2024屆貴州省部分學校高三年級下冊一模聯(lián)考物理試題(二)（解析版）

2024年貴州新高考高端精品模擬卷

物理（二）

全卷滿分100分，考試用時75分鐘。

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題［答案』后，用鉛筆把答題卡上對應題目的【答案』標號

涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他K答案』標號。回答非選擇題時，將［答

案》寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只

有一項是符合題目要求的。

1.用頻率為卜的。光照射某金屬恰好能打出光電子，已知電子電荷量為e,普朗克常量為

現(xiàn)換用頻率為2〃的6光照射該金屬，則打出光電子的最大初動能為（）

hvhv,

A.—B.—C.hvD.2/zv

32

1答案］C

K解析工用頻率為〃的。光照射某金屬恰好能打出光電子，則有

Q=hv-W0

若換用頻率為2〃的6光照射該金屬，則有

Ekwa=h-2v-W0

解得

/max=

故選C。

2.“打水漂”是一種常見的娛樂活動，以一定的高度水平扔出的瓦片，會反復在水面上彈跳前

進，假設瓦片和水面相撞后，在水平方向，速度沒有損失，而在豎直方向，碰撞后并不能原

速彈回，而是變小，以下四幅圖有可能是瓦片軌跡的是（)

A.B.

［答案》D

［解析》瓦片和水面相撞后，在水平方向，速度沒有損失，而在豎直方向，碰撞后并不能

原速彈回，而是變小，可知豎直小球上升的高度逐漸減小，根據(jù)

可知瓦片在空中的時間逐漸減小,水平方向有x=匕/

可知瓦片在空中通過水平位移逐漸減小。

故選D。

3.齒輪傳動是現(xiàn)代工業(yè)中常見的一種動力傳動方式，荷蘭設計師丹尼爾?布朗設計了世上最

強齒輪一古戈爾齒輪。如圖，最左側小齒輪轉動就會帶動后面的大齒輪轉動，古戈爾齒輪

中有100個大齒輪，小齒輪與大齒輪的半徑之比為1：10,若第一個小齒輪的轉動周期為1s,

由圖可知要使古戈爾齒輪中最后一個大齒輪轉動一圈，需要的時間為（）

A.10sB.102sc.1010sD.10100s

［答案XD

［解析》相鄰兩大、小齒輪的線速度相等，根據(jù)

v=a）r

可得相鄰兩大、小齒輪的周期比為

（：心=不馬=1:10

可得第一個大齒輪轉動周期為10s,第二個小齒輪轉動周期為10s,第二個大齒輪轉動周期

為小，依此類推，第100個大齒輪轉動周期為10i°°s。

故選D。

4.如圖，一理想自耦變壓器原線圈的匝數(shù)為4=400匝，滑片P可在原線圈上面上下移動,

從而改變副線圈的匝數(shù)4，電路中的定值電阻K=1500,凡=300,交流電壓表、電流

表均為理想電表，當從變壓器的左端接入a=18O0sinlOOm(V)交流電源時，滑片P移動

到某一位置，電壓表Y與電壓表V2的示數(shù)均為30V,下列說法正確的是()

A,副線圈的匝數(shù)為4=80匝

B.電流表的示數(shù)為國

C.凡消耗的電功率為12W

D.若把滑片P向上滑，則流經(jīng)&的電流頻率會大于50Hz

(答案XA

K解析1A.由a=180其sinlOOm(V)可知，變壓器的左端接入交流電壓的有效值為

U=^=^^V=180V

V2V2

可知理想自耦變壓器原線圈的電壓為

U\=U—Uv\=180V-30V=150V

U.n,

由理想自耦變壓器原、副線圈的電壓與匝數(shù)的關系公式可得副線圈的匝數(shù)為

〃2

&=幺4=—X400E=80E

-5150

A正確;

B.由歐姆定律可得電流表示數(shù)為

/,3=型A=1A

&30

B錯誤;

C.由電功率公式可得凡消耗的電功率為

U2302

&150

C錯誤;

D.由。=100萬，可知交流電的頻率為

,1。100TT

I=—=——=--------HTTz=50Hz

T27r27r

變壓器可以改變交流電的電壓，不可以改變交流電的頻率，因此若把滑片P向上滑，則流

經(jīng)R2的電流會增大，頻率仍是50Hz,D錯誤。

故選A。

19

5.實驗表明：球體在海水中下落受到的阻力大小滿足4=2戢5丫2,其中C為阻力系數(shù),

夕為海水的密度，S為球體的橫截面積，v為球體下落的速度，若取

C=0.5,p=1.02xl03kg/m3,重力加速度g取:10m/s?。把一個質量機=1kg、半徑

r=3.12cm的鐵球扔入深為h=11000m的馬里亞納海溝,球體受到的海水浮力不可忽略

不計，不考慮重力加速度和海水密度隨海水深度的變化，忽略鐵球速度從零加速到勻速下落

的時間，則鐵球在馬里亞納海溝下落的時間最接近（）

A.30sB.300sC.3000sD.30000s

［答案1C

K解析X

詳析】當勻速運動時，根據(jù)

43

Fi+pgx—^r-mg

其中

S=?/

鐵球在馬里亞納海溝下落的時間

h

t=—^3000s,故選C。

v

6.2023年5月30日神州十六號載人飛船成功對接于空間站天和核心艙徑向端口，兩飛行乘

組的航天員于18時22分會師“天宮”?？臻g站繞地球的運動可以看作勻速圓周運動。已知地

球的平均密度為夕，表面的重力加速度為g,空間站的軌道半徑遠低于同步衛(wèi)星的軌道半徑,

引力常量為G,下列說法正確的是（）

A.空間站內宇航員不受重力，處于完全失重狀態(tài)

B.空間站運行的圓軌道半徑為了芭7；

4兀pG

C.根據(jù)已知信息可以求得地球的質量為

D.空間站的向心加速度小于赤道上物體隨地球自轉的向心加速度

［答案XC

K解析1A.空間站內宇航員處于完全失重狀態(tài)，但仍然受地球引力，故A錯誤;

BC.忽略地球自轉，地球表面物體所受重力等于萬有引力，則

又

聯(lián)立解得

7?=^—

4jipG

地球質量

9g3

M=-----------

16后夕2G3

故間站運行的圓軌道半徑大于丁力:，故B錯誤，C正確;

4兀pG

D.空間站繞地心做勻速圓周運動時，由牛頓第二定律可得G

（7?+A）2

R2

nzg8

解得空間站的向心加速度大小為R+廠1h

~R+le

空間站的軌道半徑遠低于同步衛(wèi)星的軌道半徑，故

a空>

又根據(jù)

a—ao~r

知

a同＞a赤

聯(lián)立解得

a空＞a赤

故D錯誤。故選C。

7.兩波源尸、。的平衡位置分別位于x=-2.0m和x=L6m處，它們沿y軸振動通過同一均

勻介質形成的甲、乙兩列簡諧橫波沿x軸傳播，振幅均為10cm/=2s時兩列波的圖像如圖

所示，已知波源。的振動方程為y=10sinR(cm),下列說法正確的是()

A.f=2s時，x=1.2m處質點振動方向沿y軸正方向

B.甲、乙兩列波的波長不相等

C.兩波源P、。的振動周期相等

D.f=4.5s時，x=0m處質點的位移不為零

［答案］D

k解析1A.根據(jù)圖像可知乙波的傳播方向沿著無軸負方向，根據(jù)上下坡法可知，=2s時,

尤=L2m處質點振動方向沿y軸負方向，故A錯誤；

B.根據(jù)圖像可知，甲波波長為0.8m,乙波波長為0.8m,相等，故B錯誤；

19

C.根據(jù)波源0的振動方程可知乙波的振動周期為2s；甲波的波速為耍=《-=0.6m/s

則甲波的振動周期為

T0.84

品=—=一=-s

甲v0.63

兩波源尸、。的振動周期不相等，故C錯誤;

D.甲波傳播至x=0m處所需時間為

2210

tm=-----=-----------S

甲v甲0.63

7

則/=4.5s時，甲波在x=0m處的質點已經(jīng)振動了一&；乙波傳播至無=0m處所需時間

8

為

1.61.6“

t7=—=—=4s

v乙0.4

則/=4.5s時，乙波在x=0m處的質點已經(jīng)振動了;弓，綜上，兩波振幅相同，則疊加后

在x=0m處質點的位移不為零，故D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有

多項符合題目要求，全部選對得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.如圖，一勻強電場方向與直角三角形ACD平面平行，NCZM=90°,ZCAD=53°,

AC邊長度為15cm,過。點作AC的垂線垂足為E,A、C、。三點的電勢分別為27V、-10.5V

和13.5V。cos530=0.6,由以上信息可以得出（）

C

B.勻強電場的方向由A指向C

C.勻強電場的大小為250V/m

D.把一電子從C點移到E點，電場力做的功為21eV

K答案?BC

K解析』AB.三角形AC。中，根據(jù)幾何關系可得

xAD=15cmxcos53°=9cm

xAE=9cmxcos53°=5.4cm

xEC=15cm—5.4cm=9.6cm

根據(jù)勻強電場的特點有

如―仁義5.4cm=13.5V

15cm

而

UAE=(PA-(PE

解得%=13.5V

故。、E兩點電勢相等，為等勢線，可得電場強度方向沿AC方向，且由AfC,故

A錯誤，B正確；

C.勻強電場的大小為E="絲=250V/m

%

故C正確；

D.把一電子從C點移到E點，電場力做的功為

W=-e-（%-。E）=24eV

故D錯誤。故選BC。

9.如圖，某棱柱型透光均勻介質的橫截面ABC為直角三角形，ZB=6Q°,底邊BC的長度

為d,M為斜邊AB的中點，一細束單色光從M點平行于AC邊射入介質，經(jīng)過M點形成的

折射光恰好到達C點。不考慮光在介質中的多次反射，下列說法正確的是（）

A.介質的折射率為如

2

B.介質的折射率為石

C.若持續(xù)增大入射光線的入射角，底邊8c上有光射出的區(qū)域長度為（5-2

D.若持續(xù)增大入射光線的入射角，底邊8c上有光射出的區(qū)域長度為（3-2

［答案UBC

k解析1AB.依題意，從M點平行于AC邊射入介質，經(jīng)過M點形成折射光恰好到達

z=60°,r=30°

根據(jù)折射率的定義，可得

sinr

故A錯誤；B正確；

CD.若持續(xù)增大入射光線的入射角，底邊上的出射點將向右移動，當入射角為90。時,

對應的出射點為有光射出的臨界點，光路圖如圖

D

由圖可知

sin90°

n二---------------

sinC

解得sinC=

3

由正弦定理，可得

_______d____________BD___

sin［（180°-60°-（90°-C）］一sin（900-C）

聯(lián)立，解得

BD=2（V6-2）J

則底邊BC上有光射出的區(qū)域長度為

x=d-=（5-2而）d

故C正確；D錯誤。

故選BC。

10.如圖，足夠長的傾斜金屬直導軌平行放置，傾角為夕=30°,導軌間距為L軌道間的

勻強磁場垂直于軌道平面向上，磁感應強度大小為8,金屬棒油、cd長度均為L質量分

別為2加、m,電阻分別為2R、R,金屬棒仍與導軌間的動摩擦因數(shù)〃=半，金屬棒cd

光滑，開始時兩金屬棒均靜止在導軌上。某時刻同時由靜止釋放兩金屬棒，當金屬棒立下

滑距離為x時，金屬棒油開始運動，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。已知重力加速度為g,

金屬棒跟導軌接觸良好，導軌的電阻忽略不計。下列說法正確的是（）

A.金屬棒次?運動前，cd中電流的方向為c一d

B.金屬棒次?動運動前，其受到的摩擦力逐漸減小

C.金屬棒協(xié)剛要運動時，cd棒的速度大小為期警

5B21}

BLx

D.金屬棒cd下滑距離x的過程中，通過cd棒中的電荷量為一-

3R

［答案UACD

［解析］A.cd棒沿導軌線下運動，根據(jù)右手定則，cd中電流的方向為A正確;

B.棒所受安培力方向沿導軌向下，由平衡得2機gsino+bu/

cd棒加速下滑過程中，感應電流變大，安培力變大，則金屬棒仍運動前，其受到的摩擦力

逐漸增大，B錯誤；

C.金屬棒剛要運動時，有2〃?gsino+F=〃?2〃?gcos。

?rBLv

又F=BIL，I=——

3R

cd棒的速度大小為V=---

5B2￡2

C正確；

_—E—△①BLx

D.根據(jù)q=/Al,I=---,E=-----

3RArAt

RTx

得金屬棒Cd下滑距離尤的過程中，通過〃棒中的電荷量為q=—±

3R

D正確。

故選ACDo

三、非選擇題：本題共5小題，共57分。

11.某小組設計實驗并采用如下裝置測量物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)，實驗步驟如下：

（1）如圖甲所示，輕質彈簧一端固定于地面上，并處于自然狀態(tài)。將質量為3相的物塊A

從彈簧的頂端由靜止釋放，當物塊A下降到最低點時，鎖定彈簧，測得物塊A下降的最大

高度為％,那么輕質簧所儲存的彈性勢能為o

（2）如圖乙所示，將鎖定的彈簧左端固定在墻壁上，物塊B靠在彈簧的右側（不粘接）。

某時刻解除對彈簧的鎖定，物塊B被彈簧彈開向右滑動一段距離靜止在尸（圖中未畫出）點，

此時物塊B與彈簧已經(jīng)分離。測得物塊B的質量為mo

]

t

1羽

〃

//〃

乙

（3）為測量物塊B與地面之間的動摩擦因數(shù)，還需要測量的物理量有o

（4）進行必要的測量后，通過記錄的數(shù)據(jù)測得物塊B與水平面之間的動摩擦因數(shù)為

(用題中所測物理量、已知物理量的字母表示)

1答案》(1)3mgx0(3)物塊B最終靜止位置與出發(fā)位置間的距離x(4)也

x

K解析1(1)口］根據(jù)能量的轉化和守恒定律可得

Ep=3mgx0

即彈簧內儲存的彈性勢能為3根gx0。

(3)⑵解除鎖定后，物塊會和彈簧在原長時分離，分離后物塊B繼續(xù)向右滑動，那么還需

要測量物塊B最終靜止位置與出發(fā)位置間的距離x。

(4)［引對物塊B,根據(jù)能量的轉化和守恒定律有

3mgx0-/jmgx=0

解得

12.某實驗小組準備利用量程為07mA的靈敏電流計G改裝成一個簡易多用電表，設計了

如圖甲所示的電路圖。

(1)為較為準確地測得靈敏電流計G的內阻Rg,他們利用如圖乙所示的電路進行測量，

各電阻箱的阻值分別為6=70C、R3=255Q>R4=350Q,當電阻箱"的阻值調整到

K=15C時，靈敏電流計G。的示數(shù)剛好為零，那么Rg=Qo

(2)圖甲中a、b分別是量程為0~100mA、0~10mA兩擋電流表的接線柱，那么兩定值電

阻的阻值氏=Q,4=Qo

(3)圖甲中的電源電動勢E=1.5V,內阻r=0.6。，當3接c時，使用圖丙所示刻度盤

的表盤中值刻度為15,這塊歐姆表的擋位為(選填“XI”、“xlO”或“xlOO”)擋，歐

丙

[答案1(1)36(2)0.43.6

(3)xlO145.8

1解析》【小問1詳析】

口]根據(jù)惠斯通電橋平衡方程可知

4+4=鳥

代入數(shù)據(jù)解得

70x255

4—15=36。

350

【小問2詳析】

[2][3]接。接線柱，電流表滿偏時有

4(4+%)

+4=100mA

R

Ig=1mA

接人接線柱，電流表滿偏時有

IR

gg+4=10mA

R+R)

底=1mA

聯(lián)立解得

尺。0.40

RQ?3.6C

【小問3詳析】

[4][5]歐姆調零后，短接表筆，靈敏電流計滿偏，則有

(IR}..

sg(

IgRg+n,p+1gx\RPp+r])=E

人=1mA

解得

鼎=145.8C

歐姆表內阻為

4伊+凡）

+r+R=150。

Rg+R+Rp

B接c時，使用圖丙所示刻度盤的表盤中值刻度為15,此時內外阻值應相等，則歐姆表應

為“x10”擋位。

13.物理愛好者黃先生很喜歡釣魚，某次釣魚時黃先生觀察到魚在水面下5m深處吐出一個

體積為匕的氣泡，隨后氣泡緩慢上升到水面，氣泡內的氣體視為理想氣體且氣泡內外壓強

始終相等，忽略水溫隨水深的變化。已知大氣壓強Po=L0xl()5Pa,重力加速度g取

33

lOm/s*/9水=1.0xl0kg/m?

(1)求氣泡上升到水面時的體積(用匕表示);

(2)畫出氣泡上升過程中的p-V圖,并標出初末狀態(tài)壓強和體積的數(shù)值(用?！?、匕表示)。

K答案工⑴1.5%；(2)

k解析1(1)氣體在水面下的壓強為

=+5

PiPoPgh=l-5xlOPa=1.5p0

體積為

匕=匕

氣體在水面上的壓強為外，體積為匕，由于溫度不變，根據(jù)玻意耳定律，有

月耳=PM

解得

V2=1.5VO

(2)氣泡上升過程中，壓強由L5p0變化到外,體積由匕變化到1.5%,根據(jù)根據(jù)玻意耳

定律

pV^C

可以畫出畫出氣泡上升過程中的P-V圖為

3

14.如圖，在一的區(qū)域兒中，存在沿y軸負方向的勻強電場，電

場的周圍分布著垂直于紙面向里的勻強磁場。一個帶負電的粒子以速度%從原點。沿x軸

負方向進入電場，由d點飛出電場，進入磁場后恰好經(jīng)過。點，己知粒子的質量為加、電荷

量為一q,1點為兒的三等分點，不計粒子的重力。

八y

XXXXXXX

XXXXXXX

XXX

XXX

XXX

XxCxxOx

XXXXXXX

(1)求勻強電場的電場強度大小;

(2)求勻強磁場的磁感應強度大小。

(答案』(1)E=Q；(2)B=

qLqL

K解析R(1)根據(jù)題意，畫出粒子運動軌跡如圖

粒子在電場中做類平拋運動，有

L=

Eq=ma

聯(lián)立解得

E=Q

qL

(2)粒子飛出電場時速度為v,與豎直方向夾角為。，根據(jù)動能動能定理，有

13.112

EFq----L=—mv2——mv

3222n°

解得

v=V2v0

.?v-J2

sin6*=—0=——

v2

解得

6?=45°

設粒子在磁場中做圓周運動的半徑為廠，根據(jù)幾何關系有

23

2rsin3=---L

32

解得

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有

Bvq=m——

r

解得

qL

15.如圖，光滑的四分之一圓弧軌道豎直固定在光滑水平面上，圓心在。點，半徑K=L8m,

厚度相同、材質相同、質量均為"=2kg的木板p、Q靜止在光滑水平面上，兩者相互接

觸但沒有粘接，木板Q的右端固定有輕質擋板D,圓弧軌道的末端與木板P的上表面相切

于木板P的左端，滑塊B、C分別放置在木板P、Q的左端，將滑塊A從圓弧軌道的頂端由

靜止釋放，滑塊滑至底端時與物塊B發(fā)生碰撞。已知木板P、Q的長度分別為

A=4.86m、L2=5.6m,滑塊A的質量為叫=3kg,滑塊B的質量為m2=1kg,滑塊C

的質量為“4=1kg,塊A、B、C與木板間的動摩擦因數(shù)分別為4]=0.3、42=0.1和

〃3=。,3,有碰撞均為彈性碰撞且時間很短，滑塊均可視為質點，最大靜摩擦力等于滑動

摩擦力，重力加速度g取lOm/s?。

A______Q

QS

(1)求滑塊A、B碰撞后瞬間，各自的速度大??；

(2)求滑塊A、B和木板P組成的系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量；

(3)滑塊C是否會從木板Q上滑落？如果不會從木板Q上滑落，最終會與木板Q相對靜

止在距離擋板D多遠的地方？

K答案H(1)vA=3m/s,vB=9m/s；(2)12.96J；(3)0.16m

k解析力(1)設滑塊A與物塊B碰撞前瞬間的速度大小為w,對滑塊A從圓弧軌道的頂

端滑至底端的過程由機械能守恒定律得

R12

fnlgR=-mlv0

解得

%=6m/s

設滑塊A、B碰撞后瞬間的速度大小分別為VA>VB,A、B發(fā)生彈性碰撞，以向右為正方向，

根據(jù)動量守恒定律與機械能守恒定律分別得

叫