2021-2022學(xué)年廣東省潮州市某中學(xué)高考適應(yīng)性考試物理試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

考生請(qǐng)注意：

1.答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫(xiě)在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。

2.第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫(xiě)在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫(xiě)在試卷題目指定的

位置上。

3.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、用傳感器觀察電容器放電過(guò)程的實(shí)驗(yàn)電路如圖甲所示，電源電動(dòng)勢(shì)為8V、內(nèi)阻忽略不計(jì)。先使開(kāi)關(guān)S與1端相連,

稍后擲向2端，電流傳感器將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示的電流隨時(shí)間變化的i—f圖像如圖乙所示。下列說(shuō)法

正確的是（）

A.圖中畫(huà)出的靠近i軸的豎立狹長(zhǎng)矩形面積表示電容器所帶的總電荷量

B.電容器在全部放電過(guò)程中釋放的電荷量約為20C

c.電容器在全部放電過(guò)程中釋放的電荷量約為4.0xi（r*c

D.電容器的電容約為4.0X10TF

2、熱核聚變反應(yīng)之一是氣核（：H）和最核（：H）聚變反應(yīng)生成氮核（：He）和中子。已知：H的靜止質(zhì)量為2.0136u,

:H的靜止質(zhì)量為3.0150U,:He的靜止質(zhì)量為4.0015U,中子的靜止質(zhì)量為1.0087u。又有l(wèi)u相當(dāng)于931.5MeV。則反

應(yīng)中釋放的核能約為（）

A.4684.IMeVB.4667.0MeVC.17.1MeVD.939.6MeV

3、如圖所示，金屬環(huán)M、N用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線連接，分別套在水平粗糙細(xì)桿和豎直光滑細(xì)桿上，當(dāng)整個(gè)裝置以豎直

桿為軸以不同大小的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，兩金屬環(huán)始終相對(duì)桿不動(dòng)，下列判斷正確的是（）

A.轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度越大，細(xì)線中的拉力越大

B.轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度越大，環(huán)N與豎直桿之間的彈力越大

C.轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不同，環(huán)M與水平桿之間的彈力相等

D.轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不同，環(huán)M與水平桿之間的摩擦力大小不可能相等

4、將兩個(gè)負(fù)電荷A、B（帶電量QA=20C和QB=40C）分別從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到某一固定負(fù)點(diǎn)電荷C產(chǎn)生的電場(chǎng)不同位置

M和N,克服電場(chǎng)力做功相同，則將這兩電荷位置互換后（即將電荷A移至位置N,電荷B移至位置規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)

處為零勢(shì)面，且忽略電荷A、B對(duì)點(diǎn)電荷C的電場(chǎng)分布影響），此時(shí)電荷A、B分別具有的電勢(shì)能EA和&關(guān)系描述正

確的是（）

A.Ex<EnB.EA=EBC.EA>&D.無(wú)法確定

5、家電待機(jī)耗電問(wèn)題常常被市民所忽略。北京市電力公司曾舉辦“計(jì)量日進(jìn)您家”活動(dòng)，免費(fèi)上門(mén)為市民做家庭用電耗

能診斷分析。在上門(mén)實(shí)測(cè)過(guò)程中，技術(shù)人員發(fā)現(xiàn)電視機(jī)待機(jī)一天的耗電量在0.2度左右，小小機(jī)頂盒一天的待機(jī)耗電

量更是高達(dá)0.4度。據(jù)最新統(tǒng)計(jì)溫州市的常住人口約1000萬(wàn)人，參考下表數(shù)據(jù)，估算每年溫州市家庭用電器待機(jī)耗電

量約為（）

家庭常用電器電視機(jī)洗衣機(jī)空調(diào)電腦

戶均數(shù)量（臺(tái)）2121

電器待機(jī)功耗（W/臺(tái)）10204040

A.4x105度B.4x107度c.4x109度D.4x10“度

6、常言道，萬(wàn)物生長(zhǎng)靠太陽(yáng)，追根溯源，地球上消耗的能量絕大部分是來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部持續(xù)不斷地發(fā)生核反應(yīng)釋放出的

核能。在太陽(yáng)內(nèi)部發(fā)生的典型核反應(yīng)方程是4；H-；He+2X,這個(gè)核反應(yīng)釋放出的能量為△E,光在真空中的傳播速

度為c,下列說(shuō)法正確的是（）

A.該核反應(yīng)屬于裂變反應(yīng)

B.方程中的X為電子（_,e）

C.該核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，因而反應(yīng)前后總質(zhì)量保持不變

AE

D.該核反應(yīng)過(guò)程產(chǎn)生的質(zhì)量虧損為△,”=7二

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖甲所示，4、5兩物塊靜止在光滑水平面上，兩物塊接觸但不粘連，4、3的質(zhì)量分別為，4="7,mB-3mo

U0時(shí)刻對(duì)物塊A施加一水平向右推力同時(shí)對(duì)物塊3施加一水平向右拉力尸2,使4、5從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，力尸1、

尸2隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）

A.加刻A對(duì)3的推力大小為

B.0?2時(shí)刻內(nèi)外合力對(duì)物塊A做的功為上江

2128m

9F2t2

C.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到4、B分離,物體8運(yùn)動(dòng)的位移大小為出2

64m

D.為時(shí)刻A的速度比B的速度小弟

8、下列說(shuō)法正確的是（）

A.懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動(dòng)反映了水分子的熱運(yùn)動(dòng)

B.理想氣體溫度升高時(shí)，分子動(dòng)能一定增大

C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)

D.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而增大

E.可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變?yōu)楣Γ划a(chǎn)生其他變化

9、如圖是氫原子的能級(jí)示意圖。當(dāng)氫原子從〃=4能級(jí)躍遷到〃=2能級(jí)時(shí)，輻射出光子a；從〃=2能級(jí)躍遷到〃=1能

級(jí)時(shí)，輻射出光子兒以下判斷正確的是（）

〃個(gè)V

4----------------0.85

3----------------1.51

2----------------3.4

I----------------13.6

A.光子》可能使處于基態(tài)的氫原子電離

B.〃=4能級(jí)比"=2能級(jí)氫原子的電子動(dòng)能小

C.一個(gè)處于〃=5能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)最多可輻射10種不同的譜線

D.若與a同頻率的光可以使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，那么與方同頻率的光也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)

10、如圖所示，光滑細(xì)桿MN傾斜固定，與水平方向夾角為一輕質(zhì)彈簧一端固定在0點(diǎn)，另一端連接一小球，小

球套在細(xì)杯上，。與桿MN在同一豎直平面內(nèi)，P為MN的中點(diǎn)，且OP垂直于MN,已知小球位于桿上M、P兩點(diǎn)

時(shí)，彈簧的彈力大小相等且在彈性限度內(nèi)?，F(xiàn)將小球從細(xì)桿頂端M點(diǎn)由靜止釋放，則在小球沿細(xì)桿從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N

點(diǎn)的過(guò)程中（重力加速度為g）,以下判斷正確的是

A.彈簧彈力對(duì)小球先做正功再做負(fù)功

B.小球加速度大小等于gsin0的位置有三個(gè)

C.小球運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的速度最大

D.小球運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)肘的動(dòng)能是運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能的兩倍

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11.（6分）在研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)選出一條點(diǎn)跡比較清晰的紙帶，舍去開(kāi)始密集的點(diǎn)跡，從便于測(cè)

量的點(diǎn)開(kāi)始，每隔一個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，如下圖中0、1、2……6點(diǎn)所示。

a.測(cè)量1、2、3……6計(jì)數(shù)點(diǎn)到0計(jì)數(shù)點(diǎn)的距離，分別記作：x卜X2...........x6

X.X.X,X,

b.分別計(jì)算修、X2……X6與對(duì)應(yīng)時(shí)間的比值；\/、廣…廣

4%

X

C.以上為縱坐標(biāo)、1為橫坐標(biāo)，標(biāo)出x與對(duì)應(yīng)時(shí)間I的坐標(biāo)點(diǎn)，畫(huà)出了一-Z圖線如圖所示

t

y(cm/s)

12.0-

8.（）2

40Z

04.08.012.016,0

根據(jù)圖線可以計(jì)算：物體在計(jì)時(shí)起點(diǎn)的速度叫=cm/s；加速度〃=_m/s2。（計(jì)算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）

12.（12分）某實(shí)驗(yàn)興趣小組用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律并求出當(dāng)?shù)刂亓铀俣?。傾斜氣墊導(dǎo)軌傾

角為30。，導(dǎo)軌上端與水平桌面相接并安裝有速度傳感器可以直接測(cè)出小物塊經(jīng)過(guò)上端時(shí)的速度，氣墊導(dǎo)軌和水平桌

面上均有刻度值可讀出長(zhǎng)度。導(dǎo)軌下端有一固定擋板，輕質(zhì)彈簧下端與擋板相連，測(cè)出不放小物塊時(shí)彈簧上端與傳感

器之間的長(zhǎng)度為L(zhǎng)氣墊導(dǎo)軌開(kāi)始工作后把質(zhì)量為機(jī)的小物塊輕放在彈簧上端，用外力向下緩慢推動(dòng)小物塊到不同位

置后撤去外力，小物塊從靜止開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后落在水平桌面上。

(D通過(guò)實(shí)驗(yàn)，該小組測(cè)出了多組不同的速度y和對(duì)應(yīng)的落點(diǎn)到導(dǎo)軌上的長(zhǎng)度x,畫(huà)出了如圖乙所示的/一X圖象，

已知該圖象為一過(guò)原點(diǎn)的直線、直線斜率為則通過(guò)該象可求出當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭的值為,考慮到空氣阻

力，該小組測(cè)出的值________(填“偏大”“偏小”或“不變

(2)通過(guò)事先對(duì)輕彈簧的測(cè)定,、研究得出彈簧的彈性勢(shì)能J與壓縮量Ax的關(guān)系為紇=避&2。若每次釋放小物

塊時(shí)彈簧的壓縮量均為L(zhǎng)的〃倍，為了驗(yàn)證小物塊和輕彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，該小組需要驗(yàn)證的表達(dá)式為

__________________(用X、小心表示

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，有一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其上下水平邊界的間距為”；磁場(chǎng)的正上方有一

長(zhǎng)方形導(dǎo)線框，其長(zhǎng)和寬分別為L(zhǎng)、質(zhì)量為,〃，電阻為現(xiàn)將線框從其下邊緣與磁場(chǎng)上邊界間的距離

為無(wú)處由靜止釋放，測(cè)得線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程所用的時(shí)間為乙線框平面始終與磁場(chǎng)方向垂直，線框上下邊始終保持

水平，重力加速度為g。求：

(1)線框下邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框中感應(yīng)電流的大小和方向；

(2)線框的上邊緣剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)線框的速率匕；

(3)線框下邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)到下邊緣剛離開(kāi)磁場(chǎng)的全過(guò)程中產(chǎn)生的總焦耳熱

14.(16分)如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy的第一、四象限內(nèi)，在邊界與y軸之間有垂直于坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)

磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為氏邊界MN右側(cè)有沿x軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,MN上P點(diǎn)的坐標(biāo)

為(“，0),與x軸正向的夾角，=45。，一個(gè)質(zhì)量為機(jī)，電荷量為g的帶負(fù)電的粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)沿y軸正向射入磁

場(chǎng)，不計(jì)粒子的重力，E>^~,求：

2m

⑴要使粒子不進(jìn)入電場(chǎng)，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的最大速度為多少；

⑵若粒子從P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，則粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為多少；

⑶若粒子剛好垂直進(jìn)入電場(chǎng)，且將電場(chǎng)反向，則粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)經(jīng)過(guò)x軸的位置坐標(biāo)。

y:N

XXX/

XXX/

/

XX/必-----------

八XX/廠

ox；P

■M

15.(12分)如圖所示，MN板間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E=300N/C,方向豎直向上電場(chǎng)上4、8兩點(diǎn)相距10cm,48連

線與電場(chǎng)方向夾角6=60、A點(diǎn)和M板相距2cm,求:

(1)求A8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小；

(2)若M板接地(電勢(shì)為0),A點(diǎn)電勢(shì)火；

(3)將4=+4'10-5點(diǎn)電荷從A移到8,電場(chǎng)力做的功。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.根據(jù)4=〃可知，圖像與橫軸圍成的面積代表電容器所帶的總電荷量，故A錯(cuò)誤；

BC.確定每個(gè)小方格所對(duì)應(yīng)的電荷量值，縱坐標(biāo)的每個(gè)小格為0.2mA,橫坐標(biāo)的每個(gè)小格為0.4s,則每個(gè)小格所代

表的電荷量數(shù)值為

9=0.2x103x0.4=8x105C

曲線下包含的小正方形的個(gè)數(shù)為40個(gè)，由曲線下方的方格數(shù)與q的乘積即得電容器所帶的電荷量

Q=40x8x105C=3.2xl03C

故BC錯(cuò)誤；

D.電容器的電容約為

C=^=400gF

故D正確。

故選D。

2、C

【解析】

反應(yīng)的質(zhì)量虧損

Am=(2.0136u+3.0150u)-(4.0015u+1.0087u)=0.0184u

根據(jù)愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程，可得放出的能量為

AE=Am?c2

又有

lu=931.5MeV/c2

解以上各式得

AE?17.1MeV

所以C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。

3、C

【解析】

AB.設(shè)細(xì)線與豎直方向的夾角為。，對(duì)N受力析，受到豎直向下的重力GN,繩子的拉力7,桿給的水平支持力M,

因?yàn)閮森h(huán)相對(duì)桿的位置不變，所以對(duì)N有

Tcos6)=GN

%=Tsin。

因?yàn)橹亓愣?，角度恒定，所以?xì)線的拉力不變，環(huán)N與桿之間的彈力恒定，AB錯(cuò)誤；

CD.受力分力如圖

M=GM+Teose=GM+GN

所以轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不同，環(huán)M與水平桿之間的彈力相等；若以較小角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，摩擦力方向右，即

Tsin6-f=ma)2rn/=Tsin。一mco'r

隨著角速度的增大，摩擦力方向可能變成向左，即

Tsin6+/'=mco'2r=f'=m(o'~r-TsmO

故可能存在

mco'2r-Tsin0=Tsin0-mco2r

摩擦力向左和向右時(shí)相等的情況，C正確，D錯(cuò)誤。

故選C。

4、A

【解析】

兩個(gè)電荷未換之前，分別從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到某一固定負(fù)點(diǎn)電荷C產(chǎn)生的電場(chǎng)不同位置M和M克服電場(chǎng)力做功相同，有:

-QA(0-①M(fèi))=-QB(0-9N)

即

2A-fPN

由于2QA=QB,所以得：(PA/=2<P；V；將這兩電荷位置互換后，電荷A、B分別具有的電勢(shì)能感和現(xiàn)為：

&=-QA5N=-20<P,v

EB=-QB(P*-40x23,、=-80<PN

由于<PN<0,所以EA<EB,故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選Ao

5、C

【解析】

溫州市的常住人口約1000萬(wàn)人，平均每戶的人口按3人計(jì)算，溫州大約330萬(wàn)戶家庭，一個(gè)家庭電器的待機(jī)功率：

2x10W+1x20W+2x40W+1x40W=160W；所有用電器待機(jī)的總功為：W=NPt=330xl04x0.16kWx(360x24h)

=456192xl04KW?h=4.6xl09g；故選C。

6、D

【解析】

A.該核反應(yīng)屬于聚變反應(yīng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，方程中的X為正電子(：e),選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.該核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，但是由于反應(yīng)放出能量，則反應(yīng)前后有質(zhì)量虧損，選項(xiàng)C錯(cuò)誤;

△E

D.根據(jù)AE=可知，該核反應(yīng)過(guò)程產(chǎn)生的質(zhì)量虧損為Am=仝丁，選項(xiàng)D正確；

C

故選D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、BD

【解析】

C.設(shè)，時(shí)刻48分離，分離之前AB物體共同運(yùn)動(dòng)，加速度為“，以整體為研究對(duì)象，則有：

._片+8_尸0

uc-----------

mA^mB4"?

分離時(shí):

rZ7=ma=Q3mx—玲—=—3r小

2ti4m40

3

根據(jù)乙圖知此時(shí)，=1。，則從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到A、B分離,物體〃運(yùn)動(dòng)的位移大小:

22

x=—at=-x-^-x(—r)=-^―F(￡

224m4°12800

故C錯(cuò)誤；

A.2時(shí)刻還未分離，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律，則有:

2

aCI-_-G--+--居--_--￡)-

mA+mB4m

對(duì)反根據(jù)牛頓第二定律：

戶2+尸AI尸機(jī)陷

則

FAB=3"_?=；生

故A錯(cuò)誤；

B.0?2時(shí)間，根據(jù)乙圖知:

2

FI+F2=F(>

則始終有，對(duì)整體根據(jù)牛頓第二定律:

._片+8_尸0

cu-------------

〃^+加84〃？

則2時(shí)刻

2

E/o

v=a-=—^-

A28m

對(duì)A根據(jù)動(dòng)能定理:

1F2t2

腔=_〃叱=q-

口2A128帆

故B正確;

3

D.時(shí)，45達(dá)到共同速度

v_at_3咐）

lorn

此后A5分離，對(duì)A,根據(jù)動(dòng)量定理:

Z=/WAAv

3

根據(jù)乙圖I，。?，?！甞圖象的面積等于為這段時(shí)間對(duì)4的沖量'則

24432

則

△V--%--（）xx-1

32m

對(duì)5,根據(jù)動(dòng)量定理:

/'=〃!BAVf

3

根據(jù)乙圖I，。?如尸，圖象的面積等于出這段時(shí)間對(duì)5的沖量'則

則

則-%?￡o時(shí)間內(nèi)3比A速度多增大

4

△v”-AV="'%

24m

故D正確。

故選：BD.

8、ACD

【解析】

A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在水中花粉的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是由于液體分子對(duì)花粉顆粒的無(wú)規(guī)則撞擊形成的，所以布朗運(yùn)動(dòng)反映了

水分子的熱運(yùn)動(dòng)；故A正確；

B.理想氣體的分子動(dòng)能與分子的數(shù)目、溫度有關(guān)，理想氣體溫度升高時(shí)，分子平均動(dòng)能增大，但分子數(shù)目的情況不

清楚，故分子動(dòng)能的變化情況不清楚，故B錯(cuò)誤；

C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故C正確；

D.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，距離增大時(shí)，分子力做負(fù)功，故分子勢(shì)能增大，故D正確；

E.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，不可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變?yōu)楣?，從而不產(chǎn)生其他變化，故E錯(cuò)誤。

故選ACD,

9、BD

【解析】

A.由能級(jí)躍遷的頻率條件：

hV=Em-En

可知，光子。的能量為2.55eV,光子b的能量為10.2eV，要使處于基態(tài)的氫原子電離,入射光子的能量要大于等于13.6eV,

故光子8不能使處于基態(tài)的氫原子電離，A不符合題意；

B.氫原子的能級(jí)越高，電子的軌道半徑越大，由庫(kù)侖力提供向心力得：

ke2_mv2

r-r

1,

又因電子的動(dòng)能紇=2根解得電子的動(dòng)能

2

口ke

Ek=——

卜2r

故軌道半徑越大，電子動(dòng)能越小，B符合題意；

C.一個(gè)處于〃=5能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)可輻射不同譜線最多的方式是逐級(jí)躍遷，故最多可輻射4種不同的譜

線，C不符合題意；

D.由于光子》的能量比a的高，故光子b的頻率也比a的高，若與a同頻率的光可以使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，那么

與b同頻率的光也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，D符合題意。

故選BD,

10、BD

【解析】

A項(xiàng)：由題意不能確定在M點(diǎn)和在N點(diǎn)時(shí)彈簧是壓縮還是拉伸狀態(tài)，所以彈簧對(duì)小球可能先做正功后做負(fù)功，也可

能先做負(fù)功后做正功，故A錯(cuò)誤；

B項(xiàng)：由于MP之間和PN之間各有一位置彈簧彈力為零，當(dāng)彈力為零時(shí)小球的加速度為gsin8,在P點(diǎn)時(shí)由于彈簧

的彈力與桿垂直，所以小球的加速度也為gsin，，所以小球加速度大小等于gsinO的位置有三個(gè)，故B正確；

C項(xiàng)：由于小球在P點(diǎn)的加速度為gsin8,所以小球的速度一定不為最大，故C錯(cuò)誤；

22

D項(xiàng)：從M到P由能量守恒得：=kEp+gmvp,從P到N由能量守恒得：mghpN+A百=g加匕：一gmvp,

聯(lián)立解得：小球運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)肘的動(dòng)能是運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能的兩倍，故D正確。

故選：BDo

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11、4.01.0

【解析】

口］⑵物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有

12

x=vot+-ar

兩邊同時(shí)除以時(shí)間/,變形得

X1

結(jié)合圖線可知，初速度為縱軸截距

%=4.0cm/s

斜率為由圖可得

(12—1

/V--

16x10-22

解得

<2=1.0m/s2

12、里J2k偏大T2出---x---齊

23(〃-0-1)

【解析】

（1）口］［2］物塊到達(dá)斜面頂端時(shí)的速度為v,貝!!：

?

v=vcav30°=——v,v=vsin30°=—v

xr23v2

物塊離開(kāi)斜面后做斜上拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間:

2vv_v

gg

水平位移:

V3v2

x=vJ=^—

2g

整理得:

3

由v2-x圖象可知圖象斜率:

所以重力加速度:

乖1k

g=F

考慮空氣阻力影響，所測(cè)重力加速度偏大.

（2）［3］每次釋放小物塊時(shí)彈簧的壓縮量均為L(zhǎng)的n倍，貝!|：

Ax=nL

彈簧的彈性勢(shì)能:

當(dāng)啜“啜（心

以釋放點(diǎn)所處水平面為重力勢(shì)能的零勢(shì)面，由機(jī)械能守恒定律得:

（"LT=，"g（〃+1）Lsin3Q°+；mv2

,2Gx

整理得：5耳F

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13、⑴%2殛，逆時(shí)針?lè)较?；?）日+廊-竺建；⑶mgS+4）-2皿gf+廊-”

RmR2mR

【解析】

(1)線框由靜止釋放到下邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，做自由落體運(yùn)動(dòng)，有

片=2gh

即線框下邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)的速率為

線框下邊緣切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=BLv。

感應(yīng)電流的大小為

EBL府

I——=----------

RR

根據(jù)右手定則判斷知，線框中感應(yīng)電流的方向沿逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

(2)在線框下邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)到上邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，根據(jù)微元法，取一小段時(shí)間△，，時(shí)間內(nèi)速度的減少量為

Av,由動(dòng)量定理可得

mg-Nt—BIL-N—

在時(shí)間。內(nèi)，通過(guò)線框某一橫截面的電荷量為

Nq=I?X

對(duì)動(dòng)量定理表達(dá)式等式兩邊累加得

mgt-BLq=mvx—mvQ

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有

-△①BLd

E=---=----

根據(jù)閉合電路歐姆定律有

在時(shí)間/內(nèi)，通過(guò)線框某一橫截面的電荷量為

-BLd

q=It=----

R

代入動(dòng)量定理方程解得

mR

(3)在線框下邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)到下邊緣剛離開(kāi)磁場(chǎng)的全過(guò)程中，線框切割磁感線的過(guò)程中才有焦耳熱產(chǎn)生，根據(jù)能量守

恒定律有

1.J1，八

—ITIVQ+mgd=—mv~+Q

解得

Q=—"I%?+mgd-—=mg(h+d)-