山東省煙臺市萊州東宋中學2022-2023學年高三物理聯(lián)考試題含解析

山東省煙臺市萊州東宋中學2022-2023學年高三物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.一列簡諧橫波沿x軸傳播，波長為1.2m，振幅為A。當坐標為x＝0處質(zhì)點的位移為且向y軸負方向運動時，坐標為x＝0.4m處質(zhì)點的位移為。當坐標為x＝0.2m處的質(zhì)點位于平衡位置且向y軸正方向運動時，x＝0.4m處質(zhì)點的位移和運動方向分別為A．，y軸正方向

B．，y軸正方向C．，y軸負方向

D．，y軸負方向參考答案：B2.一個勁度系數(shù)為k，絕緣材料制成的輕彈簧，一端固定，另一端與質(zhì)量為m，帶正電荷q的小球相連，靜止在光滑水平面上，當加入下圖所示的場強為E的勻強電場后，小球開始運動，以下敘述正確的是（

）

A.球的速率為零時，彈簧伸長qE/kB.球做簡諧振動，振幅為qE/kC.運動過程中，小球的機械能守恒D.運動過程中，電勢能、動能和彈性勢能互相轉(zhuǎn)化參考答案：B3.

下列說法中正確的是

（

）

A．放射性元素發(fā)出的射線都屬于電磁波

B．β射線是原子核外電子掙脫原子核的束縛而形成的電子流

C．氫原子由低能級向高能級躍遷時，原子系統(tǒng)總能量增加

D．某金屬在單色光照射下發(fā)射出光電子的最大動能隨照射光波長的增大而增大參考答案：答案：C4.熱敏電阻是一種廣泛應(yīng)用于自動控制電路中的重要電子元件,它的重要特性之一是,其電阻值隨著環(huán)境溫度的升高而減小。如右圖為一自動溫控電路,C為電容器,A為零刻度在中央的電流計,R為定值電阻,Rt為熱敏電阻。電鍵S閉合穩(wěn)定后,觀察電流表A的偏轉(zhuǎn)情況,可判斷環(huán)境溫度的變化情況。以下關(guān)于該自動溫控電路的分析,正確的是（）A．當發(fā)現(xiàn)電流表A中的電流方向是由a到b時,表明環(huán)境溫度是正在逐漸升高B．當發(fā)現(xiàn)電流表A中的電流方向是由a到b時,表明環(huán)境溫度是正在逐漸降低C．為了提高該溫控裝置的靈敏度,應(yīng)取定值電阻R的阻值遠大于熱敏電阻Rt的阻值D．為了提高該溫控裝置的靈敏度,應(yīng)取定值電阻R的阻值遠小于熱敏電阻Rt的阻值參考答案：A5.如圖所示，質(zhì)量與身高均相同的甲、乙兩人分別乘坐速度為0.6c和0.8c（c為光速）的飛船同向運動．則下列說法中正確的是

▲

A．乙觀察到甲身高變高B．甲觀察到乙身高不變C．若甲向乙揮手，則乙觀察到甲動作變快D．若甲向乙發(fā)出一束光進行聯(lián)絡(luò)，則乙觀察到該光束的傳播速度為0.2c參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，邊長為L的正方形區(qū)域abcd內(nèi)存在著勻強電場，一個質(zhì)量為m、電量為q、初速度為v0的帶電粒子從a點沿ab方向進入電場，不計重力。若粒子恰好從c點離開電場，則電場強度E＝______________；粒子離開電場時的動能為______________。參考答案：，mv027.某同學用如圖12所示的裝置來探究動能定理。①實驗時為了保證小車受到的合力與鉤碼的總重力大小近似相等，鉤碼的總質(zhì)量應(yīng)滿足的實驗條件是

，實驗時首先要做的步驟是

。②掛上適當?shù)你^碼后小車開始做勻加速直線運動，用打點計時器在紙帶上記錄其運動情況。圖13是實驗時得到的一條紙帶，其中A、B、C、D、E、F是計數(shù)點。本實驗?zāi)軠y出的物理量有：小車的質(zhì)量M，鉤碼的總質(zhì)量m，各計數(shù)點間的距離，已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T，重力加速度為g。則打點計時器打出B點時小車的速度為

，實驗中小車所受合外力做的功與動能變化間的關(guān)系式為

。（用題中及圖中所給字母表示）參考答案：①鉤碼的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量(1分)

平衡摩擦力(1分)②vB＝(2分)mg(Δx3＋Δx4)＝M()2－M()2等均可8.如圖所示是一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在某時刻的波形圖，波的傳播速度v＝2m/s，則：

①從這一時刻起x＝4m處質(zhì)點的振動方程是y＝

cm；

②從這一時刻起x＝5m處質(zhì)點在4.5s內(nèi)通過的路程s＝

cm。參考答案：①（2分）；②459.（1）一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的p﹣V圖象如圖所示．在由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中，理想氣體的溫度升高（填“升高”、“降低”或“不變”）．在由狀態(tài)A變化到狀態(tài)C的過程中，理想氣體吸收的熱量等于它對外界做的功（填“大于”、“小于”或“等于”）（2）已知阿伏伽德羅常數(shù)為60×1023mol﹣1，在標準狀態(tài)（壓強p0=1atm、溫度t0=0℃）下理想氣體的摩爾體積都為224L，已知第（1）問中理想氣體在狀態(tài)C時的溫度為27℃，求該氣體的分子數(shù)（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）參考答案：考點：理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學第一定律．專題：理想氣體狀態(tài)方程專題．分析：（1）根據(jù)氣體狀態(tài)方程和已知的變化量去判斷溫度的變化．對于一定質(zhì)量的理想氣體，內(nèi)能只與溫度有關(guān)．根據(jù)熱力學第一定律判斷氣體吸熱還是放熱．（2）由圖象可知C狀態(tài)壓強為p0=1atm，對于理想氣體，由蓋呂薩克定律解得標準狀態(tài)下氣體體積，從而求得氣體摩爾數(shù)，解得氣體分子數(shù)．解答：解：（1）pV=CT，C不變，pV越大，T越高．狀態(tài)在B（2，2）處溫度最高．故從A→B過程溫度升高；在A和C狀態(tài)，pV乘積相等，所以溫度相等，則內(nèi)能相等，根據(jù)熱力學第一定律△U=Q+W，由狀態(tài)A變化到狀態(tài)C的過程中△U=0，則理想氣體吸收的熱量等于它對外界做的功．故答案為：升高

等于（2）解：設(shè)理想氣體在標準狀態(tài)下體積為V，由蓋呂薩克定律得：解得：該氣體的分子數(shù)為：答：氣體的分子數(shù)為7.3×1022個．點評：（1）能夠運用控制變量法研究多個物理量變化時的關(guān)系．要注意熱力學第一定律△U=W+Q中，W、Q取正負號的含義．（2）本題關(guān)鍵根據(jù)蓋呂薩克定律解得標準狀況下氣體體積，從而求得氣體摩爾數(shù)，解得氣體分子數(shù)10.一列簡諧橫波沿x軸傳播，t＝0時刻波形如圖所示，此時質(zhì)點P沿y軸負方向運動，質(zhì)點Q經(jīng)過0．3s第一次到達平衡位置，則該波的傳播方向為沿x軸___（填”正”“負”）方向，傳播波速為______m／s，經(jīng)過1．2s，質(zhì)點P通過的路程為______cm。參考答案：

(1).負

(2).10

(3).8（1）此時質(zhì)點P沿y軸負方向運動，由波的形成原理可知此波沿沿x軸負方向傳播。（2）Q經(jīng)過0．3s第一次到達平衡位置，可知波的周期為，所以波速為（3）經(jīng)過1．2s，質(zhì)點P通過的路程為11.平行四邊形定則”實驗中，若由于F1的誤差使F1與F2的合力F方向略向左偏，如圖實所示，但F大于等于F′，引起這一結(jié)果的原因可能是F1的大小比真實值偏________，F(xiàn)1的方向使它與F2的夾角比真實值偏________．參考答案：

大

大12.B.動能相等的兩人造地球衛(wèi)星A、B的軌道半徑之比RA:RB=1:2，它們的角速度之比=

，質(zhì)量之比mA:mB=

.參考答案：；1：2兩衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，其萬有引力充當向心力，，所以兩者角速度之比為；線速度之比為，根據(jù)題意知兩者動能相等，所以質(zhì)量之比為：1:2?！究键c】勻速圓周運動的描述、萬有引力定律的應(yīng)用

13.某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為μ，密度為ρ，NA為阿伏加德羅常數(shù)，則每單位體積中這種物質(zhì)所包含的分子數(shù)目是___________．若這種物質(zhì)的分子是一個挨一個排列的，則它的直徑約為__________。參考答案：；或

()三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（2014?宿遷三模）學校科技節(jié)上，同學發(fā)明了一個用彈簧槍擊打目標的裝置，原理如圖甲，AC段是水平放置的同一木板；CD段是豎直放置的光滑半圓弧軌道，圓心為O，半徑R=0.2m；MN是與O點處在同一水平面的平臺；彈簧的左端固定，右端放一可視為質(zhì)點、質(zhì)量m=0.05kg的彈珠P，它緊貼在彈簧的原長處B點；對彈珠P施加一水平外力F，緩慢壓縮彈簧，在這一過程中，所用外力F與彈簧壓縮量x的關(guān)系如圖乙所示．已知BC段長L=1.2m，EO間的距離s=0.8m．計算時g取10m/s2，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力．壓縮彈簧釋放彈珠P后，求：（1）彈珠P通過D點時的最小速度vD；（2）彈珠P能準確擊中平臺MN上的目標E點，它通過C點時的速度vc；（3）當緩慢壓縮彈簧到壓縮量為x0時所用的外力為8.3N，釋放后彈珠P能準確擊中平臺MN上的目標E點，求壓縮量x0．參考答案：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．考點： 動能定理的應(yīng)用；機械能守恒定律．專題： 動能定理的應(yīng)用專題．分析： （1）根據(jù)D點所受彈力為零，通過牛頓第二定律求出D點的最小速度；（2）根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出D點的速度，通過機械能守恒定律求出通過C點的速度．（3）當外力為0.1N時，壓縮量為零，知摩擦力大小為0.1N，對B的壓縮位置到C點的過程運用動能定理求出彈簧的壓縮量．解答： 解：（1）當彈珠做圓周運動到D點且只受重力時速度最小，根據(jù)牛頓第二定律有：mg=解得．v==m/s（2）彈珠從D點到E點做平拋運動，設(shè)此時它通過D點的速度為v，則s=vtR=gt從C點到D點，彈珠機械能守恒，有：聯(lián)立解得v=代入數(shù)據(jù)得，V=2m/s（3）由圖乙知彈珠受到的摩擦力f=0.1N，根據(jù)動能定理得，且F1=0.1N，F(xiàn)2=8.3N．得x=代入數(shù)據(jù)解得x0=0.18m．答：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．點評： 本題考查了動能定理、機械能守恒定律、牛頓第二定律的綜合，涉及到圓周運動和平拋運動，知道圓周運動向心力的來源，以及平拋運動在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵．15.（4分）現(xiàn)用“與”門、“或”門和“非”門構(gòu)成如圖所示電路，請將右側(cè)的相關(guān)真值表補充完整。(填入答卷紙上的表格)參考答案：

答案：

ABY001010100111

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一小圓盤靜止在桌布上，位于一方桌的水平面的中央。桌布的一邊與桌的AB邊重合，如圖。已知盤與桌布間的動摩擦使盤產(chǎn)生的加速度大小為a1，盤與桌面間的的動摩擦使盤產(chǎn)生的加速度大小為a2?，F(xiàn)突然以恒定的加速度a將桌布抽離桌面，加速度的方向是水平的且垂直于AB邊。若圓盤最后未從桌面掉下，則加速度a滿足的條件是什么？（以g表示重力加速度）參考答案：解：設(shè)圓盤與桌布作用時間為t1

對于圓盤

位移S1=a1t1

2/2

對于桌布

位移

S=at1

2/2

設(shè)方桌邊長為L接點

S－S1=L/2

圓盤速度V=a1t1

圓盤與桌面作用，圓盤加速度a2

位移S1=V2/2a2

⑤

（2分）由題意可知

聯(lián)立①、②、③、④、⑤、⑥解得

a

（2a2+a1

）a1/a2（3分）17.如圖所示，水平光滑地面上依次放置著質(zhì)量m＝0.08kg的10塊完全相同長直木板。一質(zhì)量M=1.0kg大小可忽略的小銅塊以初速度v0=6.0m/s從長木板左側(cè)滑上木板，當銅塊滑離第一塊木板時，速度大小為v1=4.0m/s。銅塊最終停在第二塊木板上。(g=10m/s2,結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）求：參考答案：18.如圖所示，光滑絕緣的細圓管彎成半徑為R的半圓形，固定在豎直面內(nèi)，管口B，C的連線水平．質(zhì)量為m的帶正電小球從B點正上方的A點自由下落A，B兩點間距離為4R．從小球（小球直徑小于細圓管直徑）進人管口開始，整個空間中突然加上一個斜向左上方的勻強電場，小球所受電場力在豎直方向上的分力方向向上，大小與重力相等，結(jié)果小球從管口C處離開圓管后，又能經(jīng)過A點．設(shè)小球運動過程中電荷量沒有改變，重力加速度為g，求：（1）小球到達B點時的速度大?。唬?）小球受到的電場力大??；（3）小球經(jīng)過管口C處時對圓管壁的壓力．參考答案：考點：動能定理的應(yīng)用；牛頓第三定律；機械能守恒定律；電場強度．專題：動能定理的應(yīng)用專題．分析：（1）小球從A開始自由下落到到達管口B的過程中，只有重力做功，機械能守恒，可求出小球到達B點時的速度大?。唬?）將電場力分解為水平和豎直兩個方向的分力，小球從B到C的過程中，水平分力做負功，根據(jù)動能定理得到水平分力與B、C速度的關(guān)系．小球從C處離開圓管后，做類平拋運動，豎直方向做勻速運動，水平方向做勻加速運動，則兩個方向的位移，由運動學公式和牛頓第二定律結(jié)合可水平分力．豎直分力大小等于重力，再進行合成可求出電場力的大?。?）小球經(jīng)過管口C處時，由電場力的水平分力和管子的彈力的合力提供向心力，由牛頓運動定律求解球?qū)A管壁的壓力．解答：解：（1）小球從A開始自由下落到到達管口B的過程中，只有重力做功，機械能守恒，則有：

mg?4R=解得，（2）設(shè)電場力的水平分力和豎直分力分別為Fx和Fy，則

Fy=mg，方向豎直向上．小球從B到C的過程中，電場力的水平分力Fx做負功，根據(jù)動能定理得﹣Fx?2R=小球從C處離開圓管后，做類平拋運動，豎直方向做勻速運動，水平方