浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案27

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單選題：本大題共13小題，共39分。得分1．功率的單位是瓦特，若用國際單位制的基本單位來表示瓦特，正確的是（）A．Js B．kg?m2s3 2．如圖所示，電子在電場中從a點運(yùn)動到b點，實線為電場線，虛線為電子的運(yùn)動軌跡，請判斷下列說法正確的是

（）

A．a(chǎn)點的電勢低于b點的電勢 B．電子在a點的加速度大于在b點的加速度C．電子在a點的速度大于在b點的速度 D．電子在a點的電勢能大于在b點的電勢能3．燃?xì)庠钪Ъ苡泻芏喾N規(guī)格和款式。如圖所示，這是a、b兩款不同的燃?xì)庠钪Ъ?，它們都是在一個圓圈底座上等間距地分布有五個支架齒，每一款支架齒的簡化示意圖在對應(yīng)的款式下方。如果將含有食物的球面鍋置于兩款支架上，假設(shè)鍋和鍋內(nèi)食物的總重量總是維持不變，則

（）

A．如果鍋的尺寸越大，則a款每個支架齒受到的壓力越大B．如果鍋的尺寸越大，則a款每個支架齒受到的壓力越小C．如果鍋的尺寸越大，則b款每個支架齒受到的壓力越大D．如果鍋的尺寸越大，則b款每個支架齒受到的壓力越小4．利用智能手機(jī)的加速度傳感器可測量手機(jī)自身的加速度。用手掌托著智能手機(jī)，打開加速度傳感器，從靜止開始迅速上下運(yùn)動，得到如圖所示的豎直方向加速度隨時間變化的圖像，該圖像以豎直向上為正方向。下列說法正確的是（）

A．手機(jī)一直沒有離開手掌B．t1C．t1時刻手機(jī)開始減速上升，t2D．t2時刻手機(jī)開始減速上升，t5．蹦床運(yùn)動是一項技巧性與觀賞性都很強(qiáng)的運(yùn)動。運(yùn)動員在比賽的開始階段會先跳幾下，此階段上升的最高點會越來越高，后來最高點基本能維持穩(wěn)定。下列有關(guān)此情景說法正確的是（）

A．運(yùn)動員每次上升過程，蹦床對運(yùn)動員先做正功，后做負(fù)功B．如果不考慮空氣等各種阻力，運(yùn)動員和蹦床組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C．最開始的幾次起跳上升過程，蹦床彈性勢能的減小量小于運(yùn)動員機(jī)械能的增加量D．對于最高點基本穩(wěn)定的情景，運(yùn)動員的重力勢能與蹦床彈性勢能之和最小時，運(yùn)動員的加速度最大6．圖甲是正在做送餐工作的“機(jī)器人服務(wù)員”，該機(jī)器人正在沿圖乙中ABCD曲線給16號桌送餐，已知弧長和半徑均為4?m的圓弧BC與直線路徑AB、CD相切，AB段長度也為4?m，CD段長度為12?m，機(jī)器人從A點由靜止勻加速出發(fā)，到達(dá)B點時速率恰好達(dá)到1?m/s，接著以1?m/s的速率勻速通過BC弧段，通過C點以1?m/s的速率勻速運(yùn)動到某位置后開始做勻減速直線運(yùn)動，最終停在16號桌旁的D點。已知餐盤與托盤間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，關(guān)于該機(jī)器人送餐運(yùn)動的說法正確的是

（）

A．從B運(yùn)動到C過程中機(jī)器人的向心加速度a=0.5?m/B．為防止餐盤與水平托盤之間發(fā)生相對滑動，機(jī)器人在BC段運(yùn)動的最大速率為4?m/sC．從A點運(yùn)動到B點過程中機(jī)器人的加速度a=0.125?m/sD．餐盤和水平托盤不發(fā)生相對滑動的情況下，機(jī)器人從C點到D點的最短時間t=12秒7．“中國空間站”在距地面高400?km左右的軌道上做勻速圓周運(yùn)動，在此高度上有非常稀薄的大氣，因氣體阻力的影響，軌道高度1個月大概下降2?km，空間站安裝有發(fā)動機(jī)，可對軌道進(jìn)行周期性修正。則下列說法中正確的是（）

A．“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的周期大于地球同步衛(wèi)星的周期B．“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的向心加速度大小稍大于gC．“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的線速度大小稍大于地球的第一宇宙速度D．“中國空間站”修正軌道時，發(fā)動機(jī)應(yīng)“向后噴火”使空間站加速，但進(jìn)入目標(biāo)軌道正常運(yùn)行后的速度小于修正之前在較低軌道上的運(yùn)行速度8．如圖，在等邊三角形三個頂點處，各有一根長直導(dǎo)線垂直于紙面固定放置。在三根導(dǎo)線中均通有電流I，其中P、Q導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向里，M導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向外，三角形中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，若撤去導(dǎo)線P，則三角形中心O處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為

（）

A．0 B．B2 C．3B29．一列機(jī)械波沿x軸正向傳播，圖甲是t=0時的波形圖，圖乙是介質(zhì)中質(zhì)點M的振動圖像，已知t=0時M點位移為?210mA．該機(jī)械波的波速為1.0?m/s B．M點的橫坐標(biāo)可能為1.5?mC．t=0時，M點振動方向向下 D．t=1.0?s時，M點位移仍為?10．如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為2:1，原線圈通過燈泡L1與正弦式交流電源相連，電源電壓恒定，副線圈通過導(dǎo)線與燈泡L2和L3相連，三個燈泡規(guī)格完全相同。開始時三個燈泡都能發(fā)光，工作一段時間后L3燈絲被燒斷，若不考慮燈絲電阻隨溫度變化的情況，下列說法正確的是A．都能發(fā)光時三個燈泡的亮度不相同 B．L3燈絲被燒斷后燈泡LC．L3燈絲被燒斷后燈泡L2變亮 D．11．現(xiàn)在的城市街道上到處都能看到各種共享自行車和電動助力車，極大地方便了市民的短途出行。如圖甲是一款電動助力車，其調(diào)速把手主要是應(yīng)用了“霍爾效應(yīng)”來控制行駛速度的。調(diào)速把手內(nèi)部截面如圖乙所示，內(nèi)部含有永久磁鐵和霍爾器件等部件。如圖丙，把手里面的霍爾器件是一個棱長分別為a、b、l的長方體金屬器件，助力車正常行駛時，在霍爾器件的上下面通有一個恒定電流I，騎手將調(diào)速把手旋轉(zhuǎn)，永久磁鐵也跟著轉(zhuǎn)動，施加在霍爾器件上的磁場就會發(fā)生變化，霍爾器件就能在C、D間輸出變化的電壓U，電機(jī)電路感知這個電壓的變化就能相應(yīng)地改變電機(jī)轉(zhuǎn)速，這個電壓U與電機(jī)轉(zhuǎn)速n的關(guān)系如圖丁所示。以下敘述正確的是（）

A．霍爾器件C端的電勢高于D端的電勢B．若組裝助力車時不小心將永久磁鐵裝反了(兩極互換)將會影響該電動助力車的正常騎行C．維持恒定電流I不變，僅減小圖丙中器件的尺寸a，可使電動助力車更容易獲得最大速度D．若騎手按圖乙箭頭所示方向均勻轉(zhuǎn)動把手時電壓會隨時間均勻增大，則電動助力車的加速度將會增大12．夏季常出現(xiàn)如圖甲所示的日暈現(xiàn)象，日暈是太陽光通過卷層云時，受到冰晶的折射或反射形成的。圖乙為一束太陽光射到六角形冰晶上時的光路圖，a、b為其折射出的光線中的兩種單色光，比較a、b兩種單色光，下列說法正確的是（）

A．在冰晶中，b光的波速比a光大B．通過同一儀器發(fā)生雙縫干涉，b光的相鄰明條紋間距較大C．若a光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則b光也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)D．a(chǎn)、b兩種光分別從水射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角比b光的小13．華為在2023年10月發(fā)布了一款據(jù)稱可實現(xiàn)“一秒一公里”的全液冷超級充電樁，其最大輸出電流為600A，充電電壓范圍為200V至1000V，并且該充電樁能根據(jù)很多電動汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率。某天，小振開著自己的某款電動汽車來這種充電站體驗，其車總質(zhì)量為1.6t，所用電池組規(guī)格為“360V，150A·?”(內(nèi)阻不能忽略)，車上顯示屏顯示此次充電電量由30%充到80%用時10分鐘，本次充電共消費(fèi)60元(充電樁計費(fèi)規(guī)則為每度電2元)。經(jīng)他幾天實測，顯示屏電量由80%下降到50%共行駛了120公里，已知他的車行駛時的阻力為車重的0.02倍，則（）

A．充電樁上標(biāo)識的“600kW”表示給各車充電時的平均功率B．小振本次充電的平均功率約為300kWC．小振本次充電的充電效率約為90%D．小振汽車電機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的效率約為40%閱卷人二、多選題：本大題共2小題，共6分。得分14．2023年8月24日，日本政府不顧周邊國家的反對執(zhí)意向海洋排放福島第一核電站的核污水，核污水中的放射性物質(zhì)會對海水產(chǎn)生長久的、風(fēng)險不可控的污染。如核污水中的?84210Po具有放射性，其發(fā)生衰變時的核反應(yīng)方程為?84210Po→82206Pb+X，該核反應(yīng)過程中放出的能量為Q。設(shè)?84210PoA．?82206PbB．該核反應(yīng)過程中放出的能量Q=206C．該核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損可以表示為m=QD．衰變過程中放出的光子是由新原子核從高能級向低能級躍遷產(chǎn)生的15．如圖所示，一群處于第4能級的氫原子，向低能級躍遷時能發(fā)出不同頻率的光，其中只有3種不同頻率的光a，b，c照射到圖甲電路陰極K的金屬上能夠發(fā)生光電效應(yīng)，測得光電流隨電壓變化的圖像如圖乙所示，調(diào)節(jié)過程中三種光均能達(dá)到對應(yīng)的飽和光電流，已知氫原子的能級圖如圖丙所示，則下列推斷正確的是

（）

A．陰極金屬的逸出功可能為WB．圖乙中的b光光子能量為12.09?eVC．若圖乙中的Ua=7?VD．若甲圖中電源右端為正極，隨滑片向右滑動，光電流先增大后保持不變閱卷人三、填空題：本大題共2小題，共12分。得分16．某電學(xué)實驗興趣小組結(jié)合物理課本上的多用電表結(jié)構(gòu)示意圖及實驗室現(xiàn)有器材，設(shè)計了如圖所示可以當(dāng)作“×1”“×10”兩個倍率使用的歐姆電表。他們使用到的器材有：電源E(電動勢E=1.5V，內(nèi)阻忽略不計)定值電阻R1=11Ω電流表G(量程為Ig=100μA滑動變阻器R(最大阻值為1500Ω)單刀雙擲開關(guān)S（1）按照多用電表的原理，接線柱B端應(yīng)該接表筆(選填“紅”或“黑”)；（2）當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S撥到2端時，歐姆表的倍率為(選填“×1”或“×10”)；將紅黑表筆短接調(diào)節(jié)電阻R進(jìn)行歐姆調(diào)零，當(dāng)電流表G滿偏時，通過紅黑表筆的電流I=mA；（3）當(dāng)歐姆表倍率取“×10”，將紅黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零后電阻R=Ω；（4）選用“×10”擋測量時，電流表偏轉(zhuǎn)13，則待測電阻Rx=17．下圖是小明同學(xué)在做“測定玻璃的折射率”的實驗中所留下的圖紙。如圖(a)所示，該同學(xué)選用的玻璃磚前后兩個光學(xué)面相互平行，a和a'分別是玻璃磚與空氣的兩個界面，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針P1和P2，然后在另一側(cè)透過玻璃磚觀察，并插上大頭針P3，使其擋住P2、P1的像；接著插上大頭針P4，使其擋住P3和P2、P（1）根據(jù)以上信息，請你在答題卡的圖(a)中畫出光路圖。（2）小明同學(xué)根據(jù)a界面測得的入射角θ1和折射角θ2的正弦值畫出了如圖所示的圖像，從圖像可求得玻璃磚的折射率是(保留兩位有效數(shù)字（3）如圖(c)所示，若在實驗過程中畫出界面a后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導(dǎo)致界面a'畫到圖中虛線位置，而在作光路圖時界面a仍為開始所畫的，則所測得的折射率與真實值相比將(填“偏大”“偏小”或“不變”)閱卷人四、實驗題：本大題共1小題，共8分。得分18．阿特伍德機(jī)是著名的力學(xué)實驗裝置，根據(jù)該裝置可測量重力加速度，也可驗證牛頓第二定律、機(jī)械能守恒定律或動量定理等力學(xué)規(guī)律。圖甲是阿特伍德機(jī)的其中一種簡化模型，鐵架臺上固定一輕質(zhì)滑輪，跨過滑輪的輕質(zhì)細(xì)繩懸吊質(zhì)量均為M=0.440kg的兩個物塊P、Q，物塊P側(cè)面粘貼小遮光片，其寬度為d、質(zhì)量忽略不計。在物塊P、Q下各掛5個相同的小鉤碼，質(zhì)量均為m=0.010kg。光電門1、2通過連桿固定于鐵架臺上，并處于同一豎直線上，且光電門1，2之間的距離為?。兩光電門與數(shù)字計時器相連記錄遮光片通過光電門的時間。整個裝置現(xiàn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。實驗步驟如下：

n

1

2

3

4

5

a/m?

0.20

0.41

0.59

0.79

1.00（1）該小組同學(xué)先用該裝置探究牛頓第二定律。將n(依次取n=1、2、3、4、5)個鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計時器記錄遮光片通過光電門1、2的時間t1、t2。由勻變速運(yùn)動規(guī)律可得到物塊P上升過程的加速度a=(用“?、d、t1、t2”表示)。該小組同學(xué)測量的數(shù)據(jù)見上表，他們將表格中的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)變?yōu)樽鴺?biāo)點畫在圖乙的坐標(biāo)系中，并作出a?n圖像。從圖像可以得出：a與n成正比，圖像的斜率k=(用“M、m、（2）該小組同學(xué)想利用該裝置驗證機(jī)械能守恒定律，將5個鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計時器記錄遮光片通過光電門1、2的時間t1、t2。該過程中系統(tǒng)動能的增加量ΔEk=，系統(tǒng)重力勢能的減少量ΔEp=。(用“M，m，g，?、（3）該小組同學(xué)還想利用該裝置驗證動量定理，將5個鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計時器記錄遮光片通過光電門1、2的時間t1、t2。并且記錄下遮光片從1運(yùn)動到2的時間t。若以運(yùn)動方向為正方向沿繩子建立一維坐標(biāo)系，則該過程中系統(tǒng)“繩向”的動量變化量為Δp=，“繩向”合外力對系統(tǒng)的沖量I=。(用“M，m，g，d，t，t1、t閱卷人五、計算題：本大題共4小題，共35分。得分19．自行車在生活中是一種普及程度很高的交通工具。自行車輪胎氣壓過低不僅費(fèi)力而且又很容易損壞內(nèi)胎，輪胎氣壓過高會使輪胎的緩沖性能下降或發(fā)生爆胎，因此保持合適的輪胎氣壓對延長輪胎使用壽命和提升騎行感受至關(guān)重要。已知某款自行車輪胎容積為V=1.8L且保持不變，在環(huán)境溫度為27℃條件下，胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p1=1.5×10（1）若該車長時間騎行在溫度較高的公路上使胎內(nèi)氣體的溫度上升到37℃，問此時車內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）若車胎的氣門芯會緩慢漏氣，長時間放置后胎內(nèi)壓強(qiáng)變?yōu)閜0（3）若自行車說明書規(guī)定的輪胎標(biāo)準(zhǔn)氣壓在室溫27℃下為p=2.1×105Pa，為使車胎內(nèi)氣壓達(dá)標(biāo)，某同學(xué)用打氣筒給自行車打氣。設(shè)每打一次可打入壓強(qiáng)為p0=1.0×10520．物理老師自制了一套游戲裝置供同學(xué)們一起娛樂和研究，其裝置可以簡化為如圖所示的模型。該模型由同一豎直平面內(nèi)的水平軌道OA、半徑為R1=0.6?m的半圓單層軌道ABC、半徑為R2=0.1?m的半圓圓管軌道CDE、平臺EF和IK、凹槽FGHI組成，且各段各處平滑連接。凹槽里停放著一輛質(zhì)量為m=0.1?kg的無動力擺渡車Q并緊靠在豎直側(cè)壁FG處，其長度L1=1?m且上表面與平臺EF、IK平齊。水平面OA的左端通過擋板固定一個彈簧，彈簧右端可以通過壓縮彈簧發(fā)射能看成質(zhì)點的不同滑塊P，彈簧的彈性勢能最大能達(dá)到Epm=5.8?J?，F(xiàn)三位同學(xué)小張、小楊、小振分別選擇了質(zhì)量為m1=0.1?kg、m2=0.2?kg、m3=0.4?kg的同種材質(zhì)滑塊P參與游戲，游戲成功的標(biāo)準(zhǔn)是通過彈簧發(fā)射出去的滑塊能停在平臺的目標(biāo)區(qū)JK段。已知凹槽GH段足夠長，擺渡車與側(cè)壁（1）已知小振同學(xué)的滑塊以最大彈性勢能彈出時都不能進(jìn)入圓管軌道，求小振同學(xué)的滑塊經(jīng)過與圓心O1等高的B（2）如果小張同學(xué)以Ep（3）如果小楊將滑塊彈出后滑塊最終能成功地停在目標(biāo)區(qū)JK段，則他發(fā)射時的彈性勢能應(yīng)滿足什么要求？21．如圖，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，左、右兩側(cè)導(dǎo)軌間距分別為d和2d，處于豎直向上的磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為2B和B，導(dǎo)軌右側(cè)連接一個電容為C的電容器。已知導(dǎo)體棒MN的電阻為R、長度為d，質(zhì)量為m，導(dǎo)體棒PQ的電阻為2R、長度為2d，質(zhì)量為2m。初始時刻開關(guān)斷開，兩棒靜止，兩棒之間壓縮一輕質(zhì)絕緣彈簧(但不鏈接)，彈簧的壓縮量為L。釋放彈簧，恢復(fù)原長時MN恰好脫離軌道，PQ的速度為v，并觸發(fā)開關(guān)閉合。整個過程中兩棒保持與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，右側(cè)導(dǎo)軌足夠長，所有導(dǎo)軌電阻均不計。求（1）脫離彈簧瞬間PQ桿上的電動勢多大？PQ兩點哪點電勢高？（2）剛要脫離軌道瞬間，MN所受安培力多大？（3）整個運(yùn)動過程中，通過PQ的電荷量為多少？22．如圖所示，直角坐標(biāo)系第一象限內(nèi)有一豎直分界線PQ，PQ左側(cè)有一直角三角形區(qū)域OAC，其中分布著方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場，已知OA與y軸重合，且OA=a，θ=60°，C點恰好處于PQ分界線上。PQ右側(cè)有一長為L的平行板電容器，板間距為a，上極板與左側(cè)磁場的上邊界平齊，內(nèi)部分布著方向垂直紙面向里，強(qiáng)弱隨y坐標(biāo)變化的磁場，和豎直向下場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場。該復(fù)合場能使沿水平方向進(jìn)入電容器的電子均能沿直線勻速通過電容器。在平行板電容器右側(cè)某區(qū)域，存在一垂直紙面向內(nèi)、磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B0的勻強(qiáng)磁場(圖中未畫出)，使水平通過平行板電容器的電子進(jìn)入該磁場后匯聚于x軸上一點?，F(xiàn)有速率不同的電子在紙面上從坐標(biāo)原點O沿不同方向射到三角形區(qū)域，不考慮電子間的相互作用。已知電子的電量為e（1）當(dāng)速度方向沿y軸正方向時，能進(jìn)入平行板電容器的電子所具有的最大速度是多少；（2）寫出電容器內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨y坐標(biāo)的變化規(guī)律；（3）若電子沿上極板邊緣離開電容器后立即進(jìn)入右側(cè)磁場，在答題紙上畫出縱坐標(biāo)0<y<a區(qū)域內(nèi)該磁場的左邊界，并求出匯聚點的橫坐標(biāo)。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】功率的單位是瓦特（W），根據(jù)功率的定義式

P=Wt=Fxcosθt=maxt2．【答案】C【解析】【0解答】A.根據(jù)沿電場線方向電勢降低，可知a點的電勢高于b點的電勢，A不符合題意；

B.電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，電場線越密，場強(qiáng)越大，可知b點場強(qiáng)大，則電子在b的受到的電場力大，由牛頓第二定律可知，電子在b點的加速度更大，B不符合題意；

C.電子從a點運(yùn)動到b點過程中速度與電場力成鈍角，可知粒子做減速運(yùn)動，故電子在a點的速度大于在b點的速度，C符合題意；

D.電子從a點運(yùn)動到b點，電場力做負(fù)功，電勢能增大，故電子在a點的電勢能小于在b點的電勢能，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)沿電場線方向電勢降低，判斷a、b兩點的電勢高低；根據(jù)電場線的疏密判斷出a、b兩點電場強(qiáng)度的大小關(guān)系，再由牛頓第二定律分析電子在a、b兩點加速度的大小關(guān)系；根據(jù)電場力與速度的方向關(guān)系，判斷電子速度大小的變化；根據(jù)電場力做功的正負(fù)，判斷電勢能的變化。3．【答案】D【解析】【解答】AB.設(shè)每個支架齒對鍋的支持力與豎直方向的夾角為θ，鍋靜止，根據(jù)共點力平衡條件可得

5FNcosθ=G鍋

因為a款支架與球面鍋的接觸點的彈力始終垂直于支架的斜面，鍋的大小并不影響支持力的方向，所以a款每個支架齒對鍋的支持力與鍋的尺寸無關(guān)，鍋對支架壓力與支持力等大反向，所以壓力也與鍋的尺寸無關(guān)，AB不符合題意；

CD.因為b款支架與球面鍋的接觸點的彈力始終垂直于公切面，故鍋的尺寸越大，b款每個支架齒對鍋的支持力與豎直方向的夾角θ越小，由

54．【答案】D【解析】【解答】A.由圖可知，手機(jī)再t3時刻后一段時間內(nèi)的加速度等于重力加速度，可知這段時間內(nèi)手機(jī)只受重力，與手掌沒有力的作用，手機(jī)可能離開過手掌，A不符合題意；

B.根據(jù)a-t圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在t1時刻有向上的速度，還沒有到最高點，B不符合題意；

C.根據(jù)a-t圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在0?t2時間內(nèi)速度一直在正向增加，所以這段時間內(nèi)的速度一直為正值，而加速也一直為正值，所以這段時間內(nèi)，手機(jī)的速度和加速度同向，一直做加速運(yùn)動，t2速度達(dá)到正向最大，C不符合題意；

D.由圖可知，t2時刻后加速度變?yōu)樨?fù)值，速度和加速度反向，則手機(jī)開始減速上升。t1~t2時間內(nèi)加速度向上不斷減小，根據(jù)牛頓第二定律得

N?mg=ma

可知支持力不斷減小，t25．【答案】C【解析】【解答】A.運(yùn)動員上升過程中，離開蹦床前，蹦床給運(yùn)動員的彈力一直向上，所以彈力一直做正功，離開蹦床之后沒有彈力，不做功，A不符合題意；

B.站在蹦床上到跳起過程，運(yùn)動員自己對自己做功，系統(tǒng)機(jī)械能會增加，B不符合題意；

C.最開始的幾次起跳的上升過程，運(yùn)動員自己對自己做功，故蹦床彈性勢能的減小量小于運(yùn)動員機(jī)械能的增加量，C符合題意；

D.最高點基本穩(wěn)定時，人和蹦床組成的系統(tǒng)機(jī)械能可認(rèn)為守恒，人的重力勢能與蹦床的彈性勢能之和最小時，運(yùn)動員的動能最大，速度最大，此時運(yùn)動員的重力與蹦床對運(yùn)動員的彈力大小相等，加速度為零，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)蹦床對運(yùn)動員的作用力方向與運(yùn)動員位移方向的夾角，分析功的正負(fù)；根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒，分析運(yùn)動員與蹦床組成的系統(tǒng)，機(jī)械能的變化情況；由機(jī)械能守恒定律分析最高點基本穩(wěn)定時，運(yùn)動員的重力勢能與蹦床彈性勢能之和最小時的動能，根據(jù)速度特點得出加速度的情況。6．【答案】C【解析】【解答】A.由向心加速度公式

a=v2r

可得，從B運(yùn)動到C的過程中機(jī)器人的向心加速度

a=124m/s2=0.25m/s2

A不符合題意；

B.餐盤與托盤恰好不發(fā)生相對滑動，餐盤做圓周運(yùn)動的向心力由最大摩擦力提供，有

μmg=mvm2r

解得

vm=22m/s

B不符合題意；

C.由勻變速直線運(yùn)動的位移-速度公式

2ax=v2?v02

可得機(jī)器人從A運(yùn)動到B的加速度

a=v22x7．【答案】D【解析】【解答】A.根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力可得

GMmr2=m4π2T2r

得

T=4π2r3GM

“中國空間站”的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑（約36000km），可知“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，A不符合題意；

B.“中國空間站”在軌道上做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律有

GMmR+?2=ma

對放在地球表面的物體，有8．【答案】C【解析】【解答】根據(jù)右手螺旋定則，做出通電導(dǎo)線P、M、Q在O處的磁場方向，如圖所示：

由于三根導(dǎo)線中的電流大小相等，距離O點的距離相等，所以三根導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，設(shè)為B'，則有

B=B'+2B'cos60°

可得

B'=B2

撤去導(dǎo)線P后，導(dǎo)線Q、M在O點的磁感應(yīng)強(qiáng)度成60°角，合成后磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為

B合=2B'cos9．【答案】B【解析】【解答】A.由甲圖可知，該波波長為4m，由乙圖可知，該波周期為

T=(4.5?0.5)s=4s

所以波速

v=λT=44m/s=1m/10．【答案】C【解析】【解答】A.三個燈泡都在發(fā)光時，根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)的關(guān)系式

I1I2=n2n1=12

可知通過三個燈泡的電流相等，所以亮度相同，A不符合題意；

B.燈泡L3燈絲燒斷后，副線圈回路電阻R副變大，如圖所示，將變壓器電路等效為電阻，有

R等=n1n22R副

可知，R等電阻變大，電源電壓恒定，則原線圈電流減小，燈泡L1變暗，B不符合題意；

C.由以上分析可知，原線圈電流減小，燈泡L1兩端電壓減小，原線圈輸入電壓變大，根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系式

U1U2=n1n2

可知副線圈兩端電壓增大，所以燈泡L2變亮，C符合題意；

D.11．【答案】C【解析】【解答】A.由左手定則可知，電子所受洛倫茲力向外，所以C端帶負(fù)電，D端帶正電，故C端的電勢低于D端的電勢，A不符合題意；

B.若磁鐵裝反了（兩極互換），由左手定則可知，電子偏轉(zhuǎn)方向反向，霍爾電壓反向，但由丁圖可知不影響電動助力車的正常騎行，B不符合題意；

C.穩(wěn)定時，根據(jù)電子的受力平衡可得

evB=eUb，I=nebav

可知

U=IBnea

所以僅減小圖丙中器件的尺寸a時，U增大，由丁圖可知可使電動助力車更容易獲得最大速度，C符合題意；

D.當(dāng)騎手按圖乙箭頭所示方向均勻轉(zhuǎn)動把手時若電壓會隨時間均勻增大，則由丁圖可知，電動助力車的速度隨時間增加更慢，加速度將減小，D不符合題意。12．【答案】C【解析】【解答】A.根據(jù)

n=sinisinr

可知，同樣的入射角，b光的折射角更小，可知冰晶對b光的折射率比對a光的折射率大，根據(jù)

v=cn

可知在冰晶中，b光的波速比a光小，A不符合題意；

B.根據(jù)

c=λf

可知，a光的波長大于b光的波長，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式

?x=Ldλ

可知用同一裝置做雙縫干涉實驗時，a光條紋間距更大，B不符合題意；

C.由上可知，a光折射率小，頻率小，a光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，可知a光的頻率大于該金屬的極限頻率，則b光的頻率一定也大于該金屬的極限頻率，也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，C符合題意；

D.水對a光的折射率比對b光的折射率小，根據(jù)

sinC=1n

可知，從水中射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角較大，D不符合題意。13．【答案】C【解析】【解答】A.由依題意可知，最大充電電流600A，最大充電電壓1000V，可得最大充電功率

Pmax=UmaxImax=1000×600kW=600kW

由于“充電樁能根據(jù)很多電動汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率”，所以充電樁的平均充電功率必定小于最大功率，A不符合題意；

B.本次充電時的平均功率約為

P=Wt=360×150×3600×(80%?30%)10×60W=162kW

B不符合題意；14．【答案】A,D【解析】【解答】A.衰變后產(chǎn)生的新核更穩(wěn)定，而比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，可知?82206Pb的比結(jié)合能大于?84210Po的比結(jié)合能，A符合題意；

B.?84210Po的結(jié)合能為E1，?82206Pb的結(jié)合能為E2，X的結(jié)合能為E3，由能量守恒定律可得，該核反應(yīng)過程中放出的能量為

Q=E2+E3?E15．【答案】A,B【解析】【解答】這些氫原子在向低能級躍遷過程中能發(fā)出6種不同頻率的光，按頻率從高到低（輻射能量從大到?。┓謩e是n=4躍遷到n=1，n=3躍遷到n=1，n=2躍遷到n=1，n=4躍遷到n=2，n=3躍遷到n=2，n=4躍遷到n=3。依題意，只有n=4躍遷到n=1，n=3躍遷到n=1，n=2躍遷到n=1這三種躍遷中產(chǎn)生的光子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)。

A.6種光子中，能發(fā)生光電效應(yīng)的最小的光子能量是由n=2躍遷到n=1輻射的光子，能量為

Ec=E2?E1=10.2eV

不能發(fā)生光電效應(yīng)的最大的光子能量是由n=4躍遷到n=2輻射的光子，能量為

E4?E2=2.55eV

故陰極金屬的逸出功應(yīng)介于2.55eV~10.2eV之間，A符合題意；

B.b光是頻率排第二高的光，對應(yīng)n=3躍遷到n=1，其能量值為

Eb=E3?E1=?1.5leV16．【答案】（1）黑（2）×10；1（3）1401（4）3000【解析】【解答】（1）根據(jù)多用電表中電流“紅進(jìn)黑出”的規(guī)律可知，B端應(yīng)與黑表筆相連。

（2）當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥到2端時，電流表的量程較小，故調(diào)零時歐姆表的內(nèi)電阻較大，即歐姆表的中值電阻也較大，倍率為較大的“×10”；將紅黑表筆短接調(diào)節(jié)電阻R進(jìn)行歐姆調(diào)零，當(dāng)電流表G滿偏時，由歐姆定律可得

(I?Ig)(R1+R2)=IgRg

解得

I=1mA

可知，當(dāng)電流表G滿偏時，通過紅黑表筆的電流為1mA。

（3）當(dāng)歐姆表倍率取“×10”時，單刀雙擲開關(guān)撥到2端，由閉合電路歐姆定律可得

R+R1+R2R17．【答案】（1）（2）1.6（3）偏大【解析】【解答】（1）根據(jù)題意，畫出的光路圖如圖所示：

（2）根據(jù)折射定律可得

n=sinθ1sinθ2

整理得

sinθ2=sinθ1n

結(jié)合sinθ2?sinθ1圖像的斜率可得

1n18．【答案】（1）dt2（2）12(2M+10m)（3）(2M+10m)dt【解析】【解答】（1）因為遮光片通過光電門的時間極短，所以可以用平均速度代替瞬時速度，可得物塊P通過光電門1、2時的速度分別為

v1=dt1、v2=dt2

對物塊P的遮光片從1運(yùn)動到2的過程，由勻變速直線運(yùn)動的速度-位移公式

2ax=v2?v02

可得

a=dt22?dt122?

以P、Q兩物塊和10個小鉤碼整體為研究對象，由牛頓第二定律可知

2nmg=(10m+2M)a19．【答案】（1）解：氣體做等容變化，由p得p（2）解：設(shè)原胎內(nèi)氣體做等溫膨脹，由p得V故Δm即有三分之一的氣體泄漏。（3）解：設(shè)原胎內(nèi)氣體做等溫膨脹后壓強(qiáng)變?yōu)閜0時體積變?yōu)閂3再將胎內(nèi)氣體和打氣筒打入的氣體看作整體一起做等溫壓縮，由p01.5V+10ΔV聯(lián)立解得p故胎內(nèi)氣體未達(dá)標(biāo)準(zhǔn)氣壓。【解析】【分析】（1）氣體做等容變化，由查理定律求解；（2）根據(jù)玻意耳定律求出原胎內(nèi)氣體做等溫膨脹后的體積，再由體積關(guān)系，求出質(zhì)量關(guān)系；（3）再將胎內(nèi)氣體和打氣筒打入的氣體看作整體一起做等溫壓縮，由