2020年天津市南開區(qū)學業(yè)水平考試（6月份）數學試題（解析）

2020年天津市南開區(qū)學業(yè)水平考試（6月份）數學試題一、單選題1．設全集I＝{0，1，2，3}，?IM＝{0，2}，則M＝（）A．{3} B．{1，3} C．{2，3} D．?【答案】B【解析】根據補集的概念，可得集合M【詳解】由題可知：全集I＝{0，1，2，3}，?IM＝{0，2}所以M={1，3}故選：B【點睛】本題考查補集的運算，屬基礎題.2．函數，的最小正周期是（）A． B． C． D．【答案】D【解析】利用三角函數的周期公式即可得到答案.【詳解】函數，.故選：D【點睛】本題主要考查三角函數的最小正周期，熟記公式為解題的關鍵，屬于簡單題.3．函數f（x）＝ln（﹣x）的定義域是（）A．（0，+∞） B．（﹣∞，0） C．（﹣∞，﹣1） D．（﹣∞，+∞）【答案】B【解析】根據對數的真數部分大于0，簡單計算可得結果.【詳解】由題可知：所以函數的定義域為故選：B【點睛】本題考查對數型函數的定義域的求法，考查計算，屬基礎題.4．已知，，則＝（）A． B． C． D．【答案】D【解析】利用向量的坐標運算即可得到答案.【詳解】.故選：D【點睛】本題主要考查向量的坐標運算，屬于簡單題.5．下列函數中是偶函數，且在上單調遞增的是（）A． B． C． D．【答案】D【解析】直接由解析式判斷函數的單調性和奇偶性即可得解.【詳解】解：對于A選項，的定義域為，為非奇非偶函數，故A錯誤；對于B選項，為偶函數，在為減函數，不滿足條件．故B錯誤；對于C選項，為非奇非偶函數，故C錯誤；對于D選項，滿足，為偶函數，且當時，單調遞增．故D正確.故選：D．【點睛】本題主要考查了函數奇偶性和單調性的判斷，屬于基礎題.6．過點且垂直于直線的直線方程為（）A． B． C． D．【答案】A【解析】由題，可先得到所求直線的斜率，然后利用點斜式，即可得到本題答案.【詳解】因為所求直線垂直于直線，又直線的斜率為，所以所求直線的斜率，所以直線方程為，即.故選：A【點睛】本題主要考查直線方程的求法，屬基礎題.7．體積為a3的正方體外接球的表面積為（）A．πa2 B．2πa2 C．3πa2 D．4πa2【答案】C【解析】根據正方體的體積可知正方體的邊長為，然后可知該正方體的外接球的半徑，最后根據球的表面積的公式可得結果.【詳解】由題可知：正方體的體積為，所以正方體的邊長為則可知該正方體的外接球的半徑為所以該正方體的外接球的表面積為故選：C【點睛】本題考查正方體的外接球的表面積，掌握正方體的外接球的半徑為，屬基礎題.8．已知向量=（1，2），=（–2，m），若∥，則m=A．–1 B．–4 C．4 D．1【答案】B【解析】【詳解】∵∥，∴1?m–（–2）×2=0，∴m=–4．故選B．9．在區(qū)間[0，2]上隨機地取一個數x，則這個數在區(qū)間的概率為（）A． B． C． D．【答案】D【解析】根據幾何概型的長度型直接計算可得結果.【詳解】由題可知：所求概率為故選：D【點睛】本題考查幾何概型的長度型，屬基礎題.10．如圖，在平行四邊形ABCD中，E為DC邊的中點，且，則（）A． B． C． D．【答案】A【解析】利用向量的線性運算可得的表示形式.【詳解】，故選：A．【點睛】本題考查向量的線性運算，用基底向量表示其余向量時，要注意圍繞基底向量來實現向量的轉化，本題屬于容易題.11．為了得到函數的圖象，可以將函數的圖象（）A．向左平移個單位長度 B．向右平移個單位長度C．向左平移個單位長度 D．向右平移個單位長度【答案】D【解析】，據此可知，為了得到函數的圖象，可以將函數的圖象向右平移個單位長度.本題選擇D選項.12．已知，，，則的大小關系是（）A． B． C． D．【答案】C【解析】根據指數函數，冪函數，和對數的單調性，即可得出結論.【詳解】，.故選:.【點睛】本題主要考查指數、對數、冪的運算及性質等基礎知識，注意與特殊數的對比，如“0”“1”等等，屬于基礎題.13．如圖是某學校抽取的學生體重的頻率分布直方圖，已知圖中從左到右的前3個小組的頻率滿足：第一小組與第三小組的頻率和是第二小組頻率的2倍，第二小組的頻數為15，則抽取的學生人數為（）A．30 B．45 C．60 D．120【答案】C【解析】首先設第二小組的頻率為，根據題意得到，從而得到，再求抽取的學生人數即可.【詳解】設第二小組的頻率為，由題知：，解得.所以抽取的學生人數為.故選：C【點睛】本題主要考查頻率分布直方圖，考查學生分析問題的能力，屬于簡單題.14．在中，,則=（）A． B． C． D．【答案】C【解析】【詳解】解：因為由正弦定理，所以又ｃ＜ａ所以，所以15．已知具有線性相關的兩個變量x，y之間的一組數據如下：x

0

1

2

3

4

y

2.2

4.3

4.5

4.8

6.7

且回歸方程是=0.95x+，則當x=6時，y的預測值為（）A．8.0 B．8.1 C．8.2 D．8.3【答案】D【解析】【詳解】解：因為根據數據可知x,y的均值分別是2,4.5,因此可知2=2.6,將x=6代入表達式得到y(tǒng)的預測值為8.3，選D二、填空題16．先后拋擲三枚均勻的硬幣，至少出現一次正面的概率是_____．【答案】；【解析】首先列出先后拋擲三枚均勻的硬幣的全部基本事件，找到至少出現一次正面的基本事件，再利用古典概型公式計算即可.【詳解】先后拋擲三枚均勻的硬幣，共有：正正正，正正反，正反正，正反反，反正正，反正反，反反正，反反反，基本事件.至少出現一次正面共有：正正正，正正反，正反正，正反反，反正正，反正反，反反正，基本事件.故至少出現一次正面的概率是.故答案為：【點睛】本題主要考查古典概型，用列舉法把全部基本事件列舉出來為解題的關鍵，屬于簡單題.17．_____．【答案】【解析】利用即可得到答案.【詳解】.故答案為：【點睛】本題主要考查余弦二倍角公式，熟記公式為解題關鍵，屬于簡單題.18．在中，已知，則BC的長為__________．【答案】【解析】根據條件，結合余弦定理即可求解.【詳解】在中，已知，則由余弦定理可得，故答案為：【點睛】本題考查余弦定理在解三角形中的應用，屬于基礎題.19．已知向量，，且與的夾角為銳角，則實數的取值范圍是________.【答案】【解析】利用向量的數量積大于0，且向量不共線，得到關于的不等式，解不等式即可得答案.【詳解】∵與的夾角為銳角，∴，解得：.故答案為：.【點睛】本題考查向量夾角的計算，考查函數與方程思想、轉化與化歸思想，考查邏輯推理能力和運算求解能力，求解時注意把向量共線的情況去掉，才不會出現錯解.20．函數fx=2x?2x【答案】0,3【解析】先判斷函數fx=2x-【詳解】因為函數fx且函數fx=2所以，f1解得0<a<3,實數a的取值范圍是0,3,故答案為0,3.【點睛】本題主要考查對數函數的單調性、零點存在定理，意在考查對基本定理的理解與應用，屬于簡單題.三、解答題21．已知，．（1）求，的值；（2）求的值．【答案】（1），；（2）【解析】（1）首先利用同角三角函數關系求出，從而得到，再利用正弦二倍角公式計算即可.（2）利用正弦兩角差公式展開計算即可得到答案.【詳解】（1）因為，，所以，所以，.（2）.【點睛】本題主要考查三角函數的恒等變換，同時考查同角三角函數關系，屬于簡單題.22．已知點在圓C：上．（Ⅰ）求該圓的圓心坐標及半徑長；（Ⅱ）過點M（﹣1，1），斜率為的直線l與圓C相交于A，B兩點，求弦AB的長．【答案】（Ⅰ）圓心，半徑；（Ⅱ）弦長【解析】（Ⅰ）將點代入圓方程可得，然后將圓方程轉化為標準方程形式可得結果.（Ⅱ）根據點斜式可得直線方程，然后計算圓心到直線的距離，最后根據圓的弦長公式計算可得結果.【詳解】（Ⅰ）由題可知：所以圓的標準方程為所以圓心，半徑（Ⅱ）直線的方程為，即則圓心到直線的距離為所以弦長【點睛】本題考查圓的方程以及圓的弦長公式，掌握公式，特別識記圓的弦長公式，便于計算，屬基礎題.23．如圖，在正方體ABCD﹣EFGH中，（Ⅰ）求證：平面BEG∥平面ACH；（Ⅱ）求證：DF⊥平面BEG．【答案】（Ⅰ）證明見詳解；（Ⅱ）證明見詳解.【解析】（Ⅰ）根據正方體的特點可知//，可知//平面，同理可得//平面，然后根據面面平行的判定定理可得結果.（Ⅱ）連接，根據平面，可知，同理可得，最后根據線面垂直的判定定理，可得結果.【詳解】（Ⅰ）在正方體ABCD﹣EFGH中，//且所以四邊形為平行四邊形，則//又平面，平面，所以//平面同理可得//平面，又平面所以平面//平面（Ⅱ）連接，如圖由四邊形為正方形，所以又平面，且平面所以，又，平面所以平面，由平面所以同理可得，又，平面所以平面【點睛】本題考查面面平行的判定定理以及線面垂直的判定定理，熟練掌握線線、線面、面面之間的位置關系以及相關定理，屬中檔題.24．已知函數．（Ⅰ）若a＝1，求函數f（x）的單調區(qū)間；（Ⅱ）求函數f（x）在區(qū)間的最小值；（Ⅲ）關于x的方程f（x）＝2a2有解，求實數a的取值范圍．【答案】（Ⅰ）函數的單調遞增區(qū)間為，單調遞減區(qū)間為；（Ⅱ）；（Ⅲ）【解析】（Ⅰ）把代入式子，計算二次函數的對稱軸，簡單判斷可得結果.（Ⅱ）按，，進行分類討論，判斷函數在區(qū)間的單調性，然后進行計算，可得結果.（Ⅲ）依題意化簡可得有解，利用，簡單計算可得結果.【詳解】（Ⅰ）由