2024屆山東高三年級下冊二輪復習聯(lián)考物理試卷（附答案解析）

2024屆山東高三下學期二輪復習聯(lián)考物理試卷

學校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.圖示為氫原子的能級圖。已知可見光的光子能量范圍為1.62~3.11eV。根據(jù)玻爾理論可

知，大量處于〃=4能級的氫原子向低能級躍遷的過程中，能產(chǎn)生不同頻率的可見光光子有

()

nE/eV

00-----------------------------------0

2-----------------------3.40

1-----------------------13.6

A.6種B.4種C.3種D.2種

2.2023年9月29日在中國浙江杭州舉辦的第19屆亞運會中，我國選手蘭星宇榮獲吊環(huán)冠

軍。如圖所示，蘭星宇在比賽中吊環(huán)倒立處于靜止狀態(tài)，此時兩根吊繩之間的夾角為夕。若

蘭星宇的質量為相，重力加速度大小為g,吊環(huán)重力不計，則()

10

A.每根吊繩的拉力大小為imgcos,

mg

B.兩個吊環(huán)對蘭星宇的作用力大小為；—0

2cos—

2

mg

C.蘭星宇單臂對吊環(huán)的作用力大小為；―3

2cos—

2

mg

D.蘭星宇單臂對吊環(huán)的作用力大小為一0

cos—

2

3.如圖，正六邊形線框ABCDEF由6根相同的導體棒連接而成，固定于勻強磁場中，線框

平面與磁感應強度方向垂直，線框頂點A3與直流電源兩端相連，已知導體棒5。受到的安

培力大小為F。，則正六邊形線框受到的安培力的大小為（）

D.|^0

C.2F0

4.如圖所示，在直角三角形ABC中，ZA=30°,BC=R。A、8兩點各固定有點電荷，帶

電荷量分別為氣、+Q，以C點為球心固定有不帶電的金屬球殼，球殼半徑為/已知

靜電力常量為左,球殼表面的感應電荷在球心C處產(chǎn)生的電場強度（）

A.為零

Q

B.大小為火F方向沿明萬向

Q

F

C.大小為々方向與CB方向夾角為60。

D.大小為2左冬，方向沿,ACB平分線

5.如圖所示，狹縫S及平面鏡M均與虛線00,所在水平面平行放置，用藍光垂直照射狹縫

S,可以在光屏上看到明暗相間的條紋。下列判斷正確的是（）

平面鏡〃光

屏

試卷第2頁，共10頁

A.看到的條紋是不平行的

B.看到的條紋間距不相等

C.若將藍光換成紅光，看到的條紋間距變小

D.若將平面鏡M向上平移到虛線。。處，看到的條紋間距變大

6.某簡諧橫波沿x軸傳播，在7=0時刻的波形如圖所示，此時介質中有三個質點8、C和￡）,

8的橫坐標為0,C的縱坐標為0,。與C間沿x軸方向的距離為波長的1倍，質點B的振

8

B.該波的波長為11m

C.該波的波速大小為12m/s

D.f=0時刻起.質點。回到平衡位置的最短時間為1.5s

7.我國運動員林丹是羽毛球史上第一位集奧運會、世錦賽、世界杯、蘇迪曼杯、湯姆斯杯、

亞運會、亞錦賽、全英賽、全運會等系列賽冠軍于一身的雙圈全滿貫選手，扣球速度可達

324km/h?，F(xiàn)將羽毛球場規(guī)格簡化為如圖所示的長方形ABCD,若林丹從A點正上方高2.45m

的P點扣球使羽毛球水平飛出，羽毛球落到對方界內(nèi)，取g=10m/s2,不計空氣阻力，則羽

毛球的水平速度大小可能為（）

網(wǎng)高1.55m

A.15m/sB.20m/sC.30mzsD.90m/s

8.如圖所示，間距為乙、豎直固定的兩根光滑直桿仍cd、a'Z/c'd'下端之間接有定值電

阻R，上端接有電容為C、不帶電的電容器，兒和b'd兩小段等高、長度不計且用絕緣材料

平滑連接，ab、cd、db'、c"電阻均不計。兩桿之間存在磁感應強度大小為8、方向垂直

兩桿所在平面向里的勻強磁場。現(xiàn)有一個質量為機、電阻不計、兩端分別套在直桿上的金屬

棒，f=0時在大小為4“zg（g為重力加速度大小）、方向豎直向上的拉力作用下由靜止開始

豎直向上運動，速度穩(wěn)定后，在，=。時到達從/位置，在cd位置，瞬間為電容器充電，金

屬棒速度突變，之后金屬棒繼續(xù)向上運動，在f=2%時金屬棒未碰到電容器。金屬棒在運動

過程中始終與兩直桿垂直且接觸良好，電容器始終未被擊穿，則（）

xx

—II-

R

A.時金屬棒的速度大小為譬B.0~4內(nèi)金屬棒上升的高度為

DL

1-

B~I3VB2I3J

C.內(nèi)通過金屬棒的電流隨時間逐漸增大D.4~24內(nèi)金屬棒做加速度逐漸減

小的加速運動

二、多選題

9.圖示為一半圓柱形透明體橫截面，橫截面的圓心為。，半圓柱的半徑為R,［為直徑A3

上的點，。片=R?,透明體的折射率為應。現(xiàn)有一細光束〃［以入射角6=45從<點射

入半圓柱，則（）

A.細光束加《經(jīng)兩次折射后會從弧面A2射出

試卷第4頁，共10頁

B.細光束經(jīng)AB面折射，在弧面4?發(fā)生兩次全反射后再從A3面射出透明體

C.細光束第一次射出透明體時，折射角為45。

D.細光束第一次射出透明體時，折射角為30°

10.太陽系中的某顆矮行星的質量為地球質量的高倍，半徑為地球半徑的士倍，它繞太

陽運動的橢圓軌道半長軸為地球圓軌道半徑的43倍，它的自轉周期為地球的」倍。該矮行

16

星和地球均可看成球體，則（）

A.該矮行星兩極重力加速度為地球的2倍

B.該矮行星公轉周期是地球公轉周期的43回倍

C.該矮行星第一宇宙速度是地球的奈倍

D.該矮行星同步衛(wèi)星的軌道半徑是地球的八倍

11.在圖示的電路中，交流電源的電動勢e隨時間f變化的規(guī)律為e=16及sinlO就（V）,內(nèi)

阻為0.5。，燈泡L|、L2,L3,L4,L5上均標有“3V,3W”的字樣。若變壓器可視為理想

變壓器，原線圈的匝數(shù)為600匝，6盞燈均正常發(fā)光，則（）

A.f=0.2s時理想電壓表V的示數(shù)為零

B.原、副線圈的匝數(shù)比為3:1

C.燈泡L。上標有“15V,15W”的字樣

D.整個電路的總功率為30W

⑵如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定一個半徑為R的粗糙;圓軌道8C,與粗糙的水平軌道初

相切于3點。小滑塊（視為質點）質量為加，以大小為欄嬴（g為重力加速度的大小）

的初速度從水平軌道上A點沿直線運動，恰好能到達C點，而后沿圓軌道下滑，最

終停在水平軌道上。已知A、B兩點間的距離為R,滑塊與水平軌道A8間的動摩擦因數(shù)為

A.滑塊第二次通過B點時對軌道BC的壓力大小為3.8mg

B.滑塊第一次通過軌道8C所用的時間比第二次的少

C.滑塊第二次通過軌道因摩擦產(chǎn)生的熱量小于O4wgA

D.滑塊最終停在B點左側水平軌道且與B點間的距離小于3R

三、實驗題

13.李華同學設計圖甲所示裝置探究“動滑輪、沙和沙桶的總質量初一定時，加速度與合力

的關系”。彈簧測力計豎直懸掛在天花板上，掛鉤與輕繩的一端相連，輕繩繞過動滑輪（懸

掛裝有沙的沙桶）、固定在長木板右端的定滑輪與帶有遮光片的木塊相連。釋放后木塊會沿

長木板運動，經(jīng)過光電門時數(shù)字計時器會記錄落光片的擋光時間。先用刻度尺測出木塊初始

位置A點與光電門位置B點間的距離無，用游標卡尺測量遮光片的寬度d。

////////

三

遮光片光電2

fr-

7

0123(cm)

y動滑輪111n

上沙和沙桶l(fā)o1020游標尺

乙

請回答下列問題：

⑴用游標卡尺測量遮光片的寬度d時，示數(shù)如圖乙所示，貝崎=mm。

（2）下列做法正確的是。

A.實驗中，需要測量木塊（包括放在上面的祛碼）的總質量M

B.動滑輪兩側的輕繩要調(diào)整為豎直

C.實驗前，需要平衡木塊的摩擦力

D.釋放木塊時，應將木塊的左邊緣與A點重合

試卷第6頁，共10頁

（3）按正確操作，將木塊從A點由靜止釋放，記錄彈簧測力計的示數(shù)/、遮光片通過光電門

的遮光時間f；在木塊上增加祛碼，進行多次反復實驗，并記錄Rr的多組數(shù)據(jù)，為了直觀

判斷出加速度與合力的關系，應以（選填“產(chǎn)“產(chǎn)”或“十”）為縱軸，以P為橫軸作出圖

像。

14.李華同學查閱資料:某金屬在。?100℃內(nèi)電阻值R,與攝氏溫度t的關系為凡=總（1+必）,

其中&為該金屬在0℃時的阻值，a為溫度系數(shù)（為正值）。李華同學設計圖甲所示電路以

測量該金屬的電阻&和a值?？商峁┑膶嶒炂鞑挠?

A.干電池（電動勢約為L5V,內(nèi)阻不計）

B.定值電阻與（阻值為IkC）

C.定值電阻R?（阻值為800。）

D.滑動變阻器Rm（阻值范圍040。）

E.滑動變阻器以2（阻值范圍0~4kQ）

F.電流計G（量程0~2004A,內(nèi)阻約500Q）

G.電阻箱R（最大阻值為9999.9Q）

H.攝氏溫度計

I.沸水和冷水各一杯

J.開關兩個及導線若干

請回答下列問題：

（1）滑動變阻器應選用（選填或"&2"），開關閉合前，滑動變阻器的滑片

移到（選填或“6”）端。

（2）將電阻箱的阻值調(diào)為500Q,閉合開關加，讀出電流計G的示數(shù)，再閉合開關S,調(diào)節(jié)

電阻箱的阻值，直至閉合S?前、后電流計G的示數(shù)沒有變化，此時電阻箱的示數(shù)為360。，

則電流計G的內(nèi)阻為。o

(3)利用上述電流計G及電路測量該金屬的電阻&和a值的步驟如下：

①斷開開關S1、S2,將&取下?lián)Q成該金屬電阻，并置于沸水中；

②閉合開關S1,讀出電流計G的示數(shù)；閉合開關5,調(diào)節(jié)電阻箱的阻值,直至閉合開關酬前、

后電流計G的示數(shù)沒有變化，記下此時電阻箱的示數(shù)R和溫度t；

③多次將冷水倒一點到熱水中，重復步驟②，可獲得電阻箱的示數(shù)R和溫度f的多組數(shù)據(jù).

(4)以電阻箱的示數(shù)R為縱軸，溫度。為橫軸，作出圖像如圖乙所示，則該金屬電阻在0℃

時的阻值為。，溫度系數(shù)為℃-10(結果用a、b、c表示)

四、解答題

15.圖示為馬德堡半球演示器，兩半球合在一起時，可形成一直徑d=20cm的球形空腔。

現(xiàn)用細軟管、雙向閥門與容積為200cm，活塞橫截面積為lOcn?的注射器改裝成小型的抽氣

機。在溫度為27℃的室內(nèi)，每次滿量從球內(nèi)緩慢抽出空氣。連接處氣密性很好，忽略軟管

的容積，抽氣過程中球形空腔溫度和體積均保持不變，摩擦不計。已知大氣壓強P°=lxl()5Pa,

取兀。3,計算結果均保留兩位有效數(shù)字。求：

(1)對球形空腔抽氣2次后，球形空腔內(nèi)的氣體壓強以；

(2)若對球形空腔抽氣2次后，將馬德堡半球演示器從室內(nèi)移到室外37℃的太陽下，經(jīng)過

一段時間后，半球兩側至少均用多大的拉力才能把兩半球拉開。

16.中國國家郵政局監(jiān)測數(shù)據(jù)顯示，2023年1?4月中國快遞業(yè)務量達300億件，我們的生

活離不開快遞。圖甲為快遞物流配送分揀示意圖，水平傳送帶和傾斜傳送帶以相同的速率逆

時針運行。現(xiàn)將一質量為0.5kg的貨物輕放在傾斜傳送帶上端A處，圖乙為傾斜傳送帶段

的數(shù)控設備記錄的貨物的速度-時間圖像，1.2s末貨物剛好到達下端B處，隨后以不變的速

試卷第8頁，共10頁

率滑上C端。已知傳送帶8段的長度L=6m,最大靜摩擦力均與相應的滑動摩擦力相等,

貨物與兩條傳送帶間的動摩擦因數(shù)相同，B、C間距忽略不計，取g=10m/s2。求：

（1）貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)〃；

（2）貨物從C端運動到。端的過程中，貨物與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的總熱量Q。

17.如圖所示，以長方體必cd-aT/c'd'的ad邊中點。為坐標原點、以/方向為x軸正方向、

a'a方向為丁軸正方向、ab方向為z軸正方向建立Oxyz坐標系，已知Qa="=aa，=L。長

方體中存在沿y軸負方向的勻強磁場，現(xiàn)有質量為加、電荷量為q的帶正電粒子（不計重

力）.從。點沿z軸正方向以初速度V射入磁場中，恰好從。點射出磁場。

（1）求磁場的磁感應強度3的大小；

（2）若在長方體中加上沿y軸負方向的勻強電場，讓粒子仍從。點沿Z軸正方向以初速度V

射入磁場中，為使粒子能從點射出磁場，求電場強度用的大?。?/p>

（3）若在長方體中加上電場強度大小為馬=也必、方向沿z軸負方向的勻強電場，讓

qL

該粒子仍從。點沿Z軸正方向以初速度V射入磁場中，求粒子射出磁場時與。點的距離S。

18.如圖甲所示，一質量為旭的T”形木槽放在光滑的水平面上，槽的上表面水平，一水平

輕彈簧右端固定在槽上，左端位于。點，質量為g小的小滑塊在槽的A端?，F(xiàn)使木槽、滑塊

同時分別獲得大小為0。水平向左、大小為3%水平向右的初速度，若滑塊與木槽間的動摩擦

因數(shù)為〃，滑塊向右運動到。點時恰好與木槽相對靜止。已知重力加速度大小為g,彈簧始

終處于彈性限度內(nèi)，小滑塊可看成質點。

（1）求。與A間的距離L；

（2）若木槽上表面是光滑的，木槽位移大小為飛時彈簧的彈性勢能恰好第一次最大，求此

時彈簧的形變量距以及滑塊第一次與彈簧分離時木槽的速度%的大?。?/p>

（3）若僅將滑塊的初速度大小變?yōu)?%,滑塊與木槽間的動摩擦因數(shù)仍為〃，經(jīng)時間為滑塊

的位移大小為“且彈簧的彈性勢能第一次達到最大，求此時彈簧的形變量尤2;

（4）若木槽上表面是光滑的，將質量為;冽的光滑小球（可看成質點）在。點與彈簧左端

相連，如圖乙所示，木槽和小球以大小為趣的相同初速度水平向左運動，滑塊在A處以大小

為4%的初速度水平向右運動，滑塊與小球碰撞后粘連在一起，求彈簧的最大彈性勢能石哽。

“"h學AAAWVVWT

―卜0____________

、、、、、、、、、、、、、、、、、、、7、、、、、?、、-、、、、、、、、3、_、_、_、、____

甲乙

試卷第10頁，共10頁

參考答案:

1.D

【詳解】大量處于〃=4能級的氫原子向低能級躍遷過程共釋放C：=6種頻率的光，其釋放

的光子能量分別為

E91=E4-Et=12.75eV

E釋2=E4—E2=2.55eV

E釋3=E4—E3=0.66eV

E釋4二心-耳=12.09eV

E釋5=E3_&=1.89eV

E釋m.2eV

由上述分析可知，其共釋放的6種頻率的光中，共有2種可見光。

故選D。

2.B

【詳解】A.設每根吊繩的拉力為T,由于運動員處于靜止狀態(tài)，所以有

-0

mg=21cos—

解得

,ms

Te

-2ccos—

2

故A項錯誤；

B.由于運動員靜止，所以運動員處于平衡態(tài)，即兩個吊環(huán)對蘭星宇的作用力大小與其所受

重力大小相等，方向相反，故B項錯誤；

CD.蘭星宇單臂對吊環(huán)的作用力與吊環(huán)對蘭星宇的作用力等大反向，同理吊環(huán)對吊繩的作

用力與吊繩對吊環(huán)的作用力等大反向。由此可知，蘭星宇單臂對吊環(huán)的作用力與吊繩的拉力

mg

大小相等，即蘭星宇單臂對吊環(huán)的作用力大小為;一e,故c正確，D錯誤。

2cos—

2

故選C。

3.A

答案第1頁，共18頁

【詳解】設每一根導體棒的電阻為H,長度為L,則以與BCDEb兩支路的電阻之比為

K:&=R:5R=1:5

根據(jù)并聯(lián)電路兩端電壓相等的特點可知，54與BCD瓦兩支路電流之比

Zj:Z2=5:1

通電導體BCDER受安培力的有效長度為L,根據(jù)安培力公式

F=BIL

可得，通電導體BCDEF與BC受到的安培力的大小相等，也為為,BA與BQ）跖受到的安培

力的大小之比為

尸：耳=/1:右=5:1

可得

F'=5F0

根據(jù)左手定則可知，兩力方向相同，整個線框所受安培力的合力大小為

F0+F,=6F0

A正確。

故選Ao

4.C

【詳解】A處點電荷在C點產(chǎn)生的電場強度沿C4方向，大小為

耳=左/7=k*B處點、電荷在C點產(chǎn)生的電場強度沿3c方向，大小為

ES=E\N、8兩處點電荷分別在C點產(chǎn)生的電場強度方向互成120。，大小相等，所

1\

以合電場強度大小為

Q

E=k—Q-

R

方向與BC方向夾角為60。；

由于金屬球殼內(nèi)部電場強度處處為零，感應電荷在球心C處產(chǎn)生的電場強度大小為

紇=啜

方向與CB方向夾角為60。。

故選C。

答案第2頁，共18頁

5.D

【詳解】AB.狹縫S與其經(jīng)平面鏡所成的像S'關于平面鏡對稱，S和S'等效為相干光源，

在光屏上出現(xiàn)干涉條紋，條紋平行且等間距，AB錯誤；

C.若將藍光換成紅光，光的波長4變長，根據(jù)Ax=知，條紋間距Ax變大，C錯誤；

a

D.若將平面鏡M向上平移到虛線00'處，S與S'之間的距離d變小，則條紋間距Ax變大,

D正確。

故選D。

6.A

【詳解工由

y=4sin—t----cm

(26；

得f=0時，yB0=-2cm,經(jīng)過極短的時間加，

即t=0時質點B沿y軸正方向振動，結合圖像知，該波沿X軸正方向傳播，A正確；

B.質點振動的周期

27r

T=—s=4s

71

~2

設f時刻，質點B第一次到達平衡位置處，即

..r7i兀1八

y=4sin—t——cm=0

解得

11.

t=—s=—T

312

即波再傳播《X質點3處于平衡位置，如圖中虛線所示，則

Z——2=11m

12

解得

2=12m

B錯誤；

C.波速

答案第3頁，共18頁

v=-=3m/s

T

c錯誤;

D.f=0時刻起，質點。回到平衡位置的最短時間為8_n＜，D錯誤。

------=U.DS

V

【詳解】羽毛球從p點水平飛出做平拋運動，若球恰好能過網(wǎng)，在豎直方向有

解得從扣球點到網(wǎng)上端的時間

_(2x(2.45-1.55)

tl=■s?0.42s

g10

則羽毛球水平方向的最小位移為

%=—m=7m

12

則羽毛球的水平最小速度為

77

v,=—=------m/s=16.7m/s

140.42/'

若球恰好不出界時，在豎直方向則有

解得

2H欄J0.7s

在水平方向的最大位移為

x,=A/142+62m=2^5801

答案第4頁，共18頁

則羽毛球的水平方向最大速度為

v2=-=-^—m/s?21.8m/s

羽毛球落到對方界內(nèi)，水平速度大小范圍則有

16.7m/s<v<21.8m/s

則羽毛球的水平速度大小可能為20m/s。

故選Bo

8.B

【詳解】A.由題意可得"4時金屬棒運動穩(wěn)定即勻速直線運動

=mg+F

F=ILB

R

E=BLv

聯(lián)立求得

3mgR

V=-----

B-I3

A錯誤；

B.0~%內(nèi)，對金屬棒應用動量定理可得

4/figt]-mgtx-ZFNt=mv-0

其中

=BqL

,BLhBLh

Aq=I\tA=---=------

R\tR

代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立求得

B正確；

CD.根據(jù)

\q=C\U=CAE

答案第5頁，共18頁

AE=BLAv

F=iLB

及牛頓第二定律可得

4mg—3mg—F=ma

聯(lián)立求得

3me

a=——-------

B2l3C+m

說明金屬棒向上做勻加速直線運動，電流不變，CD錯誤。

故選B。

9.BC

【詳解】AB.作出光路如圖所示

根據(jù)折射率表達式有

sin。

n=--------

sin/1

解得

Zl=30

由于

Z2=90-Z1

解得

N2=60

在△《0鳥中，根據(jù)正弦定理可得

N3=45

設透明體的臨界角為C,則有

si?nC一=—1

n

答案第6頁，共18頁

可得

C=45

N3=C

所以《心光在尸2點發(fā)生全反射，又由于

OP2=OP3

Z5=Z4=45°

則￡4光在心點發(fā)生全反射，最后從而射出，故B正確，A錯誤;

CD.由于

《2〃月A，/618=/2=60

則呂乙光的入射角為30,根據(jù)光路可逆可知折射角為45,故C正確，D錯誤。

故選BC。

10.AB

【詳解】A.由

可得

則該矮行星、地球兩極重力加速度大小之比為

絲L.&

故A正確;

B.根據(jù)開普勒第三定律，有

1

r2

可得該矮行星公轉周期與地球公轉周期之比為

答案第7頁，共18頁

故B正確;

C.由

v2

m2=m—

R

可得第一宇宙速度為

V=JRS

則矮行星第一宇宙速度與地球第一宇宙速度之比為

上=/旦.&=s_

%gl25

故C錯誤;

D.由

(、2

…Mm

G-Z-=m——r

尸

可得

V471

則該矮行星、地球同步衛(wèi)星的軌道半徑之比為

J%看-10丫_1

4*250116)40^/5

故D錯誤。

故選ABo

11.BC

【詳解】A.理想電壓表的示數(shù)為交表電流的有效值，所以其在f=0.2s時，理想電壓表V

的示數(shù)不為零，故A項錯誤；

B.燈泡均正常發(fā)光，設燈泡正常發(fā)光的電流為/,由電路圖可知，原線圈的電流為/,有

P=UI

解得

I=1A

而副線圈上的電流為3/,由于是理想變壓器，所以有

In2

3/々

答案第8頁，共18頁

整理有

及1_3

n21

故B項正確；

C.由之前的分析可知，副線圈的電壓為3V,則原線圈的電壓為U原，有

U原二一

U副〃2

解得

"原=9V

由于L和L?與原線圈串聯(lián)，再與燈泡L。并聯(lián)，所以燈泡L。的電壓為

[/0=E/1+t/2+C/M=15V

電路的電源電動勢有效值為

交流電源內(nèi)電壓有效值為

11.=1/-//?

電路的總電流為

/一。內(nèi)

流過燈泡L。的電流為

/()=/總—/原

燈泡L。的功率為

^=C7O/O=15W

故C項正確;

D.整個電路的總功率為

心=/總U總=32W

故D項錯誤。

故選BC。

答案第9頁，共18頁

12.BC

【詳解】A.滑塊從A到3運動過程中有

-jumgR=gmVg—；mv\

滑塊第一次通過B點時，根據(jù)牛頓第二定律，有

&一感=管

K

根據(jù)牛頓第三定律可知，滑塊第一次通過8點時對軌道BC的壓力大小為

F&=FN=mg+等=3.87ng

由于滑塊從8滑到C后又滑回B的過程中摩擦力一直做負功，根據(jù)動能定理知，滑塊第二

次通過軌道2C的2點時的速度比第一次的小，向心加速度小，對軌道的壓力小于3.8叫，

A錯誤；

B.由于摩擦生熱，通過軌道3C上的同一位置時第二次的速度總是小于第一次的速度，可

見滑塊下滑過程的平均速率小于上滑過程的平均速率，由于路程均為g萬R,所以滑塊第一

次通過軌道BC所用的時間比第二次的少，B正確；

C.設滑塊第一次通過軌道的過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為2,根據(jù)能量守恒定律得

]gR—mgR—0.2,mgR=OAmgR

Qi

滑塊通過軌道BC的過程中第二次對軌道的壓力較小，摩擦力也較小，產(chǎn)生的摩擦熱

Q2<OAmgR

c正確；

D.從A點開始到在水平軌道上停下的過程中，根據(jù)能量守恒定律得

~mgR-0.2mgR-OAmgR-Q2=0.2mgx

解得

x>3R

D錯誤。

故選BCo

13.(1)5.25

(2)BCD

答案第10頁，共18頁

【詳解】（1）由題圖可知，該游標卡尺的精確度為0.05,所以讀數(shù)為

d=5mm+5x0.05mm=5.25mm

（2）A.本實驗中物體受到的合外力通過彈簧測力計讀出，而加速度則是通過勻變速直線

運動，間接求出，即

v2=2ax

物體速度為

d

v=—

t

整理有

d2

a=

2xt2

由此可知，該實驗不需要測量木塊（包括放在上面的祛碼）的總質量故A項錯誤；

B.為了讓實驗數(shù)據(jù)的準確，所以動滑輪兩側的輕繩需要調(diào)整為豎直，故B項正確；

C.為了讓彈簧測力計測的力即為物塊的合外力，所以該實驗需要平衡摩擦力，故C項正確；

D.由上述分析可知，加速度的測量涉及物塊的位移，為了減少誤差，其釋放木塊時，應將

木塊的左邊緣與A點重合，故D項正確。

故選BCD。

（3）由之前的分析可知，彈簧測力計的讀數(shù)F為物體所受的合力，物體的加速度為

d2

所以應以。為縱軸。

n20b—a

14.舄2a450—a------

9ac

【詳解】（I）口］⑵S|閉合、s?斷開時，干路中的最大電流約

1=1+"（Rg+R）=575|1A

g與…

滑動變阻器兩端的電壓最小值約為

1.5V-（lkQ+0.5kQ）x0.2mA=1.2V

滑動變阻器的最小電阻約為

答案第11頁，共18頁

1.2V

Knin?2kti

0.575mA

滑動變阻器應選用Rn。

為了保護電流計G不被損壞，開關M閉合前，應將滑動變阻器的滑片向下移動到。端。

(2)[3]閉合S?前、后電流計G的示數(shù)沒有變化，則電流計G中的電流與用的電流相等，R

中的電流與氏2中的電流相等，與與此兩端的電壓相等，電流計G與R兩端的電壓相等，可

得電流計的內(nèi)阻

R=KR=-1-X360Q=450c

g

R20.8

(4)[4][5]將&取下?lián)Q成該金屬電阻的情況下，同理可得

由圖乙得

cb-a

R=------t+a

c

即

20（b-a）20

用=------------1H---CL

9

又

R=6（1+必）=6必+6

則

20（b-a）?20

&a=—------Ro=—

°9c9

解得

b-a

a=------

ac

15.（1）9.1xlO4Pa；（2）1.8X102N

【詳解】（1）球形空腔的容積

V=g兀[鼻=4xl03cm3

注射器的容積％=200cm3,根據(jù)玻意耳定律，第一次抽氣有

pfy=pl（v+v0）

答案第12頁，共18頁

第二次抽氣有

叱=22(丫+%)

解得

2

V4

Pl~Po?9.1xlOPa

V+K

(2)馬德堡半球演示器從室內(nèi)移到室外，球內(nèi)氣體等容變化，根據(jù)查理定律得

P^=Pi_

其中5=300K,7；=310K,解得

4

p3?9.4xlOPa

拉力至少為

2

d_

F=(p「p)n

解得

F=1.8xlO2N

16.(1)0.5；(2)1J

【詳解】(1)00.2s內(nèi)，貨物在傾斜傳送帶上的加速度大小為

fll=I^=(^m/s2=10m/s202L2s內(nèi)，貨物在傾斜傳送帶上的加速度大小為

4~2m/s2=2m/s2

A/21.2-0.2

根據(jù)牛頓第二定律，00.2s內(nèi)，有

mgsm0+jumgcos0=ma^0.21.2s內(nèi)，有

zngsin0-/jmgcos0=ma2

解得

sin。=0.6,〃=0.5

(2)結合圖乙知，傳送帶的速率v=2m/s貨物在水平傳送帶上運動的加速度大小為

Rmg

a=------=4g

m

貨物在水平傳送帶上減速運動的時間

答案第13頁，共18頁

貨物在水平傳送帶上減速運動的位移大小為

x=1.2m

由于x<3貨物與傳送帶共速后一起做勻速運動貨物在水平傳送帶上的相對位移

貨物與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的總熱量

Q=jumg/^x

Q=1J

【詳解】（1）粒子在aOzZ?平面內(nèi)做勻速圓周運動，如圖中軌跡1所示

AZ

根據(jù)幾何關系有

由洛倫茲力提供向心力，有

qvB=m—

2mv

qL

答案第14頁，共18頁

（2）粒子在電磁復合場中的運動為勻速圓周運動與類平拋運動的合運動，在長方體中運動

的時間

7ir

t=—

v

在y軸方向上做初速度為零的勻加速直線運動，則

L=—at2

2

又

qE^=ma

解得

_8mv2