浙江省普通高校2024年1月招生選考科目考試物理試題 解析版

浙江省普通高校2024年1月招生選考科目考試物理試題1.下列屬于國際單位制基本單位符號的是()A.s2.杭州亞運會順利舉行，如圖所示為運動會中的四個比賽A.研究甲圖運動員的入水動作B.研究乙圖運動員的空中轉(zhuǎn)體姿態(tài)C.研究丙圖運動員在百米比賽中的平均速度D.研究丁圖運動員通過某個攀巖支點的動作3.如圖所示，質(zhì)量為m的足球從水平地面上位置1被踢出后落在位置3,在空中達(dá)到最高點2的高度為h,則足球()A.從1到2動能減少mghB.從1到2重力勢能增加mghC.從2到3動能增加mghD.從2到3機(jī)械能不變4.磁電式電表原理示意圖如圖所示，兩磁極裝有極靴，極靴金屬板A.圖示左側(cè)通電導(dǎo)線受到安培力向下金屬板B.a、b兩點的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同C.圓柱內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度處處為零D.c、d兩點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等5.如圖為某燃?xì)庠铧c火裝置的原理圖。直流電經(jīng)轉(zhuǎn)換器輸出u=5sin100πt(V)的交流電，經(jīng)原、副線圈匝數(shù)分別為n?和n?的變壓器升壓至峰值大于10kV,就會在打火針和金屬板間引發(fā)電火花，實現(xiàn)點火。下列正確的是()C.用電壓表測原線圈兩端電壓，示數(shù)為5VD.副線圈輸出交流電壓的頻率是100Hz6.如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)，小球A、B上系有不可伸長的細(xì)線a、b、c和d,其中a的上端懸掛于豎直固定的支架上，d跨過左側(cè)定滑輪、c跨過右側(cè)定滑輪分別與相同配重P、Q相連，調(diào)節(jié)左、右兩側(cè)定滑輪高度達(dá)到平衡。已知小球A、B和配重P、Q質(zhì)量均為50g,細(xì)線c、d平行且與水平成θ=30°(不計摩擦),則細(xì)線a、b的拉力分別為()A.2N,1NB.2N,0.5NC.1N,1N7.已知氘核質(zhì)量為2.0141u,氚核質(zhì)量為3.0161u,氦核質(zhì)量為4.0026u,中子質(zhì)量為1.0087u,阿伏加氦，下列說法正確的是()B.氘核的比結(jié)合能比氦核的大C.氘核與氚核的間距達(dá)到10~10m就能發(fā)生核聚變D.4g氘完全參與聚變釋放出能量的數(shù)量級為1025MeV8.如圖所示，小明取山泉水時發(fā)現(xiàn)水平細(xì)水管到水平地面的距離為水桶高的兩倍，在地面上平移水桶，水恰好從桶口中心無阻擋地落到桶底邊沿A。已知桶高為h,直徑為D,則水離開出水口的速度大小9.如圖所示，2023年12月9日“朱雀二號”運載火箭順利將“鴻鵠衛(wèi)星”等三顆衛(wèi)星送入距離地面約列說法正確的是()A.火箭的推力是空氣施加的B.衛(wèi)星的向心加速度大小約8.4m/s2C.衛(wèi)星運行的周期約12hD.發(fā)射升空初始階段，裝在火箭上部的衛(wèi)星處于失重狀態(tài)10.如圖1所示，質(zhì)量相等的小球和點光源，分別用相同的彈簧豎直懸掛于同一水平桿上，間距為l,豎直懸掛的觀測屏與小球水平間距為2l,小球和光源做小振幅運動時，在觀測屏上可觀測小球影子的運動。以豎直向上為正方向，小球和光源的振動圖像如圖2所示，則()5、6用H?和Hy光進(jìn)行如下實驗研究，則()HαHα A.10-23V,10-7AB.10-20v,10-7AC.10-23V,10-5AD.10-20v,10-14.下列說法正確的是()A.相同溫度下，黑體吸收能力最強(qiáng)，但輻射能力最弱B.具有相同動能的中子和電子，其德布羅意波長相同C.電磁場是真實存在的物質(zhì)，電磁波具有動量和能量D.自然光經(jīng)玻璃表面反射后，透過偏振片觀察，轉(zhuǎn)動偏振片時可觀察到明暗變化15.在如圖所示的直角坐標(biāo)系中，xOz平面為介質(zhì)I和Ⅱ的分界面(z軸垂直紙面向外)。在介質(zhì)I中的P(0,4λ)處有一點波源，產(chǎn)生波長為λ、速度為v的波。波傳到介質(zhì)Ⅱ中，其速度為√2v,圖示時刻介質(zhì)Ⅱ中僅有一個波峰，與x軸和y軸分別交于R和S點，此時波源也恰好位于波峰。M為O、R連線的中點，入射波與反射波在O點相干加強(qiáng)，則()B.S點的坐標(biāo)為(0,-B.S點的坐標(biāo)為(0,-√2λ)C.入射波與反射波在M點相干減弱16.如圖1所示是“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置。(1)該實驗中同時研究三個物理量間關(guān)系是很困難的，因此我們采用的研究方法是A.放大法B.控制變量法C.補(bǔ)償法(2)該實驗過程中操作正確的是A.補(bǔ)償阻力時小車未連接紙帶B.先接通打點計時器電源，后釋放小車C調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)繩與水平桌面平行(3)在小車質(zhì)量(選填“遠(yuǎn)大于”或“遠(yuǎn)小于”)槽碼質(zhì)量時，可以認(rèn)為細(xì)繩拉力近似等于槽列可行的方案是A.用氣墊導(dǎo)軌代替普通導(dǎo)軌，滑塊代替小車B.在小車上加裝遮光條，用光電計時系統(tǒng)代替打點計時器C.在小車與細(xì)繩之間加裝力傳感器，測出小車所受拉力大小(4)經(jīng)正確操作后獲得一條如圖2所示的紙帶，建立以計數(shù)點0為坐標(biāo)原點的x軸，各計數(shù)點的位置坐標(biāo)分別為0、x?、…、x?。已知打點計時器的打點周期為T,則打計數(shù)點5時小車速度的表達(dá)式V=_;小車加速度的表達(dá)式是。17.在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實驗中，把電阻箱R(0～99992)、一節(jié)干電池、微安表(量程0～300μA,零刻度在中間位置)、電容器C(2200μF、16V)、單刀雙擲開關(guān)組裝成如圖1所示的實驗電路。圖1圖2(1)把開關(guān)S接1,微安表指針迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小到零：然后把開關(guān)S接2,微安表指針偏轉(zhuǎn)情況是A.迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小B.向右偏轉(zhuǎn)示數(shù)逐漸增大C.迅速向左偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小D.向左偏轉(zhuǎn)示數(shù)逐漸增大(2)再把電壓表并聯(lián)在電容器兩端，同時觀察電容器充電時電流和電壓變化情況。把開關(guān)S接1,微安表指針迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小到160μA時保持不變；電壓表示數(shù)由零逐漸增大，指針偏轉(zhuǎn)到如圖2所示位置時保持不變，則電壓表示數(shù)為V,電壓表的阻值為k2(計算結(jié)果保留18.在探究熱敏電阻的特性及其應(yīng)用的實驗中，測得熱敏電阻R,在不同溫度時的阻值如下表溫度/℃電阻/(1022)某同學(xué)利用上述熱敏電阻R?、電動勢E=3V(內(nèi)阻不計)的電源、定值電阻R(阻值有3k2、5k2、12kΩ三種可供選擇)、控制開關(guān)和加熱系統(tǒng)，設(shè)計了A、B、C三種電路。因環(huán)境溫度低于20℃,現(xiàn)要求將室內(nèi)溫度控制在20℃~28℃范圍，且1、2兩端電壓大于2V,控制開關(guān)開啟加熱系統(tǒng)加熱，則應(yīng)選擇的電路是,定值電阻R的阻值應(yīng)選k32,1、2兩端的電壓小于V時，自動關(guān)閉加熱系統(tǒng)(不考慮控制開關(guān)對電路的影響)。加熱系統(tǒng)加熱系統(tǒng)控制開關(guān)R?R2積為S=100cm2的絕熱活塞B被鎖定，隔板A的左側(cè)為真空，右側(cè)中一定質(zhì)量的理想氣體處于溫度狀態(tài)2。然后解鎖活塞B,同時施加水平恒力F,仍使其保持靜止，當(dāng)電阻絲C加熱時，活塞B能緩慢滑動(無摩擦),使氣體達(dá)到溫度T?=350K的狀態(tài)3,氣體內(nèi)能增加△U=63.8J。已知大氣壓強(qiáng)p?=1.01×10?Pa,隔板厚度不計。(1)氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2是(選填“可逆”或“不可逆”)過程，分子平均動能(2)求水平恒力F的大小；(3)求電阻絲C放出的熱量Q。20.某固定裝置的豎直截面如圖所示，由傾角θ=37°的直軌道AB,半徑R=1m的圓弧軌道BCD,長度L=1.25m、傾角為θ的直軌道DE,半徑為R、圓心角為θ的圓弧管道EF組成，軌道間平滑連接。在軌道末端F的右側(cè)光滑水平面上緊靠著質(zhì)量m=0.5kg滑塊b,其上表面與軌道末端F所在的水平面平齊。質(zhì)量m=0.5kg的小物塊a從軌道AB上高度為h靜止釋放，經(jīng)圓弧軌道BCD滑上軌道DE,軌道DE由特殊材料制成，小物塊a向上運動時動摩擦因數(shù)μ?=0.25,向下運動時動摩擦因數(shù)μ?=0.5,且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。當(dāng)小物塊a滑塊b上滑動時動摩擦因數(shù)恒為μ?,小物塊a動到滑塊右側(cè)的豎直擋板能發(fā)生完全彈性碰撞。(其它軌道均光滑，小物塊視為質(zhì)點，不計空氣阻力，sin37°=0.6,cos37°=0.8)(2)若h=1.6m,滑塊至少多長才能使小物塊不脫離滑塊。21.如圖1所示，掃描隧道顯微鏡減振裝置由絕緣減振平臺和磁阻尼減振器組成。平臺通過三根關(guān)于0'0”軸對稱分布的相同輕桿懸掛在輕質(zhì)彈簧的下端O,彈簧上端固定懸掛在0'點，三個相同的關(guān)于0'0”軸對稱放置的減振器位于平臺下方。如圖2所示，每個減振器由通過絕緣輕桿固定在平臺下表面的線圈和固定在桌面上能產(chǎn)生輻向磁場的鐵磁體組成，輻向磁場分布關(guān)于線圈中心豎直軸對稱，線圈所在處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。處于靜止?fàn)顟B(tài)的平臺受到外界微小擾動，線圈在磁場中做豎直方向的阻尼運動，其位移隨時間變化的圖像如圖3所示。已知t=0時速度為vo,方向向下，t?、t?時刻的振幅分別為A?,A?。平臺和三個線圈的總質(zhì)量為m,彈簧的勁度系數(shù)為k,每個線圈半徑為r、電阻為R。當(dāng)彈簧形變量圖1圖2圖3(1)平臺靜止時彈簧的伸長量△x;(2)t=0時，每個線圈所受到安培力F的大?。?3)在0～t?時間內(nèi)，每個線圈產(chǎn)生的焦耳熱Q;在豎直平面內(nèi)有三個平行區(qū)域I、Ⅱ和Ⅲ;I區(qū)寬度為d,存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直平面向外的勻強(qiáng)磁場，Ⅱ區(qū)的寬度很小。I區(qū)和Ⅲ區(qū)電勢處處相等，分別為9和Q,其電勢差U=φa-9a。一束質(zhì)量為m、電荷量為e的質(zhì)子從O點以入射角θ射向I區(qū)，在P點以出射角θ射出，實現(xiàn)“反射”;質(zhì)子在平面內(nèi)運動，單位時間發(fā)射的質(zhì)子數(shù)為N,初速度為v?,不計質(zhì)子重力，不考慮質(zhì)子間相互作用以及質(zhì)子對磁場和電勢分布的影響。(1)若不同角度射向磁場的質(zhì)子都能實現(xiàn)“反射”,求d的最小值；(2)若求“折射率”n(入射角正弦與折射角正弦的比值)(3)計算說明如何調(diào)控電場，實現(xiàn)質(zhì)子束從P點進(jìn)入Ⅱ區(qū)發(fā)生“全反射”(即質(zhì)子束全部返回I區(qū))質(zhì)子打在探測板上即被吸收中和。若還有另一相同質(zhì)子束，與原質(zhì)子束關(guān)于法線左右對稱，同時從O點射入I區(qū)，且θ=30°,求探測板受到豎直方向力F的大小與U之間的關(guān)系?！痉治觥繃H單位制中的力學(xué)上的三個基本物理量分別是質(zhì)量，時間和長度D、研究丁圖運動員通過某個攀巖支點的動作,不可以將運動員看做質(zhì)點，D錯誤?！窘馕觥俊窘獯稹緼、從1到2的過程中除重力做功外，還存在空氣阻力做功，則無法計算從1到2過程B、從1到2過程中克服重力做功為mgh,則重力勢能增加了mgh,B正確。C、從2到3過程中重力做功為mgh,空氣阻力還做了一部分負(fù)功，則從2到3過程動能增加量小于【分析】由圖可知，若不存在空氣阻力則足球在上C、圓柱體內(nèi)部雖然沒有沒有畫出磁感線，但內(nèi)部磁感應(yīng)強(qiáng)度并不為零，C錯誤。D、由磁感線疏密可知，c點磁感應(yīng)強(qiáng)度大于d點磁感應(yīng)強(qiáng)度，D錯誤。【分析】由磁感線的疏密和方向判斷a,b,c,d四個點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向，再由左手定則判斷左側(cè)通電導(dǎo)線所受的安培力情況。代入數(shù)據(jù)解得若使輸出電壓大于10kv,則C、電壓表測量的是原線圈電壓的有效值，則示數(shù)為D、變壓器智能改變電壓的大小，不改變電壓的頻率，則輸出電壓的頻率為【分析】根據(jù)變壓器原副線圈匝數(shù)之比等于兩端電壓之比計算原副線圈匝數(shù)之比，電壓表示數(shù)顯示的是交變電流的有效值而不是最大值?！窘馕觥俊窘獯稹繉,B兩球整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件可知代入數(shù)據(jù)解得Fa=2mg=1N對A進(jìn)行受力分析，b的拉力等于c的拉力與A重力的合力，由平行四邊形定則可知細(xì)線c的拉力與A重力的合力大小為0.5N,則故D正確。【分析】對A和B整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件計算細(xì)線a的拉力大小；再對A球進(jìn)行受力分析，根據(jù)平行四邊形定則計算細(xì)線b拉力的大小?！窘馕觥俊窘獯稹緼、核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，核反應(yīng)方程為A錯誤。B、氘核的比結(jié)合能比氦核的小，B錯誤。C、氘核與氚核的間距達(dá)到10-15m才能發(fā)生核聚變，C錯誤。D、一個氘核與一個氚核發(fā)生核聚變，質(zhì)量虧損為釋放的能量為△E=4g氘完全參與聚變，釋放的能量為D正確?！痉治觥扛鶕?jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒寫出核反應(yīng)方程，再由愛因斯坦質(zhì)能方程計算聚變過程中所釋放出的能量。【解析】【解答】水流噴出后做平拋運動，設(shè)出水口到桶中心的水平距離為x,則有水落至桶底時有【分析】水流離開出水口后做平拋運動，根據(jù)平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動列方程計算水流的初速度大小?！局R點】衛(wèi)星問題B、由牛頓第二定律可知則C、衛(wèi)星運行的周期滿足則D、發(fā)射升空初始階段，裝在火箭上部的衛(wèi)星向上加速，處于超重狀態(tài)，D錯誤?！痉治觥繉Πl(fā)射火箭的過程進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第三定律分析火箭推力的來源，再對衛(wèi)星進(jìn)行受力分析，由萬有引力定律和加速度與周期之間的關(guān)系，計算加速度和周期的大小。B、t?時刻光源處于上方最大位移處，則加速度向下，B錯誤。C、由圖像可知，小球和光源的振動步調(diào)相同，則兩者之間的相位差為零，即tz時刻小球與影子相位差D、由圖像可知t?時刻，光源位于最低點，小球位于最高點，此時影子所處的位置處于最高點，由幾何關(guān)系可知解得即t?時刻影子的位移為5A,D正確。【分析】對振動圖像進(jìn)行分析，圖像的斜率表示速度的大小，振子的加速度與位移方向相反，再根據(jù)幾何關(guān)系計算影子的位移大小?！窘馕觥俊窘獯稹緼、M、N間距離增大，兩板間電壓保持不變，則根據(jù)此過程中電場力對電子所做的功保持不變，則電子到達(dá)N的動能保持不變，A錯誤。B、沿任何方向逸出的光電子最大初動能都為C、電子向y軸逸出時，到達(dá)N板時y方向位移最大，則D、電流表示數(shù)恰好為零時，則解得【分析】根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程分析光電子逸出時的最【解析】【解答】A、由巴爾末公式可知Hy光的波長較長，則照射單縫衍射裝置時，中央亮條紋最寬，可知H,光的頻率較小，折射率小，在平行板玻璃磚的偏移量較小，B錯誤。C、H,頻率較小，光子能量較小，以相同的功率發(fā)射細(xì)光束，單位長度的平均光子數(shù)較多，C正確。D、H,頻率較小，光子能量較小，光子數(shù)目多，則飽和光電流大，D錯誤。【分析】根據(jù)巴爾末公式比較Hy光和Hg的波長，頻率，折射率和光子能量，再由幾何光學(xué)和物理光學(xué)聯(lián)立解得感應(yīng)電動勢的大小為則感應(yīng)電動勢和一年后電流減小量的數(shù)量級分別為10-20v,10-5A,D正確?！痉治觥扛鶕?jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和電阻定律抑菌劑電流與磁場之間的關(guān)系列方程分析求解感應(yīng)電動勢和電流的變化量?！窘馕觥俊窘獯稹緼、黑體吸收能力最強(qiáng)，同樣輻射能力也是最強(qiáng)，在熱平衡狀態(tài)下，黑體吸收和輻射的B、德布羅意波的波長為具有相同動能的中子和電子，質(zhì)量不同，則動量不同，德布羅意波長也不相同，B錯誤。C、電磁場是實際存在的物質(zhì)，電磁波具有能量和動量，C正確。D、自然光經(jīng)過玻璃表面反射后是偏振光，可以觀察到偏振現(xiàn)象，D正確。電磁波是交【分析】黑體是指只吸收和輻射電磁波而不反射電磁波的物體，德布羅意波的波長：替?zhèn)鞑サ碾姶艌?，是切實存在的物體。【解析】【解答】A、波由介質(zhì)I進(jìn)入介質(zhì)Ⅱ中波長和波速發(fā)生變化，頻率保持不變，則頻率A錯誤。B、波再介質(zhì)Ⅱ中的波長為由圖可知O點處于波峰狀態(tài)，S也處于波峰，則S的坐標(biāo)為(0,-v2λ),B正確。C、入射波與反射波在O點相干加強(qiáng)，則M點也為相干加強(qiáng)，C錯誤。D、根據(jù)折射定律得由圖可知入射角正弦值為則折射角的正弦值【分析】波從介質(zhì)I進(jìn)入介質(zhì)Ⅱ過程中頻率不變，波長和波速發(fā)生改變，再根據(jù)波的干涉原理和波的折射定律分析加強(qiáng)點和減弱點以及折射角的正弦值。(3)遠(yuǎn)大于；系統(tǒng)誤差；C【解析】【解答】(1)探究多個物理量之間的關(guān)系，保證其他物理量不變，探究其中兩個物理量之間的關(guān)系應(yīng)用了控制變量法。(2)釋放紙帶時先接電源后放紙帶，調(diào)節(jié)細(xì)繩與桌面平行，補(bǔ)償阻力時要連接。故選B。(3)小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼質(zhì)量是可認(rèn)為細(xì)繩拉力近似等于槽碼的重力，實驗原理中出現(xiàn)的誤差屬于系統(tǒng)為減小實驗誤差可以，小車與細(xì)繩之間加裝力傳感器，測出小車所受拉力大小。故選C。(4)計數(shù)點5時小車的速度為小車的加速度為故選A?！痉治觥?1)探究多個物理量之間的關(guān)系，保證其他物理量不變，探究其中兩個物理量之間的關(guān)系應(yīng)用(2)實驗過程中補(bǔ)償阻力需要平衡掉小車與木板之間的摩擦，紙帶與限位空之間的摩擦，所以需要連接(3)小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼質(zhì)量是可認(rèn)為細(xì)繩拉力近似等于槽碼的重力，實驗裝置導(dǎo)致的誤差是系統(tǒng)誤差，測量導(dǎo)致的誤差是偶然誤差。(4)根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于這段時間內(nèi)的平均速度和逐差法計算速度和加速度?！窘馕觥俊窘獯稹?1)開關(guān)S接1電容器充電，電容器充電電流先增大，然后減小，開關(guān)接2,電容器放電，電流反向，放電結(jié)束后電流為零，則微安表先向左偏轉(zhuǎn)，然后減小置零。故選C。(2)電壓表選擇量程為0-3V,分度值為0.1V,則讀數(shù)為0.50V;根據(jù)歐姆定律，電壓表的內(nèi)阻為【分析】(1)開關(guān)接1電容器充電，開關(guān)接2電容器放電。(2)電壓表的分度值為0.1v,需要估讀到最小分度值的下一位。根據(jù)歐姆定律計算電壓表內(nèi)阻?！局R點】研究熱敏、光敏、壓敏等可變電阻的特性【解析】【解答】定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，熱敏電阻的分壓越大，C圖可以實現(xiàn)1和2兩端電壓大于2V,控制開關(guān)加熱系統(tǒng)進(jìn)行加熱，C正確。由表格可知20℃時熱敏電阻的阻值為6kQ,則解得當(dāng)溫度大于28℃時停止加熱，此時熱敏電阻的阻值為4.5kQ,根據(jù)分壓規(guī)律可得1和2兩端的電壓為1.8V,故兩端電壓小于1.8V時停止加熱?！痉治觥扛鶕?jù)熱敏電阻的特點和電路結(jié)構(gòu)選擇合適的電路，再由熱敏電阻隨溫度變化的關(guān)系和歐姆定律計算定值電阻的大小和12兩端電壓的大小。19.【答案】(1)不可逆；不變(2)氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2發(fā)生等溫變化，則有P?V?=P?·2V?解得狀態(tài)2氣體的壓強(qiáng))解鎖活塞B,同時施加水平恒力F,仍使其保持靜止，以活塞B為對象，根據(jù)受力平衡可得P?S=P?S+F(3)當(dāng)電阻絲C加熱時，活塞B能緩慢滑動(無摩擦),使氣體達(dá)到溫度T?=350K的狀態(tài)3,可知氣體做等壓變化，則有可得狀態(tài)3氣體的體積:根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得△U=-W+Q'解得氣體吸收的熱量為Q′=AU+W=63.8J+25.5J=89.3J可知電阻絲C放出的熱量為Q=Q′=89.3J【知識點】理想氣體與理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學(xué)第一定律及其應(yīng)用【解析】【分析】(1)由熱力學(xué)第二定律可知，氣體膨脹對外做功過程時一個不可逆過程，氣體溫度保持不變，則分子平均動能保持不變。(2)對氣體進(jìn)行分析，由等溫變化計算狀態(tài)2時氣體的壓強(qiáng)，再對活塞B進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件計算水平恒力的大小。(3)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程計算氣體在狀態(tài)3時的體積，再由熱力學(xué)第一定律計算氣體吸收的熱量大小即為電阻絲所放出的熱量。所以小物塊a每次在DE上升至最高點后一定會下滑，之后經(jīng)過若干次在DE上的滑動使機(jī)械能損失，最終小物塊a將在B、D間往復(fù)運動，且易知小物塊每次在DE上向上運動和向下運動的距離相等，設(shè)其在DE上經(jīng)過的總路程為s,根據(jù)功能關(guān)系有1解得s=2ma=gsinθ+H?gcos0=8m/s2a=gsinθ-H?gcosO=2m/s2將小物塊a在DE上□若干次運動等效看作是一次完整的上滑和下滑，則根據(jù)運動學(xué)公式(2)解：對小物塊a從A到FJ過程，根據(jù)動能定理有解得vg=2m/s設(shè)滑塊長度為1時，小物塊恰好不脫離滑塊，且此時二者達(dá)到共同速度v,根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律有mvr=2mv【解析】【分析】(1)對小物塊進(jìn)行受力分析，根據(jù)機(jī)械能守恒定律計算第一次經(jīng)過C時的速度大小，再由向心加速度的表達(dá)式計算向心加速度；小物塊滑動過程的摩擦力產(chǎn)熱等于小物塊最開始時的機(jī)械能，根據(jù)功能關(guān)系計算所走過的路程；根據(jù)牛頓第二定律計算向上運動和向下運動的加速度，再由運動學(xué)公式計算時間之比。(2)對小物塊從A到F的過程中應(yīng)用動能定理計算物塊到達(dá)F時的速度大小，再根據(jù)能量守恒定律計算滑塊的長度大小。21.【答案】(1)解：平臺靜止時，穿過