2025屆廣東省珠海一中等六校物理高一下期末綜合測試模擬試題含解析

2025屆廣東省珠海一中等六校物理高一下期末綜合測試模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)如圖所示，一物塊在與水平方向成θ角的拉力F的作用下，沿水平面向右運動一段距離s．則在此過程中，拉力F對物塊所做的功為（）A．Fs B．Fscosθ C．Fssinθ D．Fstanθ2、(本題9分)如圖所示,p、p/分別表示物體受到沖量前、后的動量,短線表示的動量大小為15kgm/s,長線表示的動量大小為30kgm/s,箭頭表示動量的方向.在下列所給的四種情況下,物體動量改變量相同的是(

)A．①② B．②④ C．①③ D．③④3、(本題9分)如圖所示，一個用細線懸掛的小球從A點開始擺動，記住它向右能夠達到的最大高度，然后用一把直尺在P點擋住懸線，繼續(xù)觀察之后小球的擺動情況并分析，下列結論中正確的是（）A．在P點放置直尺后，懸線向右擺動的最大高度明顯低于沒放直尺時到達的高度B．在P點放置直尺后，懸線向右擺動的最大高度明顯高于沒放直尺時到達的高度C．懸線在P點與直尺碰撞前、后的瞬間相比，小球速度變大D．懸線在P點與直尺碰撞前、后的瞬間相比，小球加速度變大4、(本題9分)下列物理量中，都是矢量的是（）A．力和功B．加速度和時間C．力和位移D．力和高度5、(本題9分)如圖（俯視圖），用自然長度為l0，勁度系數(shù)為k的輕質彈簧，將質量都是m的兩個小物塊P、Q連接在一起，放置在能繞O點在水平面內轉動的圓盤上，物體P、Q和O點恰好組成一個邊長為2l0的正三角形．已知小物塊P、Q和圓盤間的最大靜摩擦力均為kl0，現(xiàn)使圓盤帶動兩個物體以不同的角速度做勻速圓周運動，則（）A．當圓盤的角速度為ω=時,圓盤對P的摩擦力最小B．當圓盤的角速度為ω=時,圓盤對Q的摩擦力的大小等于彈簧彈力的大小C．當圓盤的角速度為ω=時,物塊Q受到的合力大小為kl0/2D．當物體P、Q剛要滑動時，圓盤的角速度為ω=6、如圖甲所示，在一次海上救援行動中，直升機沿水平方向勻速飛行，同時懸索系住傷員勻速上拉，以地面為參考系，傷員從A至B的運動軌跡可能是圖乙中的A．折線ACB B．線段 C．曲線AmB D．曲線AnB7、在下列幾種情況中，甲乙兩物體的動能相等的是()A．甲的質量是乙的4倍，甲的速度是乙的一半B．甲的速度是乙的2倍，甲的質量是乙的一半C．甲的質量是乙的2倍，甲的速度是乙的一半D．質量相同，速度大小也相同，但甲向東運動，乙向西運動8、(本題9分)如圖所示，光滑長桿水平固定，輕質光滑小定滑輪固定在O點，P點和C點是長桿上的兩點，PO與水平方向的夾角為30°，C點在O點正下方，OC=h；小物塊A、B質量相等，A套在長桿上，細線跨過定滑輪連接A和B，重力加速度為g。開始時A在P點，現(xiàn)將A、B由靜止釋放，則A．物塊A從P點到第一次到達C點過程中，速度先增大后減小B．物塊A從P點到第一次到達C點過程中，物塊B克服細線拉力做功等于重力做功C．物塊A過C點時速度大小為D．物塊A過C點時速度大小為9、一輕彈簧的左端固定在豎直墻上，右端與質量為M的滑塊相連，組成彈簧振子，在光滑的水平面上做簡諧運動。當滑塊運動到右側最大位移處時，在滑塊上輕輕放上一木塊組成新振子，繼續(xù)做簡諧運動，新振子的運動過程與原振子的運動過程相比（）A．新振子的最大速度比原來的最大速度小B．新振子的最大動能比原振子的最大動能小C．新振子從最大位移處到第一次回到平衡位置所用時間比原振子大D．新振子的振幅和原振子的振幅一樣大10、(本題9分)如圖所示，斜面傾角為θ，位于斜面底端A正上方的小球以初速度v0正對斜面頂點B水平拋出，小球到達斜面經過的時間為t，重力加速度為g，則下列說法中正確的是()A．若小球以最小位移到達斜面，則B．若小球垂直擊中斜面，則C．若小球能擊中斜面中點，則D．無論小球怎樣到達斜面，運動時間均為11、(本題9分)質量為m＝1kg的物體沿水平面向右做直線運動．t＝0時刻受到一個水平向左的恒力F，如圖甲所示．此后物體的v－t圖象如圖乙所示．取水平向右為正方向．g取10m/s1．則A．物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.5B．8s末物體的動量為8kgm/sC．0－10s內恒力F的沖量大小為30NSD．0－10s內恒力F做功的平均功率為0.6W12、(本題9分)如圖所示，將質量為m的石塊從離地面h高處以初速度v0斜向上拋出。以地面為參考平面，不計空氣阻力，當石塊落地時（）A．動能為B．機械能為C．動能為D．重力勢能為二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)用如圖（甲）所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律．實驗所用的電源為學生電源，輸出電壓為6V的交流電和直流電兩種．重錘從高處由靜止開始落下，重錘上拖著的紙帶通過打點計時器打出一系列的點，對紙帶上的點的痕跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律．①下面列舉了該實驗的幾個操作步驟：A．按照圖示的裝置安裝器件B．將打點計時器接到電源的直流輸出端上C．用天平測量出重錘的質量D．接通電源，待打點穩(wěn)定后再釋放紙帶E．測量打出的紙帶上某些點之間的距離F．根據(jù)測量的結果計算重錘下落過程中減少的重力勢能是否等于增加的動能指出其中沒有必要進行的或者操作不恰當?shù)牟襟E，將其選項對應的字母填在下面的橫線上．②在驗證機械能守恒定律的實驗中發(fā)現(xiàn)，重錘減小的重力勢能總是大于重錘增加的動能，其原因主要是因為在重錘下落過程中存在著阻力的作用，可以通過該實驗裝置測定該阻力的大?。粢阎?shù)氐闹亓铀俣裙J的較準確的值為g，還需要測量的物理量是．14、（10分）(本題9分)在“驗證機械能守恒定律”的一次實驗中，質量m（已知量）的重物自由下落，在紙帶上打出一系列的點（下圖紙帶上的所有點均為計時點，相鄰計時點時間間隔為0.02s），那么：（1）實驗中下列物理量中需要直接測量的量有_____，（填字母序號）A．重錘質量B．重力加速度C．重錘下落的高度D．與下落高度相應的重錘的瞬時速度（2）從起點O到打下計時點B的過程中物體的重力勢能減少量△Ep=_____J，此過程中物體動能的增加量△Ek=_____J；（g取9.8m/s2，保留到小數(shù)點后兩位）（3）實驗的結論是：_____．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)如圖甲所示，長為4m的水平軌道AB與半徑為R＝0.6m的豎直半圓弧軌道BC在B處相連接。有一質量為1kg的滑塊(大小不計)，從A處由靜止開始受水平向右的力F作用，F(xiàn)隨位移變化的關系如圖乙所示?；瑝K與水平軌道AB間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.25，與半圓弧軌道BC間的動摩擦因數(shù)未知，g取10m/s2。求：（1）滑塊到達B處時的速度大?。唬?）若到達B點時撤去F，滑塊沿半圓弧軌道內側上滑，并恰好能到達最高點C，滑塊在半圓弧軌道上克服摩擦力所做的功。16、（12分）2019年4月20日22時41分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征三號”乙運載火箭，成功發(fā)射第四十四顆北斗導航衛(wèi)星，衛(wèi)星入軌后繞地球做半徑為r的勻速圓周運動。衛(wèi)星的質量為m，地球的半徑為R，地球表面的重力加速度大小為g，不計地球自轉的影響。求：（1）衛(wèi)星進入軌道后的加速度大小gr；（2）衛(wèi)星的動能Ek。17、（12分）(本題9分)如圖，用同種材料制成的質量均為M=0.1kg的n個長度不同的滑塊靜止在光滑水平面上，編號依次為1、2、3…．長度標記為L1、L2、L3、L4、L5……，間距依次標記為d1、d2、d3、d4、d5……，質量為m=0.1kg的子彈（視為質點）以水平初速度v0=100m/s依次擊穿這些滑塊后最終保留在第n個滑塊中．測量發(fā)現(xiàn)：子彈穿過編號為1的滑塊后滑塊的速度變?yōu)関=15m/s，且子彈穿過每個滑塊的時間都相等．已知子彈穿過每個滑塊時受到的水平阻力f=15N并保持恒定，且在子彈穿出第（n-1）個滑塊前，各滑塊均為發(fā)生碰撞．不考慮子彈在豎直方向上的受力和運動．（滑塊不翻轉，不計空氣阻力）．求：（1）穿過1滑塊過程中，系統(tǒng)損失的機械能；（2）n的值；（3）1滑塊和2滑塊的間距d1的最小值．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】試題分析：物體的位移是在水平方向上的，把拉力F分解為水平的Fcosθ，和豎直的Fsinθ，由于豎直的分力不做功，所以拉力F對物塊所做的功即為水平分力對物體做的功，所以w=Fcosθ?s=Fscosθ故選B2、C【解析】

取向右方向為正方向．①中初動量p=30kg?m/s，末動量p′=-15kg?m/s，則動量變化量為△p=p′-p=-45kg?m/s；②中初動量p=15kg?m/s，末動量p′=30kg?m/s，則動量變化量為△p=p′-p=15kg?m/s；③中初動量p=15kg?m/s，末動量p′=-30kg?m/s，則動量變化量為△p=p′-p=-45kg?m/s；④中初動量p=30kg?m/s，末動量p′=15kg?m/s，則動量變化量為△p=p′-p=-15kg?m/s；故①③物體動量改變量相同．故選C．【點睛】本題關鍵要注意動量是矢量，不僅要考慮大小，還要用正負號表示其方向；動量變化量等于末動量與初動量的差．3、D【解析】

AB.小球從A點開始擺動，在P點擋住擺線后，小球能繼續(xù)向運動，在整個過程中機械能的總量保持不變，機械能是守恒的，小球能上升到原來的高度，故AB錯誤；CD.小球到達最低點時水平方向不受力，則懸線在P點與直尺碰撞前、后的瞬間相比，小球速度大小不變，而半徑變小，根據(jù)a=v4、C【解析】A、力是既有大小又有方向的矢量，功是只有大小沒有方向的標量，故A錯誤；

B、加速度是既有大小又有方向的矢量，時間是只有大小沒有方向的標量，故B錯誤；

C、力和位移是既有大小又有方向的矢量，故C正確；

D、高度是只有大小沒有方向的標量，故D錯誤。點睛：矢量與標量有兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標量沒有方向；二是運算法則不同，矢量運算遵守平行四邊形定則，標量運算遵守代數(shù)加減法則。5、A【解析】PQ間的距離為2l0，而彈簧的原長為l0，故彈簧的彈力為.A、當時，可得物塊隨圓盤轉動需要的向心力為，根據(jù)合力與分力構成的矢量三角形可知，此時靜摩擦力具有最小值為，故A正確．B、當時，可得物塊隨圓盤轉動需要的向心力為，因力的三角形可知靜摩擦力不等于彈簧的彈力，故B錯誤．C、D、當時，可得物塊隨圓盤轉動需要的向心力為，也為物體所受的合力，此時物體和圓盤還未相對滑動，故C、D均錯誤．故選A．【點睛】本題關鍵是物體的受力情況和運動情況，找到向心力來源，根據(jù)牛頓第二定律列式求解，注意臨界情況的分析．6、B【解析】

傷員參加了兩個分運動，水平方向勻速移動，豎直方向勻速上升，合速度是兩個分速度的矢量和，遵循平行四邊形定則，由于兩個分速度大小和方向都恒定，故合速度是固定不變，即合運動是勻速直線運動，故軌跡是線段AB；故ACD錯誤，B正確．7、AD【解析】

根據(jù)動能的表達式可知：A.甲的質量是乙的4倍，甲的速度是乙的一半，甲的動能與乙的相等，故A符合題意．B.甲的速度是乙的2倍，甲的質量是乙的一半，甲的動能與乙的不相等，故B不符合題意．C.甲的質量是乙的2倍，甲的速度是乙的一半，甲的動能與乙的不相等，故C不符合題意．D.質量相同，速度大小也相同，但甲向東運動，乙向西運動，動能是標量，甲的動能與乙的相等，故D符合題意．8、BC【解析】

A.物塊A由P點出發(fā)第一次到達C點過程中，繩子拉力一直對A做正功，其他力不做功，由動能定理可知物塊A的動能不斷增大，其速度不斷增大，A錯誤。B.物體到C點時，物塊B的速度為零。根據(jù)動能定理可知，在物塊A由P點出發(fā)第一次到達C點過程中，物塊B克服細線拉力做的功等于重力做功，B正確。CD.物體到C點時，物塊B的速度為零。設物塊A經過C點時的速度大小為v。根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒得：，解得，C正確D錯誤。9、ACD【解析】

A.因整體的質量增大，整體的加速度小于原來的加速度，故物體回到平衡位置時的速度大小比原來小，故A正確；B.振子在最大位移處時系統(tǒng)只有彈簧的彈性勢能，彈性勢能不變，根據(jù)機械能守恒定律可知到達平衡位置的動能，即最大動能不變，故B錯誤；C.根據(jù)周期公式：可知總質量增大，則周期增大，所以新振子從最大位移處到第一次回到平衡位置所用時間比原振子大，故C正確；D.因為彈簧的最大伸長量不變，故振子的振幅不變；故D正確。10、AB【解析】A、設斜面的長度為L，若小球能擊中斜面中點如圖所示：由平拋知識得：解得：，故A錯；B、若小球垂直擊中斜面時速度與豎直方向的夾角為,則,得:.故B對；.C、當小球落在斜面上的D點時,位移最小,設運動的時間為t,則

由平拋運動知：計算得出故C對；D錯；點睛：由數(shù)學知識得:從拋出點到達斜面的最小位移為過拋出點作斜面的垂線.設經過時間t到達斜面上,根據(jù)平拋運動水平方向做勻速直線運動,豎直方向做自由落體運動,表示出水平和豎直方向上的位移,再根據(jù)幾何關系即可求解時間.11、CD【解析】設物體向右做勻減速直線運動的加速度為a1，則由v-t圖得，加速度大小a1=1m/s1方向與初速度方向相反；設物體向左做勻加速直線運動的加速度為a1，則由v-t圖得，加速度大小a1=1m/s1方向與初速度方向相反；根據(jù)牛頓第二定律，有F+μmg=ma1；F-μmg=ma1；解得：F=3N；μ=0.05，故A錯誤．8s末物體的速度為v4=-4m/s，動量mv4=-8kgm/s，選項B錯誤；0－10s內恒力F的沖量大小為I=Ft=30N?S，選項C正確；10s內的位移；0-10s內恒力F做功W=Fx=3×1J=6J，則平均功率，故D正確．故選CD．點睛：本題關鍵先根據(jù)運動情況求解加速度，確定受力情況后求解出動摩擦因數(shù)，根據(jù)v-t圖與橫軸所圍的面積表示位移求解位移及功率等．12、BC【解析】

ACD．不計空氣阻力，石塊的機械能守恒，以地面為參考平面，落地時石塊的重力勢能為零，則根據(jù)機械能守恒得落地時石塊的動能故AD錯誤，C正確；B．機械能等于重力勢能與動能之和，以地面為參考平面，落地時石塊的重力勢能為零，則石塊落地時機械能等于動能，即故B正確。故選BC。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、①B、C②重錘的質量m【解析】

①B、電火花和電磁計時器都使用交流電源．C、用自由落體運動驗證機械能守恒定律，不需要天平，因為質量可以約去，所以指出其中沒有必要進行的或者操作不恰當?shù)牟襟E是B、C②由題意可知，s1、s2是相鄰的相等時間內的位移，而計數(shù)點時間T′=2T．由可得：；設阻力大小為f，由牛頓第二定律可知，mg-f=ma，得，可見要測定阻力f的大小，還必須測量重錘的質量m．考點：考查驗證機械能守恒定律．14、(1)C(2)0.48m，0.49m(3)可知在誤差允許的范圍內，重物得機械能守恒【解析】（1）實驗中，直接測量的物理量是下落的高度，從而可以求出重力勢能的減小量，通過計算得到的物理量是與下落高度相應的瞬時速度，從而得出動能的增加量，故