廣東揭陽市惠來縣第一中學高三第一次調研測試新高考物理試卷及答案解析

廣東揭陽市惠來縣第一中學高三第一次調研測試新高考物理試卷考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在光滑水平面上一小球以某一速度運動到A點，遇到一段半徑為R的1/4圓弧曲面AB后，落到水平地面的C點．已知小球沒有跟圓弧曲面的任何點接觸，則BC的最小距離為（）A．R B．R C．R D．（－1）R2、如圖所示為六根導線的橫截面示意圖，導線分布在正六邊形的六個角，導線所通電流方向已在圖中標出。已知每條導線在O點磁感應強度大小為B0，則正六邊形中心處磁感應強度大小和方向（）A．大小為零B．大小2B0，方向水平向左C．大小4B0，方向水平向右D．大小4B0，方向水平向左3、如圖，邊長為l的正方形abcd內存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面（abcd所在平面）向外．ab邊中點有一電子發(fā)源O，可向磁場內沿垂直于ab邊的方向發(fā)射電子．已知電子的比荷為k．則從a、d兩點射出的電子的速度大小分別為A．， B．，C．， D．，4、在平直公路上甲乙兩車從同一地點出發(fā)，兩車位移x和時間t的比值與時間t之間的關系如圖所示。下列說法正確的是（）A．甲車的加速度大小為5m/s2B．6s末乙車速度減小到零C．甲車追上乙車前，2s末甲乙兩車相距最遠D．乙車速度減小到零時，甲車速度為30m/s5、汽車A、B在同一水平路面上同一地點開始做勻加速直線運動，A、B兩車分別在t0和2t0時刻關閉發(fā)動機，二者速度一時間關系圖象如圖所示。已知兩車的質量相同，兩車運動過程中受阻力都不變。則A、B兩車（）A．阻力大小之比為2：1B．加速時牽引力大小之比為2：1C．牽引力的沖量之比為1：2D．牽引力做功的平均功率之比為2：16、一正三角形導線框ABC（高度為a）從圖示位置沿x軸正向勻速穿過兩勻強磁場區(qū)域。兩磁場區(qū)域磁感應強度大小均為B、方向相反、垂直于平面、寬度均為a。下圖反映感應電流Ⅰ與線框移動距離x的關系，以逆時針方向為電流的正方向。圖像正確的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為甲、乙兩車在平直公路上行駛的v-t圖象，則在t1到t2時間內A．甲、乙兩車的位移相等B．甲車的平均速度等于C．甲車的平均速度比乙車的大D．乙車的加速度始終比甲車的加速度小8、以下說法正確的是A．晶體具有各向同性，而非晶體具有各向異性B．液體表面張力與重力有關，在完全失重的情況下表面張力消失C．對于一定的液體和一定材質的管壁，管內徑的粗細會影響液體所能達到的高度D．飽和汽壓隨溫度而變，溫度越高飽和汽壓越大E.因為晶體熔化時吸收的熱量只增加了分子勢能，所以熔化過程中晶體溫度不變9、關于氣體的性質及熱力學定律，下列說法正確的是（）A．氣體壓強本質上就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力B．氣體的溫度越高，分子熱運動就越劇烈，所有分子的速率都增大C．一定質量的理想氣體，壓強不變，溫度升高時，分子間的平均距離一定增大D．氣體的擴散現象說明涉及熱現象的宏觀過程具有方向性E.外界對氣體做正功，氣體的內能一定增加10、如圖兩根足夠長光滑平行金屬導軌PP′、QQ′傾斜放置，勻強磁場垂直于導軌平面向上，導軌的上端與水平放置的兩金屬板M、N相連，板間距離足夠大，板間有一帶電微粒，金屬棒ab水平跨放在導軌上，下滑過程中與導軌接觸良好．現在同時由靜止釋放帶電微粒和金屬棒ab，則()A．金屬棒ab一直加速下滑B．金屬棒ab最終可能勻速下滑C．金屬棒ab下滑過程中M板電勢高于N板電勢D．帶電微粒可能先向N板運動后向M板運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）歐姆表的內部電路可簡化為一個電動勢為E的電源、一個電流表和一個阻值為r的電阻串聯而成(如圖甲所示)。小明同學欲測量某多用電表歐姆擋在“×100”擋時的內部電阻和電動勢，選用的器材如下：多用電表，電壓表(量程0~3V、內阻為3kΩ)，滑動變阻器(最大阻值2kΩ)，導線若干。請完善以下步驟：(1)將多用電表的選擇開關調到“×100”擋，再將紅、黑表筆短接，進行_____(機械/歐姆)調零；(2)他按照如圖乙所示電路進行測量，將多用電表的紅、黑表筆與a、b兩端相連接，此時電壓表右端應為_____接線柱(正/負)；(3)調節(jié)滑動變阻器滑片至某位置時，電壓表示數如圖丙所示，其讀數為________V。(4)改變滑動變阻器阻值，記錄不同狀態(tài)下歐姆表的示數R及相應電壓表示數U。根據實驗數據畫出的圖線如圖丁所示，由圖可得電動勢E=________V，內部電路電阻r=________kΩ。(結果均保留兩位小數)12．（12分）在某次“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗中，所選用的實驗器材有∶A．小燈泡“2.5V0.2A”B．電流表0~0.6A~3A（內阻未知）C．電壓表0~3V~15V（內阻未知）D．滑動變阻器“2A20Ω”E.電源（兩節(jié)舊的干電池）F.開關一個，導線若干(1)當開關閉合時，圖中滑動變阻器的滑片應該置于___________（填“左”或“右”）端。(2)實驗中，當滑片P向左移動時，電路中的電流表的示數變___________（填“大”或“小”）。(3)本次實驗用電池對數據處理有沒有影響？___________（填“有”或“沒有”）。(4)依據實驗結果數據作出的圖像可能是圖中的___________。A．B．C．D．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在豎直平面內建立直角坐標系xOy，在x<0區(qū)域內存在一圓形的勻強磁場，圓心O1坐標為（-d，0），半徑為d，磁感應強度大小為B，方向與豎直平面垂直，x≥0區(qū)域存在另一磁感應強度大小也為B的勻強磁場，方向垂直于紙面向里。現有兩塊粒子收集板如圖所示放置，其中的端點A、B、C的坐標分別為（d，0）、（d，）、（3d，0），收集板兩側均可收集粒子。在第三象限中，有一寬度為2d粒子源持續(xù)不斷地沿y軸正方向發(fā)射速率均為v的粒子，粒子沿x軸方向均勻分布，經圓形磁場偏轉后均從O點進入右側磁場。已知粒子的電荷量為+q，質量為m，重力不計，不考慮粒子間的相互作用，求：(1)圓形磁場的磁場方向；(2)粒子運動到收集板上時，即刻被吸收，求收集板上有粒子到達的總長度；(3)收集板BC與收集板AB收集的粒子數之比。14．（16分）(1)如圖所示，玻璃棱鏡ABC放在空氣中，一束由紅光和紫光組成的復色光從AC面的a點垂直入射，已知紅光恰好在AB面上的b處發(fā)生了全反射，并傳播到BC面上的c點。則以下說法中正確的是___________A．紅光和紫光由空氣進入棱鏡后頻率不變B．紅光和紫光在棱鏡中的波長可能相等C．紅光由a傳播到b的時間比紫光由a傳播到b的時間長D．紫光一定在b處發(fā)生了全反射E.紅光一定能從BC面上的c點射出(2)在某一簡諧橫波的傳播方向上，有兩個質點A、B，它們相距1.2m15．（12分）如圖紙面內的矩形ABCD區(qū)域存在相互垂直的勻強電場和勻強磁場，對邊AB∥CD、AD∥BC，電場方向平行紙面，磁場方向垂直紙面，磁感應強度大小為B.一帶電粒子從AB上的P點平行于紙面射入該區(qū)域，入射方向與AB的夾角為θ（θ<90°），粒子恰好做勻速直線運動并從CD射出．若撤去電場，粒子以同樣的速度從P點射入該區(qū)域，恰垂直CD射出.已知邊長AD=BC=d，帶電粒子的質量為m，帶電量為q，不計粒子的重力.求：(1)帶電粒子入射速度的大??；(2)帶電粒子在矩形區(qū)域內作直線運動的時間；(3)勻強電場的電場強度大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】在A點，小球開始離開圓弧曲面，只受重力，則有：得：,之后小球做平拋運動，則：，得：則平拋運動的最小水平位移為：,所以BC的最小距離為：A、B、C錯誤；D正確；故選D．2、D【解析】

根據磁場的疊加原理，將最上面電流向里的導線在O點產生的磁場與最下面電流向外的導線在O點產生的磁場進行合成，則這兩根導線的合磁感應強度為；同理，將左上方電流向里的導線在O點產生的磁場與右下方電流向外的導線在O點產生的磁場進行合成，則這兩根導線的合磁感應強度為，將右上方電流向里的導線在O點產生的磁場與左下方電流向外的導線在O點產生的磁場進行合成，則這兩根導線的合磁感應強度為，如圖所示：根據磁場疊加原理可知：，由幾何關系可：與的夾角為，故將與合成，則它們的合磁感應強度大小也為2B0，方向與B1的方向相同，最后將其與B1合成，可得正六邊形中心處磁感應強度大小為4B0，方向水平向左，D正確，ABC錯誤。故選D。3、B【解析】

a點射出粒子半徑Ra==，得：va==，d點射出粒子半徑為，R=故vd==，故B選項符合題意4、D【解析】

A．根據可得甲車的加速度大小為選項A錯誤；B．由圖像可知，乙車的初速度為v0=15m/s，加速度為則速度減為零的時間為選項B錯誤；C．當兩車相距最遠時速度相等，即解得t=1s選項C錯誤；D．乙車速度減小到零時需經過t=3s，此時甲車速度為選項D正確。故選D。5、C【解析】

A．關閉發(fā)動機后，汽車在阻力的作用下做勻減速運動，由v—t圖像知a3：a4=1：2再根據牛頓第二定律知，汽車A、B所受阻力分別為f1=ma3，f2=ma4得f1：f2=1：2A錯誤；B．在加速階段，對A車F1－f1=ma1對B車F2－f2=ma2由v-t圖像知a1：a2=2：1，a1=a4=2a2=2a3聯立解得F1：F2=1：1B錯誤；D．由圖知，在加速階段，兩車的平均速度相等均為，牽引力相等，所以牽引力平均功率得P1=P2D錯誤；C．牽引力作用的時間t1：t2=1：2牽引力的沖量C正確。故選C。6、A【解析】

在上，在范圍，線框穿過左側磁場時，根據楞次定律，感應電流方向為逆時針，為正值。在范圍內，線框穿過兩磁場分界線時，BC、AC邊在右側磁場中切割磁感線，有效切割長度逐漸增大，產生的感應電動勢增大，AC邊在左側磁場中切割磁感線，產生的感應電動勢不變，兩個電動勢串聯，總電動勢增大，同時電流方向為瞬時針，為負值。在范圍內，線框穿過左側磁場時，根據楞次定律，感應電流方向為逆時針，為正值，綜上所述，故A正確。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．在t1到t2時間內，兩圖線圍成的面積不等，則位移不等，故A錯誤．BC．甲做勻變速直線運動，在t1到t2時間內，平均速度，根據圖線圍成的面積知，甲的位移大于乙的位移，時間相等，則甲的平均速度大于乙的平均速度，即以的平均速度小于，故BC正確．D．乙圖線的切線斜率先比甲小，后比甲大，可知乙的加速度先小于甲，后大于甲，故D錯誤．8、CDE【解析】

A．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體各向異性，多晶體各向同性，非晶體各向同性，故A錯誤；B．液體表面張力是微觀的分子引力形成的規(guī)律，與宏觀的超失重現象無關，則在完全失重的狀態(tài)下依然有表面張力的現象，故B錯誤；C．浸潤現象中，浸潤液體在細管中上升時，管的內徑越小，液體所能達到的高度越高，故對于一定的液體和一定材質的管壁，管內徑的粗細會影響液體所能達到的高度，則C正確；D．飽和汽壓與溫度有關，溫度越高飽和汽壓越大，故D正確；E．晶體熔化時吸收熱量，導致內能增大，但只增加了分子勢能，故熔化過程中晶體溫度不變，故E正確。故選CDE。9、ACD【解析】

A．氣體壓強是由大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產生的作用，所以其本質上就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力，所以A正確；B．物體的溫度越高，分子的平均動能就越大。分子的平均動能大，并不是每個分子動能都增大，也有個別分子的動能減小，所以B錯誤；C．根據理想氣體狀態(tài)方程可知，一定質量的理想氣體，壓強不變時，溫度升高時，體積增加，故分子間的平均距離一定增大，所以C正確；D．氣體的擴散現象說明涉及熱現象的宏觀過程具有方向性，所以D正確；E．外界對氣體做功由于不知道氣體是吸熱還是放熱，根據熱力學第一定律無法確定氣體的內能增加還是減小，故E錯誤。故選ACD。10、ACD【解析】根據牛頓第二定律有，而，，聯立解得，因而金屬棒將做勻加速運動，選項A正確B錯誤；ab棒切割磁感線，相當于電源，a端相當于電源正極，因而M板帶正電，N板帶負電，C正確；若帶電粒子帶負電，在重力和電場力的作用下，先向下運動然后再反向向上運動，D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、歐姆正0.95(0.94~0.96)1.45(1.41~1.47)1.57(1.52-1.59)【解析】

（1）[1]選擇合適的檔位進行歐姆調零，使指針指向歐姆表的零刻度位置；（2）[2]黑表筆和歐姆檔內部的電源正極相連，電壓表右端和黑表筆相連，所以電壓表右端應為正接線柱；（3）[3]電壓表分度值為，所以電壓表讀數為：；（4）[4]根據閉合電路歐姆定律：變形得：根據圖像中的斜率：解得：；[5]根據圖像中的縱截距：解得：。12、左小沒有C【解析】

（1）[1]開關閉合時，應該使電表中的電流最小，故應該將滑動變阻器的滑片置于左端；（2）[2]滑片P左移，并聯部分電阻變小，故并聯部分電壓減小，故電流表示數變??；（3）[3]因為電壓是用電壓表測出，故與電源參數無關，所以沒有影響；（4）[4]小燈泡電阻隨電流增大（或溫度升高）而增大，故選C。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)垂直紙面向外；(2)(3)1:1【解析】

(1)粒子帶正電且在圓形磁場中向右偏轉，可知磁場方向垂直紙面向外；(2)利用旋轉圓可以知道，粒子平行于Y軸射入圓形磁場中，且都從同一點O射入右邊的磁場中，則粒子運動的軌跡圓半徑必與圓形磁場的半徑是相同的，即為d；粒子進入右邊磁場后，因為磁感應強度也為B，可知粒子在右邊磁場中運動時的圓軌跡半徑也為r=d；打在AB收集板上的臨界情況分別是軌跡圓與AB板相切，即沿x軸正方向射入的粒子，和粒子剛好過A點的粒子，故AB板上粒子打的區(qū)域長度為d。而粒子只有從第四象限進入右邊磁場才有可能打在收集板BC上。根據幾何關系可得，粒子剛好經過A點時，軌跡圓圓心O2和原點O以及A點構成一個正三角形，可得：粒子與x軸正方向成30°向下。此時粒子剛好打到BC板上的P1點。由幾何關系可知OAP1O1為菱形，且AP1與BC垂直，則由幾何關系可得，粒子在板上打的最遠距離是當直徑作為弦的時候，此時與BC的交點為P2，根據點A、B、C的坐標可得，三角形ABC是直角三角形，角C為30°由余弦定理可得解得：第二個臨界，軌跡圓恰好與BC收集板相切，由幾何關系可得，此時交點與P1重合。則打到收集板上粒子的總長：(3)粒子打在AB收集板的角度范圍是與x軸正方向0°~30°，打在BC板上的角度范圍是與x軸正方向成30°~90°。由于粒子是沿x軸均勻分布，故需要計算找出入射粒子的長度之比。由幾何關系可得，進入第四象限的粒子入射的長度分布恰好是粒子源中左半部分的d，故只需找到與x軸正方向成30°入射的粒子進入圓心磁場的位置即可，LMN=dsin30°=d/214、(1)ADE；(2)230Hz【解析】

（1）A．光的傳播頻率由光源決定，故光由一種介質進入另一種介質時頻率不變；故A正確；B．紅光和紫光進入棱鏡后，波速減小，根據v=λf因為f不變，可知波長都變小，紅光和紫光在棱鏡中的波長不可能相等，故B錯誤；C．根據折射定律可知