電流減小，并聯(lián)部分電壓減小，電容器放電，所以電

阻上將產(chǎn)生由點N到點M的電流，故C錯誤；

。、電流表示數(shù)為零，說明與電流表串聯(lián)的部分電路斷開，電壓表示數(shù)不為零，則與電壓表并聯(lián)

的部分電路可能斷開，即可能是由于，'斷路，故。正確。

故選：AD.

將滑動變阻器」的滑片向b端移動時，變阻器接入電路的電阻減小，分析外電路總電阻的變化,

由歐姆定律判斷干路電流的變化，即可知道電流表示數(shù)的變化和路端電壓的變化，即可知道電壓

表讀數(shù)的變化；

若開關(guān)從閉合到斷開，總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電容器兩端的電壓變化情況，判

斷電容器是處于充電還是放電狀態(tài)，判斷電阻：上電流方向；

根據(jù)電路故障的分析思路逐條分析。

本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，明確各電路元件的連接方式、靈活應(yīng)用

歐姆定律公式是正確解題的關(guān)鍵。也可以運用結(jié)論進行分析：變阻器電阻增大，與之并聯(lián)的電燈

會亮，與之串聯(lián)的電燈會變暗，即“串反并同”。

8.【答案】AD

【解析】解：電容器兩端始終連接電源，則電容器兩端電壓不變

旋轉(zhuǎn)一個角度后d變小，變?yōu)?,，，

第9頁，共14頁

,所以兩板間的電壓變大，故A正確，8錯誤:

(/CXJHd

原來靜止時的電場力為：解電∣??管

則后來的電場力為：厚■確?恩熹M篇，故電場力變大，C錯誤；

由，…知，,，；?，，那么合力就等于F在水平方向的分力，故后來的電場力與重力mg

CXJSU

的合力恰好水平向左，。正確.

故選：W

首先分析金屬板水平放置的時候兩班間的電壓和粒子的受力情況，然后再分析金屬板旋轉(zhuǎn)后的兩

板間電壓和粒子受力情況，然后進行對比即可.

分析兩種不同情況下帶電粒子的受力情況，進而得出運動狀態(tài)，此題難度不大，屬于基礎(chǔ)類題目.

tl22

9.【答案】CADfmQP=mιOM+maONmiOPn∣ιO.W+m2OΛ,142.9176.H

【解析】解小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時

間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，故選

要驗證動量守恒定律定律，即驗證：1?蚯骨搬勰磷血，小球離開軌道后做平拋運動，它

們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，

上式兩邊同時乘以t■得：回懿H回堿嘴城，得：幽3髀卷眼罐畿嗓S逐驟，

因此實驗需要測量：兩球的質(zhì)量、小球的水平位移，故選：V，.

一由②可知，實驗需要驗證：髀蓋躅遵懿畬0^^；

若碰撞過程沒有動能的損失，碰撞前后總動能保持不變，

'■發(fā)生彈性碰撞時，被碰小球獲得速度最大，根據(jù)動量守恒的表達式是：???jι哪觸漏幽豳,

動能守恒的表達式是瓢點目朝嚕審，

得動能守恒的表達式是：蜘■幽愚好目蜜翅脾，

聯(lián)立解得:翰曰

9m?2×15

因此最大射程為、*-OP.：一.?II、-，……；

f/iI+rr∣24θ―4?5

第10頁，共14頁

故答案為：.1;?,:籟瞬口南嗓幽嘮瞰爨爐；

?i；"I;1；-7∣,、

驗證動量守恒定律實驗中，質(zhì)量可測而瞬時速度較難.因此采用了落地高度不變的情況下，水

平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度.

過程中小球釋放高度不需要，小球拋出高度也不要求.最后可通過質(zhì)量與水平射程乘積來驗證

動量是否守恒.

.根據(jù)碰撞前后動量守恒可以寫成表達式，若碰撞為彈性碰撞，則碰撞前后動能相同；

；I-根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，應(yīng)用動量的定義式與動量守恒定律分析答題.

實驗的一個重要的技巧是入射球和靶球從同一高度作平拋運動并且落到同一水平面上，故下落的

時間相同，所以在實驗的過程當中把本來需要測量的速度改為測量平拋過程當中水平方向發(fā)生的

位移，可見掌握了實驗原理才能順利解決此類題目.

以金屬棒為研究對象受力分析，運用合成法如圖:

rugIHU4

l

根據(jù)閉合電路歐姆定律：/li-ι

由安培力公式：.；!.：!

聯(lián)立以上三式解得：H"”0.7511.75T

由左手定則可得，磁場的方向豎直向下.

要使所加勻強磁場的磁感應(yīng)強度最小，應(yīng)使安培力沿斜面向上，由左手定則可得，磁場的方向

應(yīng)垂直于軌道的平面向右下方，此時安培力：

t,f=37"=U,IL=U'L

R-r

代入數(shù)據(jù)解得：；，，，，；

答：所加磁場豎直向下，磁感應(yīng)強度大小為：，，廠.，,；「若使磁場的磁感應(yīng)強度最小，磁場

方向垂直于軌道的平面向右下方，磁場磁感應(yīng)強度的大小是，，L

【解析】由導體棒的平衡可得所加勻強磁場的磁感應(yīng)強度i的大小.

,欲使導體棒靜止在導軌上，要使所加勻強磁場的磁感應(yīng)強度最小，應(yīng)使安培力沿斜面向上.

本題借助安培力考查了平衡條件的應(yīng)用，判斷安培力的方向時要注意安培力一定與B垂直、與/

第11頁，共14頁

垂直.

IL【答案】解：當導體棒進入磁場切割磁感線時，導體棒受到的安培力:

附?喇

由牛頓第二定律得：≡

代入數(shù)據(jù)解得：“I"

.■對導體棒，由能量守恒定律得：

電路中的總熱量；QQ，'「，

代入數(shù)據(jù)解得：一卜；；

,在導體棒運動的極短時間內(nèi)，從時間內(nèi)，多導體棒，由動量定理得:

答：棒ab剛進入磁場時的加速度大小為.

進入磁場到此時的過程中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為3卬；

，棒ab最終停的位置距MΛ∕36m.

【解析】求出導體棒受到的安培力，然后由牛頓第二定律求出加速度；

由能量守恒定律求出電路產(chǎn)生的總的焦耳熱，然后求出R上產(chǎn)生的焦耳熱；

.由動量定理求出導體棒運動的距離。

本題考查了求棒的加速度、電阻產(chǎn)生的焦耳熱、棒的位移等問題，應(yīng)用安培力公式、牛頓第二定

第12頁，共14頁

律、能量守恒定律、動量定理即可正確解題。

12.【答案】解：被敲擊后的瞬間，A、8的加速度分別為:

H∣f?'??J,.,

MqH12-11?.<J"「，方向向右;

蟠cgj,*??,代入數(shù)據(jù)解得：.，，.，方向向左;

霸］I≡≡≤

一！、8達到共速所用的時間為,，該過程中A、8的相對位移為、

根據(jù)速度■時間關(guān)系可得：糜口迎日比

j

根據(jù)位移之間的關(guān)系可得：≡≡s^1=^

聯(lián)立解得：匕，、，1`

假設(shè)共速之后A、8能夠保持相對靜止，則兩者的加速度大小為：角身催臂手啕

代入數(shù)據(jù)解得：