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吉林省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題:本題共10小題,共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求,每小題4分;第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求,每小題6分,全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。得分1.如圖,齊齊哈爾到長(zhǎng)春的直線距離約為400km。某旅客乘高鐵從齊齊哈爾出發(fā)經(jīng)哈爾濱到達(dá)長(zhǎng)春,總里程約為525km,用時(shí)為2.A.位移大小約為525km,平均速度大小約為160kmB.位移大小約為400km,平均速度大小約為160kmC.位移大小約為525km,平均速度大小約為210kmD.位移大小約為400km,平均速度大小約為210km2.2023年8月,我國(guó)首次在空間站中實(shí)現(xiàn)了微小衛(wèi)星的低成本入軌。在近地圓軌道飛行的中國(guó)空間站中,航天員操作機(jī)械臂釋放微小衛(wèi)星。若微小衛(wèi)星進(jìn)入比空間站低的圓軌道運(yùn)動(dòng),則入軌后微小衛(wèi)星的()A.角速度比空間站的大 B.加速度比空間站的小C.速率比空間站的小 D.周期比空間站的大3.某同學(xué)取一裝有少量水的塑料礦泉水瓶,旋緊瓶蓋,雙手快速擰搓擠壓水瓶。然后迅速擰松瓶蓋,瓶蓋被頂飛的同時(shí)瓶?jī)?nèi)出現(xiàn)白霧,則()A.?dāng)D壓水瓶過(guò)程中,瓶?jī)?nèi)氣體分子的平均動(dòng)能減小 B.?dāng)D壓水瓶過(guò)程中,瓶?jī)?nèi)氣體內(nèi)能不變C.瓶蓋被頂飛過(guò)程中,瓶?jī)?nèi)氣體對(duì)外做功 D.瓶蓋被頂飛過(guò)程中,瓶?jī)?nèi)氣體溫度升高4.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播,某時(shí)刻的波形如圖所示,則從此刻開(kāi)始,介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)P的加速度a隨時(shí)間t變化的圖像為()A. B.C. D.5.某“失重”餐廳的傳菜裝置如圖所示,運(yùn)送菜品的小車(chē)沿等螺距軌道向下勻速率運(yùn)動(dòng),該軌道各處彎曲程度相同,在此過(guò)程中,小車(chē)()A.機(jī)械能保持不變 B.動(dòng)量保持不變C.處于失重狀態(tài) D.所受合力不為零6.如圖(a),一點(diǎn)電荷P(未畫(huà)出)所在的水平直線上有M、N兩點(diǎn)。在M、N兩點(diǎn)分別放置試探電荷,其受到的靜電力與試探電荷的電荷量的關(guān)系分別如圖(b)中直線Ⅰ、Ⅱ所示。規(guī)定向右為正方向,則()A.P帶正電 B.P在M點(diǎn)左側(cè)C.M點(diǎn)電勢(shì)比N點(diǎn)的低 D.M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的小7.如圖,質(zhì)量均為m的物塊甲、乙靜止于傾角為θ的固定光滑斜面上,二者間用平行于斜面的輕質(zhì)彈簧相連,乙緊靠在垂直于斜面的擋板上。給甲一個(gè)沿斜面向上的初速度,此后運(yùn)動(dòng)過(guò)程中乙始終不脫離擋板,且擋板對(duì)乙的彈力最小值為0,重力加速度為g。擋板對(duì)乙的彈力最大值為()A.2mgsinθ B.3mgsinθ C.8.波長(zhǎng)不同的a、b兩束單色平行光,分別照射到同一雙縫干涉裝置上,在屏上得到干涉條紋如圖所示。下列說(shuō)法正確的是()A.在真空中,a光的波長(zhǎng)比b光的長(zhǎng)B.在真空中,a光的傳播速度比b光的小C.若只減小雙縫到屏的距離,兩光產(chǎn)生的條紋間距均變小D.兩光分別照射同一單縫衍射裝置,若只減小縫寬,中央亮紋寬度均變小9.空間中存在垂直于xOy平面的磁場(chǎng),x=a兩側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向相反,x>a區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為x<a區(qū)域的2倍。不同帶電粒子以速率v0由原點(diǎn)沿xOyA. B.C. D.10.如圖(a),質(zhì)量均為m的小物塊甲和木板乙疊放在光滑水平面上,甲到乙左端的距離為L(zhǎng),初始時(shí)甲、乙均靜止,質(zhì)量為M的物塊丙以速度v0向右運(yùn)動(dòng),與乙發(fā)生彈性碰撞。碰后,乙的位移x隨時(shí)間t的變化如圖(b)中實(shí)線所示,其中tA.碰后瞬間乙的速度大小為v03 C.甲到乙左端的距離L≥v0t閱卷人二、非選擇題:本題共5小題,共54分。得分11.某同學(xué)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律,裝置如圖(a)所示。一質(zhì)量為m、直徑為d的小球固定于釋放裝置上,在小球正下方固定四個(gè)光電門(mén),調(diào)節(jié)各光電門(mén)的中心,使其與小球的球心均在同一豎直線上。由靜止釋放小球,記錄小球通過(guò)每個(gè)光電門(mén)的擋光時(shí)間,重力加速度為g。(1)若測(cè)得某光電門(mén)的中心與釋放點(diǎn)的豎直距離為h,小球通過(guò)此光電門(mén)的擋光時(shí)間為Δt,則小球從釋放點(diǎn)下落至此光電門(mén)中心時(shí)的動(dòng)能增加量ΔEk=,重力勢(shì)能減小量(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù),作出ΔEk?ΔE(3)經(jīng)過(guò)多次重復(fù)實(shí)驗(yàn),發(fā)現(xiàn)小球經(jīng)過(guò)第三個(gè)光電門(mén)時(shí),ΔEk總是大于A.第三個(gè)光電門(mén)的中心與釋放點(diǎn)的豎直距離測(cè)量值偏大B.第三個(gè)光電門(mén)的中心偏離小球下落時(shí)球心所在的豎直線C.小球下落過(guò)程中受到空氣阻力的作用12.某些材料的電阻率在外磁場(chǎng)作用下發(fā)生改變的現(xiàn)象稱為磁致電阻效應(yīng),利用該效應(yīng)可以制作磁敏器件。為探究某磁敏器件材料的電阻率隨外磁場(chǎng)的變化規(guī)律,設(shè)計(jì)如圖(a)所示電路。該器件在無(wú)外磁場(chǎng)時(shí)的阻值為R0,加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的外磁場(chǎng)后,阻值變?yōu)镽,阻值的變化量ΔR=R?R0圖中V1和V2均為理想電壓表,定值電阻R1=300Ω,(1)不加外磁場(chǎng),調(diào)節(jié)RP使V1示數(shù)為U1=0.30V,讀出V2示數(shù)U(2)加外磁場(chǎng),調(diào)節(jié)RP使V1示數(shù)仍為0.30V,記錄B和V2示數(shù)U改變B,重復(fù)(2)操作,實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表,B=0.30T時(shí),電壓表V2示數(shù)如圖(b)所示,讀出數(shù)據(jù),完成下表,答:①,②B…0.150.200.250.300.350.40U…0.560.590.62①0.690.72ΔR…0.400.480.55②0.730.80(3)在圖(c)坐標(biāo)紙上將所缺數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)充完整并作圖。由此可知,B在0.13.滑雪是我國(guó)東北地區(qū)冬季常見(jiàn)的體育運(yùn)動(dòng)。如圖(a),在與水平面夾角θ=14.5°的滑雪道上,質(zhì)量m=60kg的滑雪者先采用兩滑雪板平行的滑雪姿勢(shì)(此時(shí)雪面對(duì)滑雪板的阻力可忽略),由靜止開(kāi)始沿直線勻加速下滑x1=45m;之后采取兩滑雪板間呈一定角度的滑雪姿勢(shì),通過(guò)滑雪板推雪獲得阻力,勻減速繼續(xù)下滑x2(1)求減速過(guò)程中滑雪者加速度a的大小;(2)如圖(b),若減速過(guò)程中兩滑雪板間的夾角α=74°,滑雪板受到沿雪面且垂直于滑雪板邊緣的阻力均為F,求F的大小。14.如圖,真空中足夠大的鋁板M與金屬板N平行放置,通過(guò)電流表與電壓可調(diào)的電源相連。一束波長(zhǎng)。λ=200nm的紫外光持續(xù)照射到M上,光電子向各個(gè)方向逸出。已知鋁的逸出功W0=6.73×10(1)求光電子的最大初動(dòng)能Ek、(2)調(diào)節(jié)電壓使電流表的示數(shù)減小到0時(shí),M、N間的電壓為U0;當(dāng)電壓為34U
答案解析部分1.【答案】B【解析】【解答】位移是起點(diǎn)到終點(diǎn)的有向線段,則在整個(gè)行程中該旅客位移大小約為400km,平均速度大小約為v=故答案為:B。
【分析】位移是指由初位置指向末位置的有向線段。根據(jù)題意確定位移的大小,再根據(jù)平均速度的定義進(jìn)行解答。2.【答案】A【解析】【解答】衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),由萬(wàn)有引力提供向心力可得G可得ω=GMR3,a=GM由于微小衛(wèi)星的軌道半徑小于空間站的軌道半徑,則入軌后微小衛(wèi)星的角速度比空間站的大,加速度比空間站的大,速率比空間站的大,周期比空間站的小。
故答案為:A。
【分析】根據(jù)題意確定衛(wèi)星與空間站運(yùn)行軌跡半徑的關(guān)系,再根據(jù)萬(wàn)有引力定律及牛頓第二定律進(jìn)行分析解答。3.【答案】C【解析】【解答】AB、旋緊瓶蓋,雙手快速擰搓擠壓水瓶,外界對(duì)氣體做正功,瓶?jī)?nèi)氣體來(lái)不及發(fā)生熱傳導(dǎo),根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知,瓶?jī)?nèi)氣體內(nèi)能變大,瓶?jī)?nèi)氣體溫度升高,則瓶?jī)?nèi)氣體分子的平均動(dòng)能增大,故AB錯(cuò)誤;
CD、然后迅速擰松瓶蓋,瓶蓋被頂飛過(guò)程中,瓶?jī)?nèi)氣體對(duì)外做功,瓶?jī)?nèi)氣體來(lái)不及發(fā)生熱傳導(dǎo),根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知,瓶?jī)?nèi)氣體內(nèi)能變小,瓶?jī)?nèi)氣體溫度降低,故C正確,D錯(cuò)誤。
故答案為:C。
【分析】快速擠壓則瓶?jī)?nèi)氣體來(lái)不及發(fā)生熱傳導(dǎo)。根據(jù)題意判斷氣體的做功情況,再根據(jù)熱力學(xué)第一定律確定氣體內(nèi)能的變化情況。根據(jù)內(nèi)能變化情況確定溫度變化情況,繼而判斷氣體平均動(dòng)能變化情況。4.【答案】B【解析】【解答】簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播,根據(jù)上下坡法可知,質(zhì)點(diǎn)P處于平衡位置,向上振動(dòng),質(zhì)點(diǎn)P的加速度為a=?故答案為:B。
【分析】根據(jù)上下坡法結(jié)合波的傳播方向確定質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向。質(zhì)點(diǎn)的位移越大,加速度越大。5.【答案】D【解析】【解答】A、小車(chē)沿等螺距軌道向下勻速率運(yùn)動(dòng),速度大小不變,動(dòng)能不變,小車(chē)高度減小,即重力勢(shì)能減小,可知,小車(chē)的機(jī)械能減小,故A錯(cuò)誤;
B、小車(chē)做螺旋運(yùn)動(dòng),速度大小不變,方向改變,根據(jù)動(dòng)量表達(dá)式有p=mv可知,小車(chē)的動(dòng)量大小不變,動(dòng)量的方向發(fā)生變化,即動(dòng)量發(fā)生了變化,故B錯(cuò)誤;
C、由于小車(chē)沿等螺距軌道向下做勻速率運(yùn)動(dòng),沿軌道方向的速度大小不變,即小車(chē)沿軌道方向的合力為0,即沿軌道方向的加速度為0,又由于該軌道各處彎曲程度相同,則軌道對(duì)小車(chē)的指向圖中軸心的作用力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,該作用力方向沿水平方向,可知,小車(chē)的加速度方向方向沿水平方向,小車(chē)不存在豎直方向的加速度,即小車(chē)既不處于超重,又不處于失重,故C錯(cuò)誤;
D、根據(jù)上述可知,小車(chē)沿軌道方向的合力為0,軌道對(duì)小車(chē)的指向圖中軸心的作用力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,即小車(chē)的合力不為零,合力方向總指向圖中軸心,故D正確。
故答案為:D。
【分析】小車(chē)速率不變,即小車(chē)的動(dòng)能不變。重力做正功,重力勢(shì)能減小。動(dòng)量時(shí)矢量,住一起方向性。曲線運(yùn)動(dòng)物體所受合外力不為零。根據(jù)圖示可知螺旋運(yùn)動(dòng)時(shí),任意位置做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道平面均為水平面。6.【答案】C【解析】【解答】AB、由圖像中直線Ⅰ可知,在M點(diǎn)放置的試探電荷帶正電,受到的電場(chǎng)力向右,則M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向向右;由圖像中直線Ⅱ可知,在N點(diǎn)放置的試探電荷帶負(fù)電,受到的電場(chǎng)力向右,則N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向向左;可知點(diǎn)電荷P應(yīng)位于M、N兩點(diǎn)之間,且P帶負(fù)電,故AB錯(cuò)誤;
CD、根據(jù)E=由F-q圖像可知,直線Ⅰ對(duì)應(yīng)的場(chǎng)強(qiáng)大于直線Ⅱ?qū)?yīng)的場(chǎng)強(qiáng),即M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的大;根據(jù)E=k可知M點(diǎn)比N點(diǎn)離負(fù)點(diǎn)電荷P更近,則M點(diǎn)電勢(shì)比N點(diǎn)的低,故C正確,D錯(cuò)誤。
故答案為:C。
【分析】F-q圖像的斜率表示場(chǎng)強(qiáng)。正電荷所受電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相同,根據(jù)試探電荷的正負(fù)及所受電場(chǎng)力的方向確定點(diǎn)電荷所處的位置及其電性。越靠近負(fù)電荷電勢(shì)越低,越靠近正電荷電勢(shì)越高。7.【答案】C【解析】【解答】物塊甲運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)時(shí),擋板對(duì)乙的彈力最小值為0,對(duì)乙有F分析可知,物塊甲在斜面上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),故在最高點(diǎn),對(duì)甲有F物塊甲運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí),根據(jù)對(duì)稱性有F對(duì)乙受力分析,擋板對(duì)乙的彈力最大值為F故答案為:C。
【分析】物塊甲在斜面上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),故物塊甲在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的加速度的大小相等。物塊乙始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。再根據(jù)受理?xiàng)l件及牛頓第二定律及平衡條件進(jìn)行解答即可。8.【答案】A,C【解析】【解答】AB、根據(jù)?x=在屏上得到干涉條紋可知,a光對(duì)應(yīng)的條紋間距大于b光對(duì)應(yīng)的條紋間距,則在真空中,a光的波長(zhǎng)比b光的長(zhǎng);在真空中,a光的傳播速度與b光的傳播速度相等,均為c,故A正確,B錯(cuò)誤;
C、根據(jù)?x=若只減小雙縫到屏的距離,兩光產(chǎn)生的條紋間距均變小,故C正確;
D、兩光分別照射同一單縫衍射裝置,若只減小縫寬,中央亮紋寬度均變大,故D錯(cuò)誤。
故答案為:AC。
【分析】根據(jù)干涉條紋間距公式結(jié)合圖像確定兩波波長(zhǎng)的關(guān)系。光在真空中的傳播速度相等。根據(jù)干涉條紋間距公式結(jié)合題意進(jìn)行分析即可。9.【答案】A,B,D【解析】【解答】因x>a區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為x<a區(qū)域的2倍,根據(jù)r=可知x<a區(qū)域的圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為x>a區(qū)域的圓周運(yùn)動(dòng)的半徑的2倍。
A、該圖中粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r=即粒子沒(méi)能到達(dá)兩磁場(chǎng)的分界線,則該軌跡可能存在,故A正確;
B、該圖中粒子在x<a中運(yùn)動(dòng)時(shí)的軌跡半徑為r=則在x>a區(qū)域運(yùn)動(dòng)的半徑應(yīng)該為r'=則軌跡與y軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)應(yīng)該是y=2r'故B正確;
C、該圖中粒子在x<a區(qū)域的軌道半徑小于在x>a區(qū)域的軌道半徑,則故C錯(cuò)誤;
D、該圖中粒子在x<a區(qū)域的軌道半徑為r=a,則在x>a區(qū)域的軌道半徑為r'=則軌跡與y軸交點(diǎn)y=a+2×故D正確。
故答案為:ABD。
【分析】根據(jù)題意確定粒子在兩磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑之間的關(guān)系。根據(jù)粒子在x=a左側(cè)磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng),即能否從左側(cè)磁場(chǎng)離開(kāi)及從左側(cè)磁場(chǎng)何處離開(kāi)。根據(jù)兩粒子的半徑關(guān)系結(jié)合運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性及幾何關(guān)系分析運(yùn)動(dòng)軌跡的可能情況。10.【答案】B,C【解析】【解答】AB、設(shè)碰后瞬間乙的速度大小為v1,碰后乙的加速度大小為a,由圖(b)可知x=拋物線的頂點(diǎn)為Q,根據(jù)x-t圖像的切線斜率表示速度,則有v聯(lián)立解得v1=根據(jù)牛頓第二定律可得a=解得甲乙間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=故A錯(cuò)誤,B正確;
C、由于甲、乙質(zhì)量相同,則甲做加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小也為a=根據(jù)圖(b)可知,t0時(shí)刻甲、乙剛好共速,則0~t0時(shí)間內(nèi)甲、乙發(fā)生的相對(duì)位移為?x=則甲到乙左端的距離滿足L≥?x=故C正確;
D、物塊丙與乙發(fā)生彈性碰撞,碰撞過(guò)程根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒可得Mv0可得v可得乙、丙的質(zhì)量比為m:M=2:1故D錯(cuò)誤。
故答案為:BC。
【分析】x-t圖像的斜率表示速度,由圖像可知碰撞后乙先做減速運(yùn)動(dòng)再和甲保持相對(duì)靜止做勻速運(yùn)動(dòng)。當(dāng)物體做減速運(yùn)動(dòng)時(shí),x-t圖像切線的斜率表示加速度,x-t圖像的頂點(diǎn)即為速度為零的點(diǎn)。甲乙最終共速,則兩者的相對(duì)位移應(yīng)小于等于L。再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律及牛頓第二定律和彈性碰撞特點(diǎn)進(jìn)行解答。11.【答案】(1)12m(2)1(3)B【解析】【解答】(1)小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)中心時(shí)的速度為v=則小球從釋放點(diǎn)下落至此光電門(mén)中心時(shí)的動(dòng)能增加量為?小球從釋放點(diǎn)下落至此光電門(mén)中心時(shí)的重力勢(shì)能減小量?(2)根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得?則作出ΔEk-ΔEp的圖像中虛線的斜率k≈1,則可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。
(3)A、第三個(gè)光電門(mén)的中心與釋放點(diǎn)的豎直距離測(cè)量值偏大,則ΔEp的測(cè)量值偏大,使得ΔEk小于ΔEp,故A錯(cuò)誤;
B、第三個(gè)光電門(mén)的中心偏離小球下落時(shí)球心所在的豎直線,使得擋光寬度小于小球的直徑,則速度測(cè)量值偏大,ΔEk的測(cè)量值偏大,使得ΔEk大于ΔEp,故B正確;
C、小球下落過(guò)程中受到空氣阻力的作用,使得減少的重力勢(shì)能有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,則ΔEk小于ΔEp,故C錯(cuò)誤。
故答案為:B。
【分析】根據(jù)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該段時(shí)間內(nèi)的平均速度確定小球通過(guò)光電門(mén)的速度大小。再根據(jù)動(dòng)能的定義及重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系確定兩者的變化量。根據(jù)機(jī)械能守恒定律推導(dǎo)得出圖像斜率的數(shù)值。根據(jù)題意及實(shí)驗(yàn)操作步驟及數(shù)據(jù)處理原理判斷可能的原因。12.【答案】(1)400(2)0.
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