高三物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題48分強化練2-人教版高三物理試題

選擇題48分強化練(二)選擇題(本題共8小題，每小題6分，在每個小題給出的四個選項中，第14～17題只有一個選項符合題目要求，第18～21題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)14．下列敘述正確的是()A．力、長度和時間是力學(xué)中三個基本物理量，它們的單位牛頓、米和秒就是基本單位B．蹦極運動員離開蹦床上升過程中處于失重狀態(tài)C．利用霍爾元件能夠把電壓這個電學(xué)量轉(zhuǎn)換為磁感應(yīng)強度這個磁學(xué)量的特性，可以制出測磁感應(yīng)強度大小的儀器D．探究加速度與質(zhì)量、合外力關(guān)系實驗采用的是等效替代的方法B[“力”不是基本物理量，“牛頓”也不是力學(xué)中的基本單位，故A錯誤；蹦極運動員上升過程中只受重力作用，處于完全失重狀態(tài)，故B正確；霍爾元件能夠把磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量，故C錯誤；探究加速度與質(zhì)量、合外力關(guān)系實驗中有三個變量，采用的是控制變量法，故D錯誤．]15．甲乙兩汽車在一平直公路上同時、同地、同向行駛，在t＝0到t＝t1的時間內(nèi)，它們的v-t圖象如圖1所示．在這段時間內(nèi)()圖1A．t0時刻甲、乙兩汽車相遇B．汽車乙的平均速度小于eq\f(v1＋v2,2)C．甲乙兩汽車的位移相同D．汽車甲的加速度大小逐漸減小，汽車乙的加速度大小逐漸增大B[由圖象可知t0時刻甲、乙兩汽車速度相等，相距最遠，故選項A錯誤；由于乙車做變減速運動，平均速度小于勻減速直線運動的平均速度eq\f(v1＋v2,2)，故B正確；在v-t圖象中，圖形的面積代表位移的大小，根據(jù)圖象可知道，甲的位移大于乙的位移，選項C錯誤；因為切線的斜率等于物體的加速度，汽車甲和乙的加速度大小都是逐漸減小，故D錯誤．]16．如圖2所示，將外皮絕緣的圓形閉合細導(dǎo)線扭一次變成兩個面積比為1∶4的圓形閉合回路(忽略兩部分連接處的導(dǎo)線長度)，分別放入垂直圓面向里、磁感應(yīng)強度大小隨時間按B＝kt(k>0，為常數(shù))的規(guī)律變化的磁場，前后兩次回路中的電流比為()【導(dǎo)學(xué)號：37162108】圖2A．1∶3 B．3∶1C．1∶1 D．9∶5D[同一導(dǎo)線構(gòu)成不同閉合回路，它們的電阻相同，那么電流之比等于它們的感應(yīng)電動勢之比，設(shè)圓形線圈的周長為l，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知E＝eq\f(ΔB,Δt)S，之前的閉合回路的感應(yīng)電動勢E＝kπeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(l,2π)))2，圓形閉合細導(dǎo)線扭一次變成兩個面積比為1∶4的圓形閉合回路，根據(jù)面積之比等于周長的平方之比，則1∶4的圓形閉合回路的周長之比為1∶2；之后的閉合回路的感應(yīng)電動勢E′＝kπeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(\f(l,3),2π)))2＋kπeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(\f(2l,3),2π)))2；則前后兩次回路中的電流比I∶I′＝E∶E′＝9∶5，D正確．]17．中國國家航天局目前計劃于2020年發(fā)射嫦娥工程第二階段的月球車嫦娥四號．中國探月計劃總工程師吳偉仁近期透露，此臺月球車很可能在離地球較遠的月球背面著陸，假設(shè)運載火箭先將“嫦娥四號”月球探測器成功送入太空，由地月轉(zhuǎn)移軌道進入100公里環(huán)月軌道后成功變軌到近月點為15公里的橢圓軌道，在從15公里高度降至月球表面成功實現(xiàn)登月．則關(guān)于“嫦娥四號”登月過程的說法正確的是()圖3A．“嫦娥四號”由地月轉(zhuǎn)移軌道需要減速才能進入100公里環(huán)月軌道B．“嫦娥四號”在近月點為15公里的橢圓軌道上各點的速度都大于其在100公里圓軌道上的速度C．“嫦娥四號”在100公里圓軌道上運動的周期小于其在近月點為15公里的橢圓軌道上運動的周期D．從15公里高度降至月球表面過程中，“嫦娥四號”處于失重狀態(tài)A[“嫦娥四號”由地月轉(zhuǎn)移軌道實施近月制動才能進入100公里環(huán)月圓軌道上，A正確；由衛(wèi)星變軌條件可知近月點為15公里的橢圓軌道上遠月點的速度小于圓軌道上的速度，B錯誤；由開普勒第三定律可得“嫦娥四號”在100公里圓軌道上運動的周期大于其在橢圓軌道上運動的周期，C錯誤；從15公里高度降至月球表面過程“嫦娥四號”需要減速下降，處于超重狀態(tài)，D錯誤．]18．三角傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，兩邊的傳送帶長都是2m，且與水平方向的夾角均為37°.現(xiàn)有兩小物塊A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5，下列說法正確的是()圖4A．物塊A、B受到的摩擦力方向相反B．物塊A比物塊B先到達傳送帶底端C．傳送帶對物塊A、B均做負功D．物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度不相同CD[重力的分力大于滑動摩擦力，故均沿斜面向下做勻加速運動，兩物體在沿斜面方向上的滑動摩擦力方向均沿斜面向上，初速度、加速度大小均相等，因此同時到達傳送帶底部，此過程重力做正功，傳送帶摩擦力做負功．同時A物體的速度與傳送帶方向相同，B物體與傳送帶速度方向相反，兩者的劃痕即相對位移肯定不同，綜上應(yīng)選C、D.]19．如圖5所示，理想變壓器原線圈接入電壓有效值恒定的正弦交流電，副線圈接一定值電阻R.調(diào)節(jié)觸頭P，使副線圈匝數(shù)變?yōu)樵瓉淼囊话?，則調(diào)節(jié)前后()圖5A．原線圈中的電流之比為4∶1B．副線圈中的電流之比為2∶1C．變壓器的輸入功率之比為4∶1D．變壓器的輸出功率之比為1∶2ABC[使副線圈匝數(shù)變?yōu)樵瓉淼囊话?，即n′1＝eq\f(n1,2)，根據(jù)公式eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)可得副線圈兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼膃q\f(1,2)，所以副線圈中的電流變?yōu)樵瓉淼膃q\f(1,2)，B正確；根據(jù)公式eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)可得eq\f(I1,\f(1,2)I2)＝eq\f(\f(1,2)n2,n1)，原線圈中的電流將變?yōu)樵瓉淼膃q\f(1,4)倍，所以A正確；根據(jù)P＝I2R，副線圈中消耗的電功率變?yōu)樵瓉淼膃q\f(1,4)，所以在調(diào)節(jié)前后變壓器的輸出功率之比為4∶1，理想變壓器的輸出功率和輸入功率相等，所以C正確，D錯誤．]20．如圖6所示，一位同學(xué)玩飛鏢游戲．圓盤最上端有一P點，飛鏢拋出時與P等高，且距離P點為L.當(dāng)飛鏢以初速度v0垂直盤面瞄準P點拋出的同時，圓盤以經(jīng)過盤心O點的水平軸在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動．忽略空氣阻力，重力加速度為g，若飛鏢恰好擊中P點，則()圖6A．飛鏢擊中P點所需的時間為eq\f(L,v0)B．圓盤的半徑可能為eq\f(gL2,2v\o\al(2,0))C．圓盤轉(zhuǎn)動角速度的最小值為eq\f(2πv0,L)D．P點隨圓盤轉(zhuǎn)動的線速度可能為eq\f(5πg(shù)L,4v0)AD[飛鏢水平拋出做平拋運動，在水平方向做勻速直線運動，因此t＝eq\f(L,v0)，故A正確．飛鏢擊中P點時，P恰好在最下方，則2r＝eq\f(1,2)gt2，解得圓盤的半徑r＝eq\f(gL2,4v\o\al(2,0))，故B錯誤．飛鏢擊中P點，則P點轉(zhuǎn)過的角度滿足θ＝ωt＝π＋2kπ(k,0,1,2，…)，故ω＝eq\f(θ,t)＝eq\f(2k＋1πv0,L)，則圓盤轉(zhuǎn)動角速度的最小值為eq\f(πv0,L)，故C錯誤．P點隨圓盤轉(zhuǎn)動的線速度為v＝ωr＝eq\f(2k＋1πv0,L)·eq\f(gL2,4v\o\al(2,0))＝eq\f(2k＋1πg(shù)L,4v0)，當(dāng)k＝2時，v＝eq\f(5πg(shù)L,4v0)，故D正確．]21．如圖7所示，豎直固定一截面為正方形的絕緣方管，高為L，空間存在與方管前面平行且水平向右的勻強電場E和水平向左的勻強磁場B，將帶電量為＋q的小球從管口無初速度釋放，小球直徑略小于管口邊長，已知小球與管道的動摩擦因數(shù)為μ，管道足夠長，小球不轉(zhuǎn)動．則小球從釋放到底端過程中圖7A．小球先加速再勻速B．小球的最大速度為eq\f(\r(m2g2－μ2q2E2),μqB)C．系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量為mgL－eq\f(1,2)meq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(mg－μqE,μqB)))2D．小球減少的機械能大于產(chǎn)生的熱量AC[小球向下運動，磁場方向水平向左，根據(jù)左手定則可得小球受到的洛倫茲力方向垂直紙面向里，對小球不做功，運動過程中受到的里面那個面給的摩擦力越來越大，最后當(dāng)重力和摩擦力相等時，小球速度不再改變，故小球先加速后勻速，A正確；小球受到兩個面給的摩擦力，里面給的彈力大小為F＝Bqv，右邊的面給的彈力大小為F′＝Eq，當(dāng)摩擦力和重力平衡時，小球速度最大，即mg＝μ(Bqv