2022-2023學(xué)年廣西來賓市高二（下）期末物理試卷（含解析）

2022-2023學(xué)年廣西來賓市高二（下）期末物理試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.質(zhì)量為5kg的物體以速度5m/s從地面豎直上拋（不計(jì)空氣阻力），直至落回地面，在此過程

中（）

A.整個過程中重力的沖量為零

B.整個過程中重力的沖量為25N?s

C.上升過程重力的沖量大小為25N-s,方向向上

D,上升過程和下落過程中動量的變化量大小均為25kg-7n/s,方向相同

2.小敏同學(xué)為了研究水波的傳播特點(diǎn)，在水面上放置波源和浮標(biāo)，兩者的間距為小t=0時

刻，波源開始從平衡位置沿y軸在豎直方向做簡諧運(yùn)動，產(chǎn)生的水波沿水平方向傳播（視為簡

諧波），h時刻傳到浮標(biāo)處使浮標(biāo)開始振動，此時波源剛好位于正向最大位移處，波源和浮標(biāo)

的振動圖像分別如圖中的實(shí)線和虛線所示，則（）

A.浮標(biāo)的振動頻率為4tlB.水波的傳播速度大小為由

C.水波的波長為4LD.|t1時刻浮標(biāo)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動

3.如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場。一帶電粒子垂

直于磁場邊界從a點(diǎn)射入，從b點(diǎn)射出。下列說法正確的是（）

A.粒子帶正電

B.若僅增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從b點(diǎn)左側(cè)射出

C.若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從b點(diǎn)左側(cè)射出

D,若僅增大入射速率，則粒子在磁場中運(yùn)動時間變長

4.為營造更為公平公正的高考環(huán)境，“反作弊”工具金屬探測儀被各考點(diǎn)廣為使用。某興趣

小組設(shè)計(jì)了一款金屬探測儀，如圖所示，探測儀內(nèi)部的線圈與電容器構(gòu)成LC振蕩電路，當(dāng)探

測儀檢測到金屬物體時，探測儀線圈的自感系數(shù)發(fā)生變化，從而引起振蕩電路中的電流頻率

發(fā)生變化，探測儀檢測到這個變化就會驅(qū)動蜂鳴器發(fā)出聲響。已知某時刻，電流的方向由b流

向a,且電流強(qiáng)度正在減弱過程中，則（）

A.該時刻線圈的自感電動勢正在減小

B.該時刻電容器下極板帶正電荷

C.若探測儀靠近金屬時其自感系數(shù)增大，則振蕩電流的頻率升高

D.若探測儀與金屬保持相對靜止，則金屬中不會產(chǎn)生感應(yīng)電流

5.教學(xué)用發(fā)電機(jī)能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機(jī)（內(nèi)阻可忽略）通過理想變壓器向定

值電阻R供電，電路如圖所示，理想交流電流表4理想交流電壓表V的讀數(shù)分別為/、U,R消

耗的功率為P。若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?倍，則（）

A.R消耗的功率變?yōu)?PB.電壓表V的讀數(shù)為義U

C.電流表4的讀數(shù)變?yōu)?/D.通過R的交變電流頻率不變

6.如圖甲所示是法拉第制作的世界上最早的發(fā)電機(jī)的實(shí)驗(yàn)裝置。有一個可繞固定轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動的

銅盤，銅盤的一部分處在形磁體中，實(shí)驗(yàn)時用導(dǎo)線連接銅盤的中心C。用導(dǎo)線通過滑片與銅

盤的邊線。連接且接觸良好，如圖乙所示，若用外力轉(zhuǎn)動手柄使銅盤轉(zhuǎn)動起來，在CD兩端會

產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，下列說法正確的是（）

甲

A.如圖甲所示，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的原因是銅盤盤面上無數(shù)個以C為圓心的同心銅盤中的磁通

量發(fā)生了變化

B.如圖甲所示，因?yàn)殂~盤轉(zhuǎn)動過程中穿過銅盤的磁通量不變，所以沒有感應(yīng)電動勢

C.如圖乙所示，用外力順時針（從左邊看）轉(zhuǎn)動銅盤，電路中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，通過R的電流

自上而下

D.如果圓盤的半徑為r,勻速轉(zhuǎn)動的周期為7,圓盤處在一個磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場之中,

則發(fā)電機(jī)產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為E=嚶

7.如圖所示，兩塊水平放置的金屬板距離為d,用導(dǎo)線、開關(guān)K與

一個n匝的線圈連接，線圈置于方向豎直向上的變化磁場B中。兩板

間放一臺壓力傳感器，壓力傳感器上表面靜止放置一個質(zhì)量為加、

電荷量為q的帶負(fù)電小球。K斷開時傳感器上有示數(shù)mg，K閉合穩(wěn)定

后傳感器上示數(shù)為爭。則線圈中的磁場B的變化情況和磁通量的變

化率分別是（）

A.正在減弱，爺=等B.正在增加，%=鬻

C.正在減弱，0=甯D?正在增加，爺=需

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.如圖甲所示為一臺小型發(fā)電機(jī)構(gòu)造的示意圖，線圈逆時針轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的電動勢隨時間變化

的正弦規(guī)律圖像如圖乙所示，發(fā)電機(jī)線圈電阻為20,外接燈泡的電阻為10。則（）

A.瞬時電動勢的表達(dá)式為e=6cs出1007rt⑺

B.電壓表的示數(shù)為61/

C.在t=0.01s時，穿過線圈的磁通量最小

D.發(fā)電機(jī)的輸出功率為2.5分

9.如圖甲為簡諧橫波在t=0.1s時刻的波形圖，P、Q、M分別是平衡位置在與=1.0m,x2=

4.0m,叼=8.0TH處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)M的振動圖像，下列說法正確的是（)

A.該簡諧波沿x軸負(fù)方向傳播

B.在t=0.2s時，質(zhì)點(diǎn)「向、軸正方向運(yùn)動

C.在t=0.25s時，質(zhì)點(diǎn)P的加速度方向沿y軸正方向

D.在t=0.25s時，質(zhì)點(diǎn)Q的位移為-10cm

10.如圖所示，垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。紙而乂乂Xx

ab

內(nèi)有一正方形均勻金屬線框abed,其邊長為3總電阻為R,vBvv乂

XXXA

ad邊與磁場邊界平行，從ad邊剛進(jìn)入磁場直至左邊剛要進(jìn)入

XXvXX

磁場的過程中，線框在向左的拉力作用下以速度。勻速運(yùn)動，dc

XXXX

下列說法正確的是（）

A.兒邊的c點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢B.線框中的感應(yīng)電流/=學(xué)

n

C,拉力的功率P=比客D.線框產(chǎn)生的焦耳熱Q=柴

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分）

11.小民在某校物理實(shí)驗(yàn)室做“用單擺測定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)時，

(1)讓刻度尺的零點(diǎn)對準(zhǔn)擺線的懸點(diǎn)，擺線豎直下垂，如圖(a)所示，那么單擺擺長是

cm,用十分度游標(biāo)卡尺測得擺球直徑為cm,如圖(b)所示，如果測定了53次全振動的

時間如圖(c)中秒表所示，單擺的擺動周期是s(保留三位有效數(shù)字)，若圓周率近似值

3.14,該實(shí)驗(yàn)室重力加速度是zn/s2(保留三位有效數(shù)字)。

(2)在本實(shí)驗(yàn)中，有人提出以下幾點(diǎn)建議：其中對提高測量結(jié)果精確度有利的是。

A.適當(dāng)加長擺線

B.質(zhì)量相同、體積不同的擺球，應(yīng)選用體積較大的

C.單擺偏離平衡位置的角度不能太大

D當(dāng)單擺經(jīng)過平衡位置時開始計(jì)時，經(jīng)過一次全振動后停止計(jì)時，用此時間間隔作為單擺振

動的周期

12.小張同學(xué)用如圖甲所示的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置來測量光的波長。

縫

光源凸透鏡濁光片單縫雙遮光筒毛玻璃屏目鏡

A

ABAB

前?一次測量后?一次測量

乙

(1)在組裝儀器時單縫和雙縫應(yīng)該相互放置(選填“垂直”或“平行”)。

（2）若想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，該同學(xué)可以。

4將單縫向雙縫靠近

區(qū)將屏向靠近雙縫的方向移動

C.將屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動

n使用雙縫之間的距離更大的雙縫

（3）觀察測量的圖樣（如圖乙所示），調(diào)節(jié)儀器使分劃板的中心刻線對準(zhǔn)一條亮條紋a的中心，

測量頭的示數(shù)如圖丙所示，其示數(shù)為mm,移動手輪使分劃板中心刻線對準(zhǔn)另一條亮

條紋B的中心,測量頭的示數(shù)為10.495rmn。已知雙縫擋板與光屏間距為0.6m,雙縫相距0.2nun,

則所測單色光的波長為爪。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

四、簡答題（本大題共3小題，共40.0分）

13.真空中有一半徑為R=8cm,質(zhì)量分布均勻的玻璃球，其過球心。的橫截面如圖所示。一

單色光束亂4從真空以入射角i于玻璃表面的A點(diǎn)射入玻璃球，又從玻璃球表面的B點(diǎn)射出，出

射角y=60。，已知乙4OB=120。，光在真空中的傳播速度c=3x1。87n/s,求該光束在玻璃

中的折射率和該光束在玻璃球中的傳播時間。

14.如圖所示，半徑為R=0.8m的四分之一光滑圓弧固定在水平桌面的邊緣，圓弧末端與桌

面的邊緣相切，桌面的邊/i=0.8?n,一個質(zhì)量m=0.2kg的小金屬球4靜止在圓弧最低點(diǎn)，另

一個質(zhì)量M=0.5kg的小金屬球B由圓弧最高處靜止滑下，并與小金屬球4發(fā)生對心碰撞，小

金屬球B落地處離桌子邊緣水平距離SB=0.8m,g取lOm/s2,不計(jì)空氣阻力，兩個小金屬球

均可視為質(zhì)點(diǎn)，求小金屬球4落地處離桌子邊緣水平距離。

15.如圖所示，y>0區(qū)域存在著垂直xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場,

在第四象限的空間中存在著平行于xOy平面沿y軸正方向的勻強(qiáng)

電場。一質(zhì)量為小，帶電量為q的帶正電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)以初速

度先射入磁場，方向與x軸負(fù)方向成60。角斜向上，然后經(jīng)過M點(diǎn)

進(jìn)入電場，并從y軸負(fù)半軸的N點(diǎn)垂直y軸射出電場。已知M點(diǎn)坐

標(biāo)為(。0),粒子所受的重力不計(jì)，求：

(1)畫出帶電粒子在磁場和電場中全程運(yùn)動的軌跡;

(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?/p>

(3)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：AB.由豎直上拋運(yùn)動的對稱性可知，物體落地時的速度大小V=5m/s,方向豎直向

下。只受重力作用，取豎直向上為正方向，則整個過程中重力的沖量為：/=-mv-mv=-2mv=

-2x5x5W-s=-50W-s,負(fù)號表示重力的沖量方向豎直向下，故AB錯誤；

C、上升過程重力的沖量/'=0—=—5x5N?s=-25N-s,負(fù)號表示重力的沖量方向豎直向

下，故C錯誤；

D、上升過程動量變化4P=0-mv=-5x5kg-m/s=-25kg-m/s,同理下降過程動量變化也

為-2Skg-m/s,方向相同，都向下，故。正確。

故選：Do

根據(jù)動量定理求解整個過程中重力的沖量。根據(jù)動量定理求解上升過程和下落過程重力的沖量大

小，再分析上升過程和下落過程中動量的變化量大小關(guān)系。

本題要掌握動量變化量的概念和動量定理，要注意規(guī)定正方向，用正負(fù)號表示速度方向。

2.【答案】C

【解析】解：4根據(jù)振動圖像可知，波源在0時刻振動，同時波形經(jīng)過L=：7'傳遞到浮標(biāo)處，浮

14

標(biāo)的振動周期為7=4口，根據(jù)頻率和周期的關(guān)系可知頻率為：/=/，故A錯誤；

B.波源的振動情況經(jīng)過句傳到距離L處的浮標(biāo)，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可知波速大小為口=看,故B錯誤；

C.根據(jù)波長的計(jì)算公式有：a=uT=g-4ti=4L,故C正確；

。.根據(jù)題意可知浮標(biāo)在|q時刻沿y軸正方向運(yùn)動，故。錯誤。

故選：Co

根據(jù)圖像分析出浮標(biāo)的振動周期，由此得出浮標(biāo)的頻率；根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得出水波的傳播速度；

根據(jù)波長的計(jì)算公式，結(jié)合圖像的物理意義即可完成分析。

本題考查波的形成，明確波的傳播特點(diǎn)是解題的關(guān)鍵，注意各質(zhì)點(diǎn)的振動情況并與波源相聯(lián)系，

基礎(chǔ)題。

3.【答案】B

【解析】解：4、因?yàn)榱Ｗ酉蛳缕D(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可得粒子帶負(fù)電，故A錯誤;

BC、根據(jù)洛倫茲力提供向心力：qBv=m^則R=,可知,若僅增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子運(yùn)動

的半徑減小，粒子可能從b點(diǎn)左側(cè)射出；若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從b點(diǎn)右側(cè)射出，故8

正確，C錯誤；

。、若僅增大入射速率，根據(jù)R=翁，可知粒子在磁場中運(yùn)動半徑增大，粒子軌跡對應(yīng)的圓心角

將減小，根據(jù)t=而運(yùn)動周期7=半=警，7保持不變，可知粒子運(yùn)動的時間減小，故。

Z7TVqtf

錯誤。

故選：Bo

根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)情況，根據(jù)左手定則判斷粒子的電性；根據(jù)R=北，分析僅增大或減小磁感應(yīng)強(qiáng)

度粒子運(yùn)動的半徑如何變化，進(jìn)而判斷粒子的射出點(diǎn)的變化情況；分析僅增大入射速率，判斷粒

子在磁場中運(yùn)動的半徑如何變化，然后判斷粒子軌跡對應(yīng)的圓心角和運(yùn)動時間如何變化。

本題考查了帶電粒子在有界磁場中的運(yùn)動，解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握洛倫茲力提供向心力的勻

速圓周運(yùn)動模型。

4.【答案】B

【解析】解：2、某時刻，電流的方向由b流向a,且電流強(qiáng)度正在減弱過程中，電場能減小，磁

場能增加，故自感電動勢阻礙電流的增大，則該時刻線圈的自感電動勢正在增大，故A錯誤；

以電流的方向由b流向a,且電流強(qiáng)度正在減弱過程中，電容器充電，由右手螺旋定則判斷，電

容器下極板帶正電，故B正確；

C、若探測儀靠近金屬時，相當(dāng)于給線圈增加了鐵芯，所以其自感系數(shù)L增大，根據(jù)公式/=9立

可知，其自感系數(shù)L增大時振蕩電流的頻率降低，故C錯誤；

。、此時電流強(qiáng)度正在減弱過程中，雖然探測儀與金屬保持相對靜止，金屬也會產(chǎn)生感應(yīng)電流，

故。錯誤。

故選：B.

在LC振蕩電路中，當(dāng)電容器充電時，電流在減小，電容器上的電荷量增大，磁場能轉(zhuǎn)化為電場能；

根據(jù)電磁振蕩的頻率公式進(jìn)行分析。

解決本題的關(guān)鍵知道在LC振蕩電路中，當(dāng)電容器充電時，電流在減小，電容器上的電荷量增大，

磁場能轉(zhuǎn)化為電場能；當(dāng)電容器放電時，電流在增大，電容器上的電荷量減小，電場能轉(zhuǎn)化為磁

場能。

5.【答案】C

【解析】解：B、根據(jù)Em=NBSs可知，發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?倍，發(fā)電機(jī)感應(yīng)電動勢的

最大值變?yōu)樵瓉淼?倍，感應(yīng)電動勢的有效值變?yōu)樵瓉淼?倍，理想變壓器的原線圈的電壓為原來

的2倍，原副線圈匝數(shù)不變，根據(jù)錢=得可知，理想變壓器的副線圈的電壓為原來的2倍，電壓表

V的讀數(shù)變?yōu)?U,故B錯誤；

2

A、副線圈兩端電壓變?yōu)樵瓉淼?倍，定值電阻R兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)p=Z可知，定

R

值電阻R消耗的功率變?yōu)?P,故A錯誤；

C、定值電阻R兩端的電壓U變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)歐姆定律/=g可知通過理想變壓器的副線圈的

電流為原來的2倍，原副線圈匝數(shù)不變，根據(jù)詈可知，理想變壓器原線圈的電流為原來的2倍，

12叫

電流表4的讀數(shù)變?yōu)?1,故C正確；

。、發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速n變?yōu)樵瓉淼?倍，由3=2/m=2/rf可知通過R的交變電流頻率/變?yōu)樵瓉?/p>

的2倍，故。錯誤。

故選：Co

發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)公式Em=NBS3知道理想變壓器的原線圈的電壓為原來

的2倍，再根據(jù)變壓器的變壓比分析電壓表V的讀數(shù)如何變化，根據(jù)功率公式P=勿分析R消耗的

R

功率。由歐姆定律確定電流表的讀數(shù)。根據(jù)發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)速的變化分析交變電流頻率的變化。

解決本題的關(guān)鍵是明確發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與角速度的關(guān)系，搞清理想變壓器原副線圈的電

壓、電流、功率、頻率關(guān)系，通過列式來進(jìn)行半定量分析。

6.【答案】D

【解析】解：4BD.外力搖手柄使得銅盤轉(zhuǎn)動產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的原因是銅盤盤面上無數(shù)個沿半徑方

向的銅棒在切割磁感線，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知發(fā)電機(jī)產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為：

E罟=嘩,故AB錯誤，。正確；

TT

C.若用外力順時針（從左邊看）轉(zhuǎn)動銅盤時，根據(jù)右手定則可得感應(yīng)電流方向?yàn)镃到。（電源內(nèi)部），

因此通過R的電流自下而上，故C錯誤。

故選：D。

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得出感應(yīng)電動勢的表達(dá)式；

根據(jù)右手定則得出感應(yīng)電流的方向。

本題主要考查了電磁感應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，理解感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，結(jié)合右手定則即可完成分析。

7.【答案】D

【解析】解：K閉合穩(wěn)定后傳感器上示數(shù)為苧，說明此時下極板帶正電，即下極板電勢高于上極

板電勢，極板間的場強(qiáng)方向向上，大小滿足

5mq

Eq+mg=—^―

解得：？=誓

在勻強(qiáng)電場中，電勢差和場強(qiáng)的關(guān)系式為：

U=Ed

解得：U二孚

3<7

線圈部分相當(dāng)于電源，則感應(yīng)電流的方向是從上往下，據(jù)此結(jié)合楞次定律可判斷穿過線圈的磁通

量正在增加，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小為

E—n.

At

可得：瞿=鬻，故ABC錯誤，。正確；

故選：Do

根據(jù)傳感器的示數(shù)結(jié)合電場力的計(jì)算公式得出場強(qiáng)的大小，結(jié)合公式U=Ed得出電勢差的大小，

再結(jié)合電路構(gòu)造的分析和法拉第電磁感應(yīng)定律得出磁場的變化關(guān)系。

本題主要考查了電磁感應(yīng)定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉法拉第電磁感應(yīng)定律得出電動勢的大小，結(jié)合場

強(qiáng)的計(jì)算公式即可完成分析。

8.【答案】AD

【解析】解：4由圖可知，電動勢的最大值為：

Em=6<2K

周期為0.02s,則瞬時電動勢的表達(dá)式為

2兀

e=EmSin（萬r）t

代入數(shù)據(jù)得：e=6?攵s譏lOOirtC。，故A正確；

A電動勢有效值為：

E-至

解得：E=6V

電壓表的示數(shù)為：

代入數(shù)據(jù)得：U=5V,故8錯誤；

C.在t=0.01s時，電動勢為0,此時穿過線圈的磁通量最大，故C錯誤：

。.燈泡消耗的功率

U2

P=~R

代入數(shù)據(jù)得：P=2.5W,故發(fā)電機(jī)的輸出功率為2.5/，故。正確。

故選:AD.

由圖讀出電動勢的最大值，根據(jù)周期求得角速度，即可表示出線圈轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時

表達(dá)式；求出電動勢的有效值，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出外電壓的有效值，即為電壓表的示數(shù)；

根據(jù)圖象判斷t=0.01s時，穿過線圈的磁通量最大；根據(jù)電壓有效值求出發(fā)電機(jī)的輸出功率。

交流電的電壓、電流、電動勢等物理量都隨時間周期性變化，明確求解交流電的焦耳熱、電功、

電功率時要用交流電的有效值。

9.【答案】BD

【解析】解：力、由圖乙可知，t=0.1s時質(zhì)點(diǎn)M正處于平衡位置且向下振動，結(jié)合圖甲可知，根

據(jù)波形平移法可知該簡諧波沿》軸正方向傳播，故A錯誤；

B、根據(jù)圖乙可知，該波周期7=0,2s,t=0.1s時質(zhì)點(diǎn)P正沿y軸負(fù)方向運(yùn)動，再經(jīng)過半個周期即

在t=0.2s時，質(zhì)點(diǎn)P沿y軸正方向運(yùn)動，故8正確；

C、t=0.1s時質(zhì)點(diǎn)P在平衡位置上方且正沿y軸負(fù)方向運(yùn)動，再經(jīng)過，個周期即在t=0.25s時，則

質(zhì)點(diǎn)P處于平衡位置上方，回復(fù)力指向平衡位置，則其加速度方向沿y軸負(fù)方向，故C錯誤；

￡＞、t=0.1s時質(zhì)點(diǎn)Q在平衡位置處且向y軸正方向運(yùn)動，再經(jīng)過,個周期即在t=0.25s時，則其在

波谷，則位移為—10cm,故￡）正確。

故選：BD.

根據(jù)乙圖讀出M點(diǎn)在t=0.1s時的振動方向，結(jié)合甲圖判斷出波的傳播方向；根據(jù)時間與周期的關(guān)

系分析質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動方向和加速度方向，分析Q的位置，確定Q的位移大小。

本題是波動圖像與振動圖像的綜合，要抓住兩種圖像的內(nèi)在聯(lián)系，由振動圖象讀出振動方向，由

波動圖象判斷波的傳播方向。

10.【答案】ABC

【解析】解：4線框向左運(yùn)動，由右手定則或楞次定律得線框中感應(yīng)電流方向逆時針，由電路知

識得be邊的c點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢，故A正確；

B.由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，感應(yīng)電動勢E=BL。，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知線框中的感應(yīng)電

流

1=號=胃,故8正確；

C根據(jù)線框的平衡狀態(tài)可知拉力大小等于安培力大小，則有：F=BIL

拉力的功率為：0=?〃=也至，故C正確；

R

。.線框在磁場中運(yùn)動時間為：t=L

V

線框產(chǎn)生的焦耳熱為：Q=/2Rt=^故。錯誤。

R

故選：ABC.

根據(jù)右手定則得出電流的方向，結(jié)合電路構(gòu)造的分析得出ab兩點(diǎn)的電勢高低；

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得出電動勢的大小，結(jié)合閉合電路歐姆定律得出感應(yīng)電流的大小；

根據(jù)安培力的公式，結(jié)合功率的計(jì)算公式得出功率的大小；

根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得出運(yùn)動的時間，再結(jié)合焦耳定律得出對應(yīng)的焦耳熱。

本題主要考查了電磁感應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，掌握電學(xué)物理量的計(jì)算公式，結(jié)合安培力的計(jì)算公式和焦

耳定律即可完成分析。

11.【答案】87.3152.171.889.74AC

【解析】解：（1）游標(biāo)卡尺的分度值為O.lnun，不需要估讀，得擺球直徑為

d=2.1cm+7x0.1mm=2.17cm

再根據(jù)（Q）圖可讀出L=88.40cm

則單擺擺長是

d2.17

E=L-2=88.40cm----工—cm=87.315cm

根據(jù)（c）圖秒表的讀數(shù)

90s+9.8s=99.8s

所以單擺擺動周期為1.88s,根據(jù)單擺的周期公式

代入數(shù)據(jù)解得：g=9.74m/s2

(2)4單擺的擺長越長，周期越大，適當(dāng)加長擺長，便于測量周期，可以減小測量的誤差，提供測

量結(jié)果的精確度，故A正確；

8.要減小空氣阻力的影響，應(yīng)選體積較小的擺球，故B錯誤；

C單擺在擺角很小的情況下才做簡諧運(yùn)動，則單擺偏離平衡位置的角度不能太大，一般不超過5。，

故C正確；

。.單擺周期較小，把一次全振動的時間作為周期，測量誤差較大，應(yīng)采用累積法，測多個周期的

時間取平均值作為單擺的周期，故。錯誤。

故選：AC.

故答案為：(1)87.315；2.17；1.88；9.74；(2)4C

(1)根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則得出對應(yīng)的長度，從而得出擺球的直徑，再結(jié)合秒表的讀數(shù)和單擺的

周期公式得出g的大??；

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析出能提高測量結(jié)果準(zhǔn)確度的操作方案。

本題主要考查了單擺測量重力加速度的實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，熟悉儀器的讀

數(shù)規(guī)則，結(jié)合單擺的周期公式即可完成分析。

12.【答案】平行BD5.6954.0X10-7

【解析】解：(1)根據(jù)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)原理可知，單縫是形成線光源，雙縫是形成兩條平行的相關(guān)光

源，因此單縫和雙縫必須平行才能產(chǎn)生清晰的干涉條紋；

(2)若想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，應(yīng)該使干涉條紋間距變窄，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式

4%=。；!可知，在使用同種光的情況下，可減小光屏和雙縫之間的距離I,或增大雙縫間距都可以

增加觀察到的條紋數(shù)，故AC錯誤，BD正確。

故選：BDo

⑶螺旋測微器的分度值為O.Olzmn,讀數(shù)與=5.5mm+0.01mmx19.5=5.695mm

104955695

由題意知條紋間距4%=~-mm=1.2mm

4

由題根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Zx=

a

-7

可得，=華=X0.2x10-3m=4.0x10m?

I0.6

故答案為:(1)平行；(2)BD；(3)5,695；4.0x10-。

(1)根據(jù)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)操作分析作答；

(2)若想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，應(yīng)該減小雙縫干涉條紋間距，結(jié)合雙縫干涉條紋間距公

式作答；

(3)螺旋測微器的分度值為O.Olnvn,測量值=固定刻度對應(yīng)示數(shù)(nun)+對齊格數(shù)(估讀一位)x精

確度；

根據(jù)題意求解相鄰亮條紋之間的距離，再根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式求波長。

本題主要考查了雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合雙縫

干涉條紋間距公式4%=即可完成分析。

13.【答案】解：(1)根據(jù)幾何關(guān)系可知

根據(jù)光路可逆入射角i=60。，由折射定律得

sinz.OAB

n=y/~~3

(2)由折射率〃=；；可知