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文檔簡(jiǎn)介
2023年高考考前押題密卷(全國(guó)卷乙卷)
物理?全解全析
注意事項(xiàng):
i.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置上。
2.回答選擇題時(shí),選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如
需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?;卮鸱沁x擇題時(shí),將答案寫在答題卡上。寫
在本試卷上無效。
3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回
二、選擇題:本題共8小題,每小題6分,共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第14~18題只有一項(xiàng)符
合題目要求,第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)或
不答的得。分。
14.如圖所示的火災(zāi)自動(dòng)報(bào)警器具有穩(wěn)定性好、安全性高的特點(diǎn),應(yīng)用非常廣泛,其工作原理為:放射源
處的錮2;;Am放出的a粒子,使殼內(nèi)氣室空氣電離而導(dǎo)電,當(dāng)煙霧進(jìn)入殼內(nèi)氣室時(shí),a粒子被煙霧顆粒阻擋,
導(dǎo)致工作電路的電流減小,于是鋒鳴器報(bào)警。則()
A.發(fā)生火災(zāi)時(shí)溫度升高,*Am的半衰期變短
B.這種報(bào)警裝置應(yīng)用了a射線貫穿本領(lǐng)強(qiáng)的特點(diǎn)
C.^Am發(fā)生a衰變的核反應(yīng)方程是£'Pu£;Am+%
D.黑Am發(fā)生a衰變的核反應(yīng)方程是Amf”Np+:He
【答案】D
【詳解】A.半衰期不因外界環(huán)境的溫度而改變,A錯(cuò)誤;
B.這種報(bào)警裝置應(yīng)用了a射線電離能力強(qiáng)的特點(diǎn),B錯(cuò)誤;
CD.a衰變釋放出氫核,故核反應(yīng)方程是
Np+;He
C錯(cuò)誤,D正確。
故選D。
15.鑿子是中國(guó)傳統(tǒng)的木工工具,一鑿子兩側(cè)面與中心軸線平行,尖端夾角為,,當(dāng)鑿子插入木板中后,若
用錘子沿中心軸線方向以適當(dāng)?shù)牧κ么蜩徸由蟼?cè)時(shí),鑿子仍靜止,側(cè)視圖如圖,此時(shí)鑿子作用于木板1
面、2面、3面的彈力大小分別為"、尸2、",忽略鑿子重力和摩擦力,下列關(guān)系式中正確的是()
A.片<居B.=Fcos0C.F=F2sin0D.F=《F;+F:
【答案】C
【詳解】對(duì)鑿子受力分析并按圖示建立正交坐標(biāo)系
由受力平衡可得
F2sinO=FfFcos。+乙=4
所以可得
耳>鳥,F(xiàn)=Bsine=五3)2_
COS?V
ABD錯(cuò)誤,C正確:
故選C。
16.(改編題)如圖所示,質(zhì)量相等可視為點(diǎn)電荷的A、B、C三個(gè)帶電絕緣小球,其中A帶負(fù)電并固定在
絕緣豎直彈簧下端,當(dāng)A、B、C三個(gè)小球的球心距離為乙時(shí),B、C小球帶電荷量相等并懸在空中處于靜
止?fàn)顟B(tài),下列說法正確的是()
OA....o
BC
A.小球A帶的電荷量是小球B帶電荷量的2倍
B.小球A受到五個(gè)作用力
C.彈簧彈力等于B、C兩個(gè)小球?qū)球引力的矢量和
D.剪斷彈簧后B、C兩個(gè)小球一起做自由落體運(yùn)動(dòng)
【答案】A
【詳解】
A.根據(jù)受力平衡可得8、C小球帶等量的正電,設(shè)小球A、8的電荷量絕對(duì)值分別為北、瓢,A、8之間
的庫(kù)侖力
F一卜勺仇
AB~I]
B、C之間的庫(kù)侖力
F眈=女專,9=60。,
分析B受力如圖所示,可得
FABCOS0=FBC
代入得
心=2%
故A正確;
B.分析A的受力有重力、兩個(gè)庫(kù)侖力和彈簧彈力,共四個(gè)力,故B錯(cuò)誤;
C.把三個(gè)小球看成整體,可得彈簧彈力等于三個(gè)小球的總重力,故C錯(cuò)誤;
D.剪斷彈簧后4受重力和8、C小球?qū)的庫(kù)侖力,4下落的加速度大于重力加速度,剪斷瞬間小球8、C
受力不變,加速度為零,故D錯(cuò)誤。
故選Ao
【點(diǎn)睛】本題以彈簧和帶電小球?yàn)楸尘埃疾槭芰Ψ治黾傲Φ耐蛔儐栴},考查考生的科學(xué)思維。
17.北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)[BeiDou(COMPASS)NavigationSatelliteSystem]是我國(guó)自主發(fā)展、獨(dú)立運(yùn)行的全球
衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。如圖,I為地球近地衛(wèi)星,H為北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)中的一顆靜止軌道衛(wèi)星,其對(duì)地張角為2,。
已知地球自轉(zhuǎn)周期為",萬(wàn)有引力常量為G。下列說法正確的是()
B.衛(wèi)星I和衛(wèi)星n的加速度之比為春
A.地球的平均密度為福硒
7
C.衛(wèi)星I的周期為勾扁法D.衛(wèi)星II的發(fā)射速度大于11.2km/s
【答案】A
【詳解】AC.設(shè)地球的質(zhì)量為衛(wèi)星I、II的軌道半徑分別為R和廠,衛(wèi)星H為同步衛(wèi)星,周期為",
根據(jù)開普勒第三定律可得
匚
寸一亍
根據(jù)幾何關(guān)系可得
sin(9=-
r
可得衛(wèi)星I的周期為
T=TJ^sin30
對(duì)衛(wèi)星I,根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得
_Mm4%2八
GR=,,產(chǎn)R
地球的密度
M3M
P=—=--r
V4TTR'
聯(lián)立解得
34
P=----------Z—
GT^sin30
故A正確,C錯(cuò)誤;
B.根據(jù)
_Mm
(J——=ma
可得
GM
a=-y-
可得衛(wèi)星i和衛(wèi)星n的加速度之比為』,故B錯(cuò)誤;
sin0
D.11.2km/s是第二宇宙速度,為逃逸出地球引力的最小發(fā)射速度,衛(wèi)星H的處于地球引力場(chǎng)中,所以衛(wèi)星
II的發(fā)射速度小于11.2km/s,故D錯(cuò)誤。
故選A。
18.如圖中所示,某同學(xué)在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象時(shí),將一線圈兩端與電流傳感器相連,強(qiáng)磁鐵從長(zhǎng)玻璃管上
端由靜止下落,電流傳感器記錄了強(qiáng)磁鐵穿過線圈過程中電流隨時(shí)間變化的圖像,4時(shí)刻電流為0,如圖乙
所示。下列說法正確的是()
電
流
傳
感
器
A.在芍時(shí)刻,穿過線圈的磁通量的變化率為0
B.在:到4時(shí)間內(nèi),強(qiáng)磁鐵的加速度大于重力加速度
C.強(qiáng)磁鐵穿過線圈的過程中,受到線圈的作用力先向上后向下
D.在乙到A的時(shí)間內(nèi),強(qiáng)磁鐵重力勢(shì)能的減少量等于其動(dòng)能的增加量
【答案】A
【詳解】Ai時(shí)刻電流為。,說明感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零,由小嘿可知穿過線圈的磁通量的變化率為。,故
A正確;
B.由“來拒去留”可知在4到G時(shí)間內(nèi),強(qiáng)磁鐵受到線圈向上的作用力足且初始階段有尸小于重力,由
mg-F
a=--------
m
可知初始階段強(qiáng)磁鐵的加速度小于重力加速度,故B錯(cuò)誤;
C.由“來拒去留''可知強(qiáng)磁鐵穿過線圈的過程中,受到線圈的作用力始終向上,故C錯(cuò)誤;
D.在%到外的時(shí)間內(nèi),強(qiáng)磁鐵重力勢(shì)能的減少量等于其動(dòng)能的增加量加上線圈的內(nèi)能,故D錯(cuò)誤。
故選A。
19.如圖所示的實(shí)線為某項(xiàng)滑雪比賽的簡(jiǎn)化賽道示意圖,運(yùn)動(dòng)員從A點(diǎn)靜止下滑,然后從圓弧軌道末端8
點(diǎn)拋出,恰好沿著C點(diǎn)的切線方向進(jìn)入右側(cè)圓弧軌道,最終在右側(cè)軌道上多次往返運(yùn)動(dòng)后在最低點(diǎn)。點(diǎn)停
下來。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程不計(jì)空氣阻力,左右兩側(cè)圓弧軌道動(dòng)摩擦因數(shù)相同。已知運(yùn)動(dòng)員及其裝備的質(zhì)量為,力
左右兩側(cè)圓弧軌道的半徑都為R。8點(diǎn)處半徑與豎直方向的夾角為。,運(yùn)動(dòng)員從5到C過程中,離水平面8c
的最大高度為重力加速度為g,則下列說法正確的是()
A.運(yùn)動(dòng)員在B點(diǎn)的速度為j2gRcos。
B.運(yùn)動(dòng)員在左側(cè)圓弧軌道內(nèi)由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為mgRcos”嗎
sirr。
C.運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入右側(cè)圓弧軌道以后每次經(jīng)過。點(diǎn)時(shí),重力的瞬時(shí)功率保持不變
【答案】BCD
【詳解】A.運(yùn)動(dòng)員由3到C,做斜拋運(yùn)動(dòng),離地面高度為
11—
2g
可得8點(diǎn)的速度為
A錯(cuò)誤;
B.運(yùn)動(dòng)員在左側(cè)軌道下滑高度
h=Reos0
從A到8過程中,由動(dòng)能定理得
mgh+叱.=g,Q=-Wf=mgRcos6一登為
B正確;
C.運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入右側(cè)圓弧軌道以后每次經(jīng)過。點(diǎn)時(shí),速度方向始終與重力方向垂宜,則瞬時(shí)功率為0,C正
確;
D.根據(jù)斜拋運(yùn)勁的對(duì)稱性有%=%,受力分析可得
rN-mgcos0=
故此時(shí)對(duì)軌道的壓力為
「c2mgH
FN=Fs=mgcos0+
Rsin0
D正確。
故選BCDo
20.(改編題)局部空間的地磁場(chǎng)對(duì)宇宙射線的作用原理可以用如下的簡(jiǎn)化模型來研究。如圖所示,正圓柱
體形狀的空間內(nèi)存在沿軸線方向、大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)電量大小為e、質(zhì)量為〃[的電子以為的初速
度從圓柱體的底面。點(diǎn)出發(fā),沿與軸線成30。角的方向射入磁場(chǎng),一段時(shí)間后恰好經(jīng)過該圓柱體空間的另一
底面圓心0'點(diǎn)。不考慮洛倫茲力以外的其它力,下列說法正確的是()
O'
A.圓柱體空間的底面半徑一定不小于第
B.電子在圓柱體空間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可能為第
C.圓柱體空間的高可能為由萼
□□
D.電子在圓柱體空間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的某段時(shí)間里動(dòng)量變化量不可能為零
【答案】BC
【詳解】A.將速度分解為沿8和垂8,則電子在沿B方向做勻直,在垂B方向做圓周,其圓周運(yùn)動(dòng)
根治
r=——
eB
其在圓柱體中心一側(cè)運(yùn)動(dòng)范圍為直徑,故圓柱體半徑應(yīng)不小于
故A錯(cuò)誤;
B.一段時(shí)間后恰好經(jīng)過該圓柱體空間的另一底面圓心0’點(diǎn),則運(yùn)動(dòng)時(shí)間與圓周運(yùn)動(dòng)周期關(guān)系為
t=nT
_2兀m
1=----
eB
故B正確;
C.電子沿8方向位移
h=6%「一6Vo打6Vo2n兀m
22~~2--7B~
故C正確;
D.電子運(yùn)動(dòng)時(shí)間為周期整數(shù)倍時(shí)動(dòng)量變化量為零,故D錯(cuò)誤。
故選BCo
21.隨著科學(xué)技術(shù)的迅猛發(fā)展,智能手機(jī)的快充技術(shù)大大縮短了手機(jī)的充電時(shí)間??斐浼夹g(shù)的核心材料為
氮化鎂,氮化像手機(jī)充電器具有體積小、功率大、發(fā)熱量少的特點(diǎn),圖甲是這種充電器的核心電路。交流
電經(jīng)前端電路和氮化開關(guān)管轉(zhuǎn)換后,在外端獲得如圖乙所示的高頻脈沖直流電,經(jīng)理想變壓器降壓后在〃
端給手機(jī)充電,則正常工作時(shí),變壓器“端()
前
制信號(hào)
端高頻控
電JUUL
路
開關(guān)管
氮化錢
2
2
乙
甲
功率
端輸入
于H
率等
出功
A.輸
效值
的有
電流
輸入
必端
大于
效值
的有
電流
輸出
B.
2
流電壓
也是直
出電壓
D.輸
為了
的頻率
出電流
C.輸
】AB
【答案
正確;
率,A
輸出功
率等于
輸入功
器的
變壓
】A.
【詳解
等于輸
入功率
器的輸
因變壓
,又
有效值
電壓的
于輸出
值大
有效
壓的
入電
則輸
壓器,
降壓變
壓器為
由于變
B.
;
正確
值,B
有效
流的
入電
端輸
于岫
值大
有效
流的
出電
知輸
,可
出功率
頻率
的電流
故輸出
為T,
周期
圖知
由乙
C.
-
/=
T
誤;
C錯(cuò)
。
錯(cuò)誤
壓,D
流電
為交
電壓
出的
器輸
變壓
D.經(jīng)
B。
故選A
。第
做答
必須
生都
題考
個(gè)小
,每
考題
為必
2題
?第3
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