河北邯鄲2024年高一年級下冊期末質(zhì)檢物理試題（含答案）

邯鄲市2023-2024學年第二學期期末質(zhì)量檢測

高一物理

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、班級和考號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如

需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。

寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.改變汽車的質(zhì)量和速度，都可能使汽車的動能發(fā)生改變。在下列幾種情況下，汽車的動能是原來2倍的

是（）

A.速度減半，質(zhì)量增大到原來的2倍B.質(zhì)量減半，速度增大到原來的2倍

C.速度減為四分之一，質(zhì)量增大到原來的4倍D.質(zhì)量減為四分之一，速度增大到原來的4倍

2.真空中，兩個半徑為r的金屬球，其球心相距3〃現(xiàn)使兩球帶上等量的電荷量。，靜電力常量為公關

于兩球之間的靜電力說法正確的是（）

A.若兩金屬球帶同種電荷，兩金屬球間的靜電力為斥力，大小為左與

9r2

B.若兩金屬球帶同種電荷，兩金屬球間的靜電力為引力，大小大于左￡

9r2

C.若兩金屬球帶異種電荷，兩金屬球間的靜電力為引力，大小大于左W

9r2

D.若兩金屬球帶異種電荷，兩金屬球間的靜電力為引力，大小小于左￡

9rl

3.如圖所示，在通有電流，的長直導線附近有一個矩形線圈線圈與導線在同一平面內(nèi)且線圈的兩

個邊與導線平行。當矩形線圈遠離導線移動時，若在1時間內(nèi)，線圈中沒有感應電流，則導線中的電流

i與時間t的關系圖像可能正確是（）

4.月球是太陽系中體積第五大的衛(wèi)星，月球圍繞地球做勻速圓周運動的周期為7],月球與地球的連線在單

位時間掃過的面積為工o地球同步衛(wèi)星的周期為（，地球同步衛(wèi)星與地球的連線在單位時間掃過的面積為

S2O則§2:4的值為（）

5.如圖所示，真空中等邊3c的三個頂點上固定著三個電荷量均為+q（q>0）的點電荷，若在三角形所

在平面內(nèi)加一個勻強電場，使得C點的點電荷所受的靜電力為零，則所加勻強電場的方向（）

A.垂直于A和B的連線，由AB的中點指向CB.垂直于A和B的連線，由C指向AB的中點

C.由A指向CD.由B指向C

6.如圖所示，照明電路的電壓恒為U=220V,并聯(lián)了20盞電阻R=400。的電燈（忽略燈泡電阻的變化）,

兩條輸電線的電阻均為廠=1.0。。下列說法正確的是（）

A.并聯(lián)的電燈越多流過輸電線的電流越小

B.只開10盞燈時，輸電線上損失的電壓約為5.24V

C.20盞燈都打開時，輸電線上損失的電功率為20W

D.20盞燈都打開時，整個電路消耗的電功率為2200W

7.如圖所示，有一高為//的斜面，其頂端在水平面的投影為。點，底端與水平面平滑連接。一小木塊從斜

面頂端由靜止滑下，滑至水平面上的A點停下。已知A、。兩點間的距離為x,小木塊與斜面、水平面間的

動摩擦因數(shù)均為〃，斜面的傾角為重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.h、X、e和〃之間滿足關系式〃=---------

xsin0+h

B.小木塊到達斜面底端時速度大小v=

Vxtan。

c.僅增大斜面的傾角e,小木塊將停在點A的右側

D.僅增大斜面的傾角（9,小木塊將停在點A的左側

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有兩

個或兩個以上選項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0

分。

8.如圖所示，地球的公轉(zhuǎn)軌道接近圓，哈雷彗星的運動軌道則是一個非常扁的橢圓。天文學家哈雷成功預

言哈雷彗星的回歸，哈雷彗星最近出現(xiàn)的時間是1986年，預測下次飛近地球?qū)⒃?061年。若哈雷彗星在

近日點與太陽中心的距離為個線速度大小為匕；在遠日點與太陽中心的距離為々，線速度大小為%.下

A.哈雷彗星的線速度大小匕：6=再：

B.哈雷彗星在近日點和遠日點的加速度大小之比為：方

C.哈雷彗星軌道的半長軸與地球公轉(zhuǎn)半徑之比大于15

D.從2025年到2061年的時間內(nèi)，哈雷彗星的動能不斷增大

9.如圖所示，一平行板電容器兩極板間距離為d,極板間電勢差為U,一個電子從。點沿垂直于極板的方

向射入兩極板間，最遠到達A點，然后返回。已知。4兩點相距為〃，電子質(zhì)量為加，電荷量為-e,重力

A.電子在。點的電勢能低于在A點的電勢能

B.電子返回到。點時的速度與從。點射入兩極板間時的速度相同

h

D.OA間的電勢差U0A=-U

d

10.如圖所示，一條輕繩跨過定滑輪，繩的兩端各系一個可視為質(zhì)點，質(zhì)量分別為機、2根的小球A和瓦

用手托住8球，當輕繩剛好被拉緊時，2球離地面的高度為人,A球靜止于地面。釋放2球，經(jīng)過時間3

小球A和3的機械能相等。定滑輪的質(zhì)量及輪與軸間的摩擦均不計，取地面為重力勢能的零勢能面，重力

加速度為g。下列說法正確的是（）

B

A.B球落地時的速度大小為J幽B.在f時刻，B球離地面的高度為"

V34

C.在/時刻，A球克服重力做功的功率為mD.在/時刻，輕繩對A球拉力的大小為1.5mg

三、非選擇題：本題共5小題，共54分。解答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要答題

步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。

11.（6分）某同學做“探究合外力做功與動能改變的關系”實驗，裝置如圖甲所示，將光電門固定在水平

軌道上的3點，用重物通過細線拉小車，保持小車（含遮光條）質(zhì)量M不變，改變所掛重物質(zhì)量加多次進

行實驗，使小車每次都從同一位置A由靜止開始運動。已知A3間距離為L遮光條的寬度為心重力加速

度g取10m/s2o

|^/（m2?s-2）

UI—/

BA_LzC---->

物。0,2m/kg

甲乙

（1）測出多組重物質(zhì)量m和相應小車經(jīng)過光電門時的速度V,實驗中認為小車所受拉力與重物重力大小相

等，則M和m應該滿足的條件是；

（2）作出了聲一根圖像如圖乙所示，由圖像可知小車受到的摩擦力大小為N（結果保留1位有效數(shù)

字）；

（3）在滿足（1）中的條件下，聲一根圖像是線性變化的，說明合外力做的功等于動能的改變，此時圖像

的斜率上的表達式為左=（用題中所給物理量的字母表示）。

12.（8分）某實驗小組的同學按圖甲所示的電路測定電池組的電動勢和內(nèi)阻。圖乙為某次實驗結果的U-/

圖像。

甲乙

（1）由圖乙中的圖線可知電池組的電動勢石=V,內(nèi)阻廠=Q；（結果均保留2位小數(shù)）

（2）實驗小組的同學覺得該實驗方案存在誤差，該誤差屬于（填“系統(tǒng)”或“偶然”）誤差，該誤

差的存在使得電動勢的測量值較真實值______（填“偏大”“偏小”或“相等”）。

13.（10分）如圖所示，在勻強電場中，將電荷量q=-3x10-6（2的點電荷從電場中的A點移到B點，克

服靜電力做功為2.4x10"J,再從B點移到C點，靜電力做功為IBSxlOTj。已知電場的方向與AABC所

在的平面平行，規(guī)定3點電勢為0,且AB=0.8m,BC=0.6m,AC=l.Omo求：

（1）A、C兩點的電勢；

（2）勻強電場的電場強度的大小。

14.（14分）如圖所示，以。為圓心、半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在勻強電場，A2為圓的一條直徑。質(zhì)量

為“3帶正電的粒子在紙面內(nèi)自A點先后以不同的速度進入電場，速度方向與電場的方向垂直。已知從A

點釋放的初速度為零的粒子，自圓周上的C點以速度％穿出電場，AC與的夾角6=60°,運動中粒子

僅受電場力作用。求：

A

（1）進入電場時速度為零的粒子在電場中運動的時間和加速度；

（2）為使粒子穿過電場后的動能增量最大，該粒子從電場射出時的動能。

15.（16分）如圖所示，長度乙=7m的水平傳送帶AB以速度%=6m/s順時針轉(zhuǎn)動，傳送帶的右端與長

4=6m的水平軌道BC平滑連接，水平軌道的右端與半徑R=0.4m的光滑半圓軌道連接，。點為軌道的

圓心。現(xiàn)將質(zhì)量分別為啊=2kg、?=lkg的物塊甲、乙（可視為質(zhì)點）同時輕放在水平傳送帶的左、右

兩端，物塊甲與傳送帶的動摩擦因數(shù)4=0.3、物塊甲、乙與水平軌道的動摩擦因數(shù)均為〃2=01，物塊甲

,14

在傳送帶的作用下運動到B點與物塊乙發(fā)生碰撞,碰后物塊甲、乙的速度分別變?yōu)榕銮拔飰K甲速度的-和一。

33

重力加速度g取10m/s2?求:

（1）物塊甲從A端傳送到8端，電動機多消耗的電能￡;

（2）當物塊乙運動到圓軌道與圓心。等高位置時，軌道對物塊乙支持力的大小R

（3）若僅將水平軌道的長度改為乙，使得物塊乙從。點水平拋出后，落到8c上的位置與物塊甲停止的位

置重合，求乙的大小。（結果可用分式及根號表示）.

邯鄲市2023—2024學年第二學期期末質(zhì)量檢測

高一物理參考答案

題號12345678910

答案BCBCBDBBCDADBC

1.B解析:汽車的動能為=速度減半，質(zhì)量增大到原來的2倍，動能變?yōu)樵瓉淼亩种唬?/p>

A錯誤;質(zhì)量減半，速度增大到原來的2倍，動能變?yōu)樵瓉淼?倍，故B正確;速度減為四分之一,質(zhì)量增

大到原來的4倍，動能變?yōu)樵瓉淼乃姆种唬蔆錯誤;質(zhì)量減為四分之一，速度增大到原來的4倍，動能

變?yōu)樵瓉淼?倍，故D錯誤。故選B。

2.C解析:帶同種電荷的兩金屬球，由于同種電荷相互排斥，所帶電荷量集中在兩球的外側，電荷與電荷的

等效距離大于3門由庫侖定律可知,實際庫侖力一定小于距離是3r時計算出的庫侖力々黃，故AB錯誤;

帶異種電荷的兩金屬球，由于異種電荷相互吸弓I,所帶電荷量集中在兩球的內(nèi)側，電荷與電荷的等效距離

小于3r；由庫侖定律可知，實際庫侖力一定大于距離是3r時計算出的庫侖力發(fā)多，故C正確,D錯誤。

故選C。

3.B解析:長直導線中電流越大，它產(chǎn)生的磁場越強;離長直導線越遠,它的磁場越弱，在線圈遠離導線移

動時，要保證穿過線圈的磁通量不變，則電流應該增大，只有B項的電流在力2這段時間內(nèi)增大，故

選

4.C解析:月球和同步衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運動，則呼=小=皆，它們與地球連線單位時間掃過的

面積為s=*號-J（嘿2*=丁嘿2'可得）=席，故選以

5.B解析:A、B兩點的點電荷在C點產(chǎn)生的電場的電場強度大小相等，方向分別由A指向C、由B指向

C,故A、B兩點的點電荷在C點的合電場強度的方向垂直于A和B的連線，由AB的中點指向C,又施加

一個勻強電場后C點的點電荷所受的靜電力為零，故所加勻強電場的方向垂直于A和B的連線，由C指

向AB的中點，故選B。

6.D解析:并聯(lián)的電燈越多，電路總電阻越小，流過輸電線的電流越大，故A錯誤;只開10盞燈時，并聯(lián)部

分的電阻R#=a=40.0回路的總電阻R總=R#+2r=42.0Q,回路總電流1==—

1U1\4乙.U

5.24A,輸電線上損失的電壓AU=ZX2r=5.24X2V=10.48V,故B錯誤;當開20盞燈時，并聯(lián)部分的

電阻R'并Q=20.0J2,回路的總電阻R'=R'井+2廠=22.0Q,回路總電流1，=^—=10A,整個電

ZUK總

路消耗的電功率「總=。廣=2200W,輸電線上損失的功率P損=1"?2r=200W,故D正確,C錯誤。故

選D。

7.B解析:設斜面底端到A點距離為與，到O點距離為①2,小木塊從斜面頂端到A點，由動能定理可得

mgh一fjimgcos0,—1—/wzgjci=0皿+丈2=①，解得“=左，故A錯誤；同時可知x——，故了與斜面

cos0JCp.

的傾角。無關，僅增大斜面的傾角6,小木塊仍將停在點A,故C、D錯誤;小木塊到達斜面底端時，由動能

高一物理答案第1頁（共4頁）

定理可得mgh-fimgcosd,/7=卷,/,解得v=.2gh—~呼。，故B正確。故選B。

smpZ7J-tan0

8.BCD解析:根據(jù)開普勒第二定律:對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積相

等，可得力n=@2「2，故A錯誤;哈雷彗星在運動過程僅受萬有引力，則加速度為a=絆,則哈雷彗星在

r

近日點和遠日點的加速度大小之比為l，故B正確；哈雷彗星的周期為75年，由開普勒第三定律可得

/（中）,

/=—另一，解得哈雷彗星軌道的半長軸與地球公轉(zhuǎn)半徑之比為5宿，大于15,故C正確；從

2025年到2061年的時間內(nèi)，哈雷彗星處于從遠日點到近日點的過程,則哈雷彗星的動能不斷增大，故D

正確。故選BCD。

9.AD解析：由圖可知O點的電勢高于A點，故電子在O點的電勢能低于在A點的電勢能，故A正確；電

子返回到O點時的速度與從O點射入兩極板間時的速度大小相等、方向相反，故B錯誤;兩極板間的電場

強度E=%.電子從O到A的過程中，由動能定理得一eE/i=0—/4，解得.=/鬻，故?錯誤；

OA的電勢差為U（“=Eh弓U，故D正確。故選AD。

10.BC解析:B球落地時,對小球A和B,由機械能守恒定律可得”igA=￡?3,”/,解得速度大小?=

故A錯誤;在t時間內(nèi),小球A和B的加速度大小相等，由牛頓第二定律可得FT—mg=ma,

2,"g-FT=2〃m解得。=§國T=殍.故D錯誤;在，時刻.小球A和B的機械能相等,則小球A和

B的機械能均為mgh，拉力對小球A做的功為FT?1="劭.解得了=苧必

球離地面的高度為八一H=與，故B正確；在，時刻,A球克服重力做功的功率為P=mg5=mgJg，

故C正確。故選BC。

11.答案:（DM遠大于桁（2）2（3）需（每空2分）

FT1-F,

解析:（1）根據(jù)受力分析，利用牛頓第二定律"?

mg—rtM+>n

—.要使FT=，"g,則1為零，則M遠大于m.

（2）根據(jù)本實驗原理和動熊定理有加gL-BL=3M/,整理得丁=喑'一與盧，當d=°時=

0.2kg.同時Ff=7〃g=2No

（3）由（2）中的丁="盧一鬻，可知圖線的斜率石=停。

12.答案MDI.490.53（2）系統(tǒng)偏?。靠?分）

解析：（1）由閉合電路歐姆定律可得U=E-/r,圖像的縱截距表示電動勢.則可得E=l.49V；圖像的斜

149—120

率表示電源內(nèi)阻，為r=,二_：；。和0.53。；

0.543

（2）閉合電路歐姆定律U=E-Ir中/應為干路電流.由于電壓表的分流.電流表測量的不是干路電流.

高一物理答案第2頁（共4頁）

r7FRR

屬于系銃誤差；考慮電壓表分流，閉合電路歐姆定律為E=U+（T+；）r,整理得U=-j^——r零-/，

I\v廠十Kv廠十Rv

EK

可知圖像截距表示小于電源電動勢，故測得電動勢小于真實值。

廠十Kv

13.答案：（1）%=80VPc=45V（2）E=125V/m

解析:（1）點電荷從A到B,有1/的=?（1分）

點電荷從B到C,有Uac=一生（1分）

q

解得UAB=80V,U*=-45V（1分）

%=°，則%=80V9c=45V（2分）

（2）在AB上找到一點D,使2=45V,需滿足噩=募，知BD=0.45m

OU

（2分）

BD=0.45m,BC=0.6m,知NBDE=53°

由幾何關系得BE=0.36m（1分）

則E=g^=125V/m

（2分）

14.答案：（1乂=空&=言（2）Ek=|1,〃若

0o2K16

解析：（D由題意知在A點速度為零的粒子沿電場線方向做勻加速直線運動，由于g>0,

故電場線由A指向C（1分）

根據(jù)幾何關系可知1AC=R（1分）

0+vo.

式ACot（1分）

解得￡=空

（1分）

又a=%（1分）

t

解得々=羨（1分）

（2）根據(jù)題意可知要使粒子動能增量最大則沿電場線方向移動距離最大，做AC垂線并且與圓相切，切點

為D,即粒子從D點射出時沿電場線方向移動距離最大，粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)幾何關系和

類平拋運動規(guī)律有

x=jRsin60°=VI^I（2分）

y=R+Rcos60°=^a。（2分）

=2

2ayvy（1分）

商一物理答案第3頁（共4頁）

從修場中射出時的速度v=位？（1分）

射出時的動能￡\=^mv2

（1分）

聯(lián)立解得Ek=3”就

（1分）

10

15.答案：（DE=72J（2）F=U0N（3）L3=—若-m

解析：（1）物塊甲在傳送帶上先做勻加速運動，加速度為由牛頓第二定律可得

“加1&=加1。1（1分）

物塊甲達到與傳送帶共速的時間為力，此過程物