2022-2023學(xué)年廣東省東莞市長(zhǎng)安職業(yè)高級(jí)中學(xué)高二物理期末試卷含解析

2022-2023學(xué)年廣東省東莞市長(zhǎng)安職業(yè)高級(jí)中學(xué)高二物理期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.以下說(shuō)法符合物理學(xué)史的是(

)A．普朗克引入能量子的的概念，得出黑體輻射的強(qiáng)度按波長(zhǎng)分布的公式，與實(shí)驗(yàn)符合得非常好，并由此開創(chuàng)了物理學(xué)的新紀(jì)元

B．康普頓效應(yīng)表明光子具有能量

C．德布羅意把光的波粒二象性推廣到實(shí)物粒子，認(rèn)為實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性D.由愛因斯坦的光子說(shuō)理論知，光子的能量是一份一份的，故一束單色光的能量不可能連續(xù)變化，而是某個(gè)值的整數(shù)倍參考答案：ACD2.下述說(shuō)法正確的是（

）A．根據(jù)E=F/q，可知電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與電場(chǎng)力成正比。B．根據(jù)E=KQ/r2，可知點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)與該點(diǎn)電荷的電量Q成正比。C．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加原理，可知合電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)一定大于分電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)。D．根據(jù)U=Ed可知：同一電場(chǎng)中兩個(gè)點(diǎn)的距離越遠(yuǎn)，它們之間的電勢(shì)差越大。參考答案：B3.2008年8月18日，在北京奧運(yùn)會(huì)上，何雯娜為我國(guó)奪得了奧運(yùn)歷史上首枚蹦床金牌．假設(shè)在比賽時(shí)她僅在豎直方向運(yùn)動(dòng)，通過(guò)傳感器繪制出蹦床面與運(yùn)動(dòng)員間的彈力隨時(shí)間變化規(guī)律的曲線如圖所示．重力加速度g已知，依據(jù)圖像給出的信息，能求出何雯娜在蹦床運(yùn)動(dòng)中的物理量有(忽略空氣阻力)

A．質(zhì)量

B．最大加速度

C．運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，離開蹦床后上升的最大高度D．運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的距離

參考答案：ABC4.物體的質(zhì)量為m，自高度為h的光滑斜面頂端無(wú)初速滑下．若它滑到斜面中點(diǎn)和底端時(shí)的速度、動(dòng)能和機(jī)械能分別用v1、v2、Ek1、Ek2、E1和E2表示，則有A．

B．

C．

D．參考答案：D5.（單選）下列關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)的說(shuō)法中正確的是(

)A．在某電池的電路中，每通過(guò)4C的電荷量，電池提供的電能是2J，則該電池的電動(dòng)勢(shì)是2VB．電源的路端電壓增大時(shí)，其電源的電動(dòng)勢(shì)一定也增大C．無(wú)論內(nèi)電壓和外電壓如何變化，其電源的電動(dòng)勢(shì)一定不變D．電源的電動(dòng)勢(shì)越大，電源所能提供的電能就越多參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.下述為一測(cè)定小鐵塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)。提供的器材有：木質(zhì)軌道（其傾斜部分傾角較大，水平部分足夠長(zhǎng)）、小鐵塊、兩枚圖釘、一根細(xì)線、一個(gè)量角器．實(shí)驗(yàn)步驟如下：1）將小鐵塊從傾斜軌道上的某點(diǎn)由靜止釋放，讓小鐵塊下滑到水平軌道上；（2）用圖釘把細(xì)線釘在小鐵塊的起、終點(diǎn)處并拉直；（3）用量角器測(cè)量________。（先用文字說(shuō)明再用字母表示）

那么測(cè)得小鐵塊與木質(zhì)軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)可表示為μ＝。參考答案：7.將一物體以速度v0=10m/s水平拋出，當(dāng)物體的速度變到與水平方向夾角為45°時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間為_________；當(dāng)物體的位移變到與水平方向夾角為45°時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間為_________。參考答案：1s

2s

8.某同學(xué)在探究玻璃折射率的過(guò)程中，根據(jù)測(cè)得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖所示.當(dāng)光線由空氣射入玻璃磚時(shí)，則θ1和θ2中為入射角的是______；當(dāng)光線由玻璃磚射入空氣時(shí)，臨界角的正弦值是____；從圖線可知玻璃磚的折射率是______.參考答案：θ1

2/3

3/2（或1.5）9.在研究平拋物體運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)中，用一張印有小方格的紙來(lái)記錄軌跡，小方格的邊長(zhǎng)L，若小球在平拋運(yùn)動(dòng)途中的幾個(gè)位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計(jì)算公式為v0=

（用L、g表示）。參考答案：

10.如圖所示，粗細(xì)均勻的U形管內(nèi)裝有同種液體，在管口右端用蓋板A密閉，兩管內(nèi)液面的高度差為h，U形管中液柱的總長(zhǎng)為3h?，F(xiàn)拿去蓋板A，液體開始流動(dòng)，不計(jì)液體內(nèi)部及液體與管壁間的摩擦力，重力加速度為g，則當(dāng)兩液面高度相等時(shí)，右側(cè)液面下降的速度為

。

參考答案：試題分析：設(shè)單位長(zhǎng)度的水柱質(zhì)量為m,對(duì)整個(gè)水柱分析,根據(jù)機(jī)械能守恒:(如圖)

解得：考點(diǎn)：考查了系統(tǒng)機(jī)械能守恒11.（4分）用干涉法檢查工件表面的質(zhì)量時(shí)，產(chǎn)生的干涉條紋是一組平行直線，若讓尖劈的上表面略向上由虛線平移到實(shí)線位置，如圖(a)所示，則干涉條紋將________.若恰當(dāng)增大尖劈的傾角到實(shí)線情況，如圖(b)所示，則干涉條紋將_____(均選填“變寬”、“變窄”或“不變”)。

參考答案：不變，變窄12.電場(chǎng)中某點(diǎn)放置一電量q=1×10-9C的試探電荷，試探電荷受到的電場(chǎng)力F=6×10-4N，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=_________N/C，移去試探電荷后，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=_________。（填“變大”、“變小”、“不變”）參考答案：13.（4分）光導(dǎo)纖維的制成原理是利用光的

，傳播過(guò)程中的能量損耗非常

，（填大或小）傳輸信息，既經(jīng)濟(jì)又快捷。參考答案：全反射，小三、簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.（10分）為了“探究碰撞中的不變量”，小明在光滑桌面上放有A、B兩個(gè)小球．A球的質(zhì)量為0.3kg，以速度8m/s跟質(zhì)量為0.1kg、靜止在桌面上的B球發(fā)生碰撞，并測(cè)得碰撞后B球的速度為9m/s，A球的速度變?yōu)?m/s，方向與原來(lái)相同．根據(jù)這些實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，小明對(duì)這次碰撞的規(guī)律做了如下幾種猜想．【猜想1】碰撞后B球獲得了速度，A球把速度傳遞給了B球．【猜想2】碰撞后B球獲得了動(dòng)能，A球把減少的動(dòng)能全部傳遞給了B球．(1)你認(rèn)為以上的猜想成立嗎？若不成立，請(qǐng)簡(jiǎn)述理由.(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，通過(guò)計(jì)算說(shuō)明，有一個(gè)什么物理量，在這次碰撞中，B球所增加的這個(gè)物理量與A球所減少的這個(gè)物理量相等？參考答案：（1）猜想1、2均不成立.因?yàn)锳球的速度只減少了3m/s,B球的速度卻增加了8m/s,所以猜想1是錯(cuò)的。（2分）A球的動(dòng)能減少了,B球動(dòng)能增加了,所以猜想2也是錯(cuò)的；（2分）（2）計(jì)算：B球動(dòng)量的增加量ΔpB=0.1×9=0.9kg·m/s，（2分）A球動(dòng)量的減少量ΔpA=0.3×8－0.3×5=0.9kg·m/s，（2分）從計(jì)算結(jié)果可得，B球動(dòng)量的增加量與A球動(dòng)量的減少量相等．即系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變．（2分）15.(10分)“玻意耳定律”告訴我們：一定質(zhì)量的氣體．如果保持溫度不變，體積減小，壓強(qiáng)增大；“查理定律”指出：一定質(zhì)量的氣體，如果保持體積不變，溫度升高．壓強(qiáng)增大；請(qǐng)你用分子運(yùn)動(dòng)論的觀點(diǎn)分別解釋上述兩種現(xiàn)象，并說(shuō)明兩種增大壓強(qiáng)的方式有何不同。參考答案：一定質(zhì)量的氣體．如果溫度保持不變，分子平均動(dòng)能不變，每次分子與容器碰撞時(shí)平均作用力不變，而體積減小，單位體積內(nèi)分子數(shù)增大，相同時(shí)間內(nèi)撞擊到容器壁的分子數(shù)增加，因此壓強(qiáng)增大，（4分）一定質(zhì)量的氣體，若體積保持不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，分子熱運(yùn)動(dòng)加劇，對(duì)容器壁碰撞更頻繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以壓強(qiáng)增大。（4分）第一次只改變了單位時(shí)間內(nèi)單位面積器壁上碰撞的分子數(shù)；而第二種情況下改變了影響壓強(qiáng)的兩個(gè)因素：?jiǎn)挝粫r(shí)間內(nèi)單位面積上碰撞的次數(shù)和每次碰撞的平均作用力。（2分）四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.圖1中B為電源，電動(dòng)勢(shì)E=27V，內(nèi)阻不計(jì)。固定電阻R1=500Ω，R2為光敏電阻。C為平行板電容器，虛線到兩極板距離相等，極板長(zhǎng)l1=8.0×10-2m，兩極板的間距d=1.0×10-2m。S為屏，與極板垂直，到極板的距離l2=0.16m。P為一圓盤，由形狀相同、透光率不同的三個(gè)扇形a、b和c構(gòu)成，它可繞AA’軸轉(zhuǎn)動(dòng)。當(dāng)細(xì)光束通過(guò)扇形a、b、c照射光敏電阻R2時(shí)，R2的阻值分別為1000Ω、2000Ω、4500Ω。有一細(xì)電子束沿圖中虛線以速度連續(xù)不斷地射入C。已知電子電量，電子質(zhì)量。忽略細(xì)光束的寬度、電容器的充電放電時(shí)間及電子所受的重力。假設(shè)照在R2上的光強(qiáng)發(fā)生變化時(shí)R2阻值立即有相應(yīng)的改變。(1）設(shè)圓盤不轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)光束通過(guò)b照射到R2上，求電子到達(dá)屏S上時(shí)，它離O點(diǎn)的距離y。（計(jì)算結(jié)果保留二位有效數(shù)字）。(2）設(shè)轉(zhuǎn)盤按圖1中箭頭方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，每3秒轉(zhuǎn)一圈。取光束照在a、b分界處時(shí)t=0，試在圖2給出的坐標(biāo)紙上，畫出電子到達(dá)屏S上時(shí)，它離O點(diǎn)的距離y隨時(shí)間t的變化圖線（0—6s間）。要求在y軸上標(biāo)出圖線最高點(diǎn)與最低點(diǎn)的值。（不要求寫出計(jì)算過(guò)程，只按畫出的圖線評(píng)分。）

參考答案：．答案：(1）設(shè)電容器C兩板間的電壓為U，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，電子在極板間穿行時(shí)y方向上的加速度大小為a，穿過(guò)C的時(shí)間為t1，穿出時(shí)電子偏轉(zhuǎn)的距離為y1，

①

②

eE=ma

③

④

⑤

由以上各式得

⑥

代入數(shù)據(jù)得

⑦

由此可見，電子可通過(guò)C.

設(shè)電子從C穿出時(shí)，沿y方向的速度為v1，穿出后到達(dá)屏S所經(jīng)歷的時(shí)間為t2，在此時(shí)間內(nèi)電子在y方向移動(dòng)的距離為y2，

v1=at1

⑧

⑨

y2=v1t2

⑩

由以上有關(guān)各式得

11

代入數(shù)據(jù)得y2=1.92×10－2m

12

由題意y=y1+y2=2.4×10－2m

13(2）如圖所示。

17.（22分）如圖所示，均勻磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化，（為大于0的常數(shù)）．現(xiàn)有兩個(gè)完全相同的均勻金屬圓環(huán)相互交疊并固定在圖中所示位置，環(huán)面處于圖中紙面內(nèi)。圓環(huán)的半徑為，電阻為，相交點(diǎn)的電接觸良好．兩個(gè)環(huán)的接觸點(diǎn)與間的劣弧對(duì)圓心的張角為60°。求時(shí)，每個(gè)環(huán)所受的均勻磁場(chǎng)的作用力，不考慮感應(yīng)電流之間的作用。參考答案：解析：

1．求網(wǎng)絡(luò)各支路的電流．因磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間減少，考慮到電路的對(duì)稱性，可設(shè)兩環(huán)各支路的感應(yīng)電流、的方向如圖所示，對(duì)左環(huán)電路，有關(guān)系因，，故

（1）因回路所圍的面積為故對(duì)該回路有

（2）解得

（3）代入（1）式，得

（4）2．求每個(gè)圓環(huán)所受的力．先求左環(huán)所受的力，如圖所示，將圓環(huán)分割成很多小圓弧，由左手定則可知，每段圓弧所受的力的方向均為徑向，根據(jù)對(duì)稱性分析，因圓弧與圓弧中的電流方向相反，所以在磁場(chǎng)中受的安培力相互抵消，而弧與弧的電流相對(duì)軸上下是對(duì)稱的，因而每段載流導(dǎo)體所受的安培力在方向的合力為零，以載流導(dǎo)體弧上的線段為例，安培力為徑向，其分量的大小表示為

（5）因故

（6）由于導(dǎo)體弧在方向的合力為零，所以在時(shí)刻所受