2023-2024學(xué)年安徽省合肥某中學(xué)（東校區(qū)）高三（第三次）模擬考試物理試卷+答案解析

2023-2024學(xué)年安徽省合肥一六八中學(xué)（東校區(qū)）高三（第三次）模擬

考試物理試卷

一、單選題：本大題共8小題，共32分。

1.如圖所示，甲圖是光電管中光電流與電壓關(guān)系圖像，乙圖是放射性元素氫的質(zhì)量和初始時質(zhì)量比值與時

間之間的關(guān)系圖像，丙圖是原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)之間的關(guān)系圖像，丁圖是c、4兩種金屬遏止電壓與

入射光頻率之間的關(guān)系圖像，下列判斷正確的是（）

m

述

-1

2

1-

-

4

1?

0-，

0』tI?

O3.87.611.4

甲乙丙J

A.甲圖，6光的光子能量大于。光的光子能量

B.乙圖，每過，8天反應(yīng)堆的質(zhì)量就減少一半

C.丙圖，1中核子的平均質(zhì)量比J/川中核子的平均質(zhì)量大

D.丁圖，用。光照射c、d金屬,若c能發(fā)生光電效應(yīng)，則d也一定可以

2.通過對光現(xiàn)象的深入分析可以了解光的本質(zhì)規(guī)律，以下是一些光現(xiàn)象的示意圖，圖甲是劈尖干涉的裝置

及形成的條紋示意圖，圖乙是雙縫干涉示意圖，圖丙是一束復(fù)色光進入水珠后傳播光路示意圖，圖丁是自

然光通過偏振片尸、。的實驗結(jié)果。下列說法中正確的是（）

A.圖甲中，將兩平板玻璃中間的紙片拿掉一張后，條紋間距變小

B.圖乙中，若只減小雙縫間距離，兩相鄰亮條紋間距離將減小

C.圖丙中，。光在水珠中傳播速度一定大于6光在水珠中傳播速度

D.圖丁中，從圖示位置轉(zhuǎn)動偏振片P,光屏上亮度將逐漸變暗

第1頁，共18頁

3.電影《熱辣滾燙》講述了一個女孩通過學(xué)習(xí)拳擊實現(xiàn)自我蛻變的勵志故事。沙袋用繩豎直懸掛，主角對

沙袋施加360N的作用力，通過調(diào)整施力方向使沙袋緩慢移動，嘗試了各種施力方向后發(fā)現(xiàn)繩偏離豎直方向

的最大夾角為,則沙袋的重力為（）

A.150NB.1802VC.300ND.600N

4.排球比賽中，某運動員用勾手大力發(fā)球，將排球從。點發(fā)出，直接落在對方場內(nèi)/點，已知球發(fā)出時的

速度斜向上與水平方向的夾角為。，落地時的速度與水平方向的夾角為工丁，。、/兩點的水平距離為s,重

力加速度大小為g,不計空氣阻力，不計排球大小，則排球運動到最高點時的速度大小為（）

\A

AIgI9n8!g.”疝16口/

Vsin0+cut>0Vsin9+COH0ycw0-sin0Vcos6-ninQ

5.如圖甲所示的xOy坐標系中，y軸上固定有兩個等量同種點電荷尸，與原點。的距離相同，x軸上各點的

電勢，隨x坐標變化的圖像如圖乙所示。。、6是x軸上兩點，其電勢分別為.和.，對應(yīng)，，圖線上的

J、I兩點，這兩點切線斜率的絕對值相等?，F(xiàn)將一質(zhì)量為機、電荷量為q的正點電荷M從。點由靜止釋

放，”運動過程中僅受電場力作用，下列說法正確的是（）

A.a、6兩點電場強度相同

B.M仄a點運動到b點的過程中電勢能先增大后減小

C.M仄a點運動到b點的過程中加速度大小先減小后增大再減小

D.M先后兩次經(jīng)過6點的過程，電場力的沖量大小為2\%”牛=-/；.；

6.如圖所示，直角三角形4BC中，NA:；i,,ABC=9（r，6點為ZC邊上的點，E0L4C。在/、B、

。處垂直紙面固定三根長直細導(dǎo)線，三根導(dǎo)線中的電流方向如圖，電流大小相等，已知直線電流在空間某

點產(chǎn)生的磁場與電流成正比，與該點到導(dǎo)線的距離成反比，為使。處的電流所受安培力為0,需加一勻強

第2頁，共18頁

磁場，則該磁場的方向為

A.平行于氏4向左B.平行于NC斜向上C.平行于CB向下D.平行于斜向上

7.如圖甲是國產(chǎn)科幻大片《流浪地球2》中人類在地球同步靜止軌道上建造的空間站，人類通過地面和空間

站之間的“太空電梯”往返于天地之間。圖乙是人乘坐“太空電梯”時由于隨地球自轉(zhuǎn)而需要的向心加速

度“與其到地心距離r的關(guān)系圖像，已知，為地球半徑，為地球同步衛(wèi)星軌道半徑，下列說法正確的是（）

A.地球自轉(zhuǎn)的角速度4.

72—t*|

B.地球同步衛(wèi)星的周期/=2-.

C.上升過程中電梯艙對人的支持力保持不變

D.從空間站向艙外自由釋放一物體，物體將做自由落體運動

8.無線充電技術(shù)在新能源汽車領(lǐng)域應(yīng)用前景廣闊。如圖甲所示，與蓄電池相連的受電線圈置于地面供電線

圈正上方，供電線圈輸入如圖乙所示的正弦式交變電流，下列說法錯誤的是（）

A.-W、時受電線圈中感應(yīng)電流最大

B.■?“I、時兩線圈之間的相互作用力為零

第3頁，共18頁

C.供電線圈中電流的有效值為20A

D.受電線圈中的電流方向每秒鐘改變100次

二、多選題：本大題共2小題，共10分。

9.藝術(shù)體操運動員在“帶操”表演中，手持細棒抖動彩帶一端，彩帶會像波浪般翻卷，如圖甲所示。圖乙

是，?時刻彩帶上的波形，E、尸是彩帶上的兩個點。已知/點的縱坐標為.IHv2,￡點的振動

方程為“關(guān)于彩帶上各點運動，下列說法正確的是()

A.該波的波長為16〃

B.。時刻尸點向上運動

C.￡點的平衡位置位于(-0.25”〃))處

D.尸點的振動方程為I；-in(…

10.如圖所示，某實驗列車頭部底端固定有邊長為/的"匝正方形線框abed,進站時利用線框進入磁場時所

受的安培力，輔助列車剎車。已知列車的總質(zhì)量為機,線框總電阻為R,磁場區(qū)域?qū)挾葹?,磁感應(yīng)強度為

B,列車運動過程中鐵軌對列車的阻力恒為了,某次列車進站時，線框以速度v水平向右進入磁場，最終停

止時線框cd邊在磁場正中央，忽略進站時火車受到的空氣阻力，下列說法正確的是

A.線框成邊剛進入磁場時，a、6兩點之間的電壓大小為

I

B.線框仍邊剛進入磁場時，列車的加速度大小為.....

Rm

第4頁，共18頁

C.線框流■邊進入磁場時，列車的速度大于］

D.從線框進入磁場到停止運動的過程，線框產(chǎn)生的焦耳熱為-

三、實驗題：本大題共2小題，共14分。

11.如圖甲所示，用一個帶有刻度的注射器及計算機輔助系統(tǒng)來探究氣體壓強與體積的關(guān)系，實驗中所研究

的對象是封閉在注射器內(nèi)的氣體，保持溫度和氣體質(zhì)量不變，從注射器刻度直接讀出它的體積，它的壓強

由壓強傳感器等計算機輔助系統(tǒng)得到。

I為保證注射器內(nèi)封閉氣體的溫度不發(fā)生明顯變化，下列說法正確的是0

4要盡可能保持環(huán)境溫度不變

股實驗過程中應(yīng)緩慢地推動活塞

C實驗過程中要用手握緊注射器并快速推拉活塞

D實驗前要在活塞與注射器壁間涂適量的潤滑油

⑵某同學(xué)在一次實驗中，計算機根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪出的圖線如圖乙所示，出現(xiàn)該情況的原因是o

I3J重復(fù)實驗，多次測量并記錄，根據(jù)計算機繪制的圖像，分析得出結(jié)論：0

12.某同學(xué)將小量程電流表G改裝為雙量程電壓表，并用標準電壓表進行校準，如下圖。已知小量程電流表

G滿偏電流為表上標記的內(nèi)阻值為山川」，/；、和是定值電阻，其中「HKHlo圖甲中,

若使用。、6兩個接線柱，電壓表的量程為1匕若使用。、c兩個接線柱，電壓表的量程為3兀

III則根據(jù)題給條件，定值電阻的阻值應(yīng)選〃§2，",

②用量程為3%內(nèi)阻為上#4!的標準電壓表對改裝表3%擋的不同刻度進行校準，如圖乙。所用電池的電

第5頁，共18頁

動勢E為5匕滑動變阻器R有兩種規(guī)格，最大阻值分別為7n和為了方便實驗中調(diào)節(jié)電壓，圖中R

應(yīng)選用最大阻值為0的滑動變阻器。

，，若由于表頭G上標記的內(nèi)阻值不準，造成改裝后電壓表的讀數(shù)比標準電壓表的讀數(shù)偏小，則表頭G內(nèi)

阻的真實值______（填“大于”或“小于”）9000。

四、簡答題：本大題共1小題，共14分。

13.智能機器人自動分揀快遞包裹系統(tǒng)被賦予“驚艷世界的中國黑科技”稱號。分揀機器人工作效率高，落

袋準確率達“J”；o在供包臺工作人員將包裹放在機器人的水平托盤上，智能掃碼讀取包裹目的地信息，

經(jīng)過大數(shù)據(jù)分析后生成最優(yōu)路線，包裹自動送至方形分揀口。如圖甲，當機器人抵達分揀口時，速度恰好

減速為零，翻轉(zhuǎn)托盤使托盤傾角緩慢增大，直至包裹滑下，將包裹投入分揀口中I最大靜摩擦力近似等于滑

動摩擦力，重力加速度g大小取山，“一）。如圖乙，機器人/把質(zhì)量"，=1"/的包裹從供包臺沿直線運至

相距L的分揀口處，在運行過程中包裹與水平托盤保持相對靜止。已知機器人/運行最大加速度

“一；，”,?,運行最大速度4ni>,機器人運送包裹途中，看作質(zhì)點。

1求機器人/從供包臺運行至分揀口所需的最短時間

〕若包裹與水平托盤的動摩擦因數(shù)為,，'則在機器人/到達投遞口處，要使得包裹剛開始下滑，托

，3

盤的最小傾角"應(yīng)該是多少；

小機器人/投遞完包裹后返回供包臺途中發(fā)生故障，機器人4立刻制動，制動時速度為小”、，由于慣性,

機器人/在地面滑行后停下來，此時剛好有另一機器人5,以最大速度碰撞：；，，，、與機器人/發(fā)生彈

性正碰，碰撞后機器人/滑行了2加停下來（其加速度與制動后滑行加速度相等，機器人/、8均看作質(zhì)點?-

則機器人2的總質(zhì)量是機器人工的多少倍？

五、計算題：本大題共2小題，共30分。

14.“平衡浪木”是一種訓(xùn)練平衡能力的器材，如圖所示，質(zhì)量”L=切0的長方形均質(zhì)晃板用四根相同的

輕質(zhì)鏈條分別懸掛在兩根固定的橫梁上，鏈條長度均為J，,，“，與豎直方向夾角均為“-37。讓一質(zhì)量

,，川.”的受訓(xùn)人員靜坐在晃板正中間，給晃板一水平初速度，晃板和受訓(xùn)人員擺動起來，到最高點時

第6頁，共18頁

兩根鏈條所在平面與晃板夾角為：-1，，受訓(xùn)人員可看作質(zhì)點且始終與晃板保持相對靜止，不計空氣阻力,

重力加速度，；

I?晃板和受訓(xùn)人員靜止時每根鏈條的拉力大小T;

口晃板的初速度大小「

小晃板擺到最高點時，人受到的支持力/和摩擦力/的大小。

15.醫(yī)學(xué)檢查中磁共振成像簡化模型如圖所示，其中一個重要的部件“四極鐵”，能夠提供梯度磁場，從而

控制電子束在運動過程中匯聚或發(fā)散，圖甲為該磁場的磁感線分布情況。一束電子從“板上均勻分布的小

孔飄入I初速度可以忽略不計），經(jīng)過平行板VN間電場加速后獲得速度v,沿垂直紙面向里的方向進入“四

極鐵”空腔。電子質(zhì)量為％,電量為e,不計粒子重力和粒子間相互作用。

I求加速電壓廠大小，判斷圖甲中.、。和6、d兩對電子，哪一對電子進入磁場后會彼此靠近；

!以圖甲中磁場中心為坐標原點。建立坐標系，垂直紙面向里為x軸正方向，沿紙面向上為y軸正方向，

在xOy平面內(nèi)的梯度磁場如圖乙所示，該磁場區(qū)域的寬度為九在-W?小范圍內(nèi)，電子束沿x軸正方

向射入磁場，磁感應(yīng)強度〃：?D且已知，以垂直xOy平面向里為磁場正方向。電子速度大小均為v,

穿過磁場過程中，電子的y坐標變化很小，可認為途經(jīng)區(qū)域為勻強磁場。

①求從”u處射入磁場的電子，在磁場中運動的半徑3及速度偏轉(zhuǎn)角的正弦值、小“；

②研究發(fā)現(xiàn)，所有電子通過磁場后，將聚焦到x軸上，處。由于d很小，可認為電子離開磁場時，速度

方向的反向延長線通過八點，且速度方向的偏轉(zhuǎn)角很小，求/的表達式；

③在，,處再放置一個磁場區(qū)域?qū)挾葹閐的“四極鐵”（中心線位于../處I,使②問中的電子束通過

后速度方向變成沿X軸正方向，若該“四極鐵”的磁感應(yīng)強度〃，求八，…

④如圖丙，儀器實際工作中，加速電壓。會在/附近小幅波動，導(dǎo)致電子聚焦點發(fā)生變化。若要求聚焦點

坐標偏差值不超過求電壓波動幅度'廠的最大值。

第7頁，共18頁

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：上根據(jù)題意可知。光電子遏止電壓大，則a光電子的最大初動能大，由光電效應(yīng)方程可知a

光能量大，故/錯誤；

A經(jīng)過衰變產(chǎn)生的新核也屬于反應(yīng)堆的一部分，所以質(zhì)量沒有減半，故8錯誤；

C由丙圖可知，；核的比結(jié)合能比J/加核的比結(jié)合能小，由于平均質(zhì)量越小的原子核，其比結(jié)合能越大,

所以「，中核子的平均質(zhì)量比，'/，'，，中核子的平均質(zhì)量大，故C正確；

D根據(jù)光電效應(yīng)方程和遏止電壓的計算公式可得：

A.-A/-IV,,,“，二Et

得itI,—in->r

當頻率相等時，由于金屬C遏止電壓大，所以C的逸出功小，C能發(fā)生光電效應(yīng)，則d不一定可以，故。錯

誤。

故選：Co

根據(jù)圖像得出不同光子對應(yīng)的遏止電壓，從而得出光子能量的大小關(guān)系；

理解半衰期的概念，由此分析出反應(yīng)堆質(zhì)量的變化情況；

核子的比結(jié)合能越大則核子的平均質(zhì)量越?。?/p>

根據(jù)光電效應(yīng)的發(fā)生條件，結(jié)合圖像的物理意義完成分析。

本題主要考查了光電效應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，理解光電效應(yīng)的發(fā)生條件，結(jié)合半衰期的概念即可完成分析。

2.【答案】C

【解析】解：/、抽去一張紙片后，空氣薄膜的劈尖角I上、下表面所夾的角I變小，相同的厚度差對應(yīng)的

水平距離變大，故相鄰條紋間距變大，故/錯誤；

2、根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式，，圖乙中，若只增大屏到擋板間距離，兩相鄰亮條紋間距離將增大,

a

故3錯誤；

C、圖丙中，6光的偏折程度較大，則6光的折射率較大，根據(jù)可知。光在水珠中傳播速度一定大

n

于6光在水珠中傳播速度，故C正確；

光是橫波，圖丁中，從圖示位置轉(zhuǎn)動偏振片尸，光屏上亮度逐漸變亮，故。錯誤。

故選：Co

根據(jù)劈形空氣薄膜的劈尖角的變化情況推導(dǎo)條紋的間距變化情況；

第8頁，共18頁

根據(jù)雙縫干涉的公式進行分析判斷;

根據(jù)兩光的折射情況判斷折射率大小，進而判斷傳播速度的大小;

根據(jù)光的橫波特性進行分析解答。

考查光學(xué)的相關(guān)知識，熟練掌握光學(xué)的現(xiàn)象和對這些現(xiàn)象的分析和解釋。

3.【答案】D

【解析】解：主角對沙袋施加360N的作用力，通過調(diào)整施力方向使沙袋緩慢移動，此過程，沙袋始終處于

動態(tài)平衡狀態(tài)；繩偏離豎直方向的最大夾角為JT，說明此時主角對沙袋施加的作用力I/'-3WLVI是最小

值。

沙袋受重力G、繩的拉力7、和主角對其作用力尸，三力恰好可構(gòu)成首尾相連的閉合矢量三角形，如圖一所

示，當廠方向與繩子垂直時，尸最??；

則繩偏離豎直方向為最大夾角時，沙袋的受力情況如圖二所示I”與7垂直，，此時尸和7的合力與G

等大反向，則有

八F:

G=——=—.V=fiOON

sin37°0.6

故45C錯誤，。正確。

故選：Do

沙袋在主角作用力下緩慢移動，說明沙袋始終處于動態(tài)平衡狀態(tài)；繩偏離豎直方向的最大夾角為JL，說明

此時主角對沙袋施加的作用力4：;w\I是最小值。根據(jù)沙袋受力矢量三角形的特點，分析繩偏離豎直方

向最大夾角時，主角施加的作用力方向與繩子方向的關(guān)系，再結(jié)合沙袋受力的平衡關(guān)系可列關(guān)系式，可

求沙袋的重力。

解答本題，關(guān)鍵是要明確：當繩偏離豎直方向最大夾角時，對應(yīng)的是主角對沙袋施加的作用力/川

是最小值。再結(jié)合受力矢量三角形、平衡關(guān)系可解。

4.【答案】B

【解析】設(shè)排球出手時的速度大小為小，根據(jù)題意有

第9頁，共18頁

*=WCOHG?t

6tan45°=—w?in8+gt

解得r-

t\「《isM；sin6+viis0]

排球運動到最高點速度大小為「=,…"，)=U

\bin8+con0

故選Bo

5.【答案】D

【解析】解：A根據(jù)電場強度與電勢的關(guān)系

可知，圖線的斜率可以表達電場強度的大小，由題知.、6兩點電場強度大小相等，方向不同，故/錯誤；

A若兩電荷為等量的正電荷，兩電荷的垂直平分線與y軸的交點處的電勢最高，而圖乙中可知，兩電荷的垂

直平分線與〉軸的交點處的電勢最低。則為等量的負電荷；M從a點運動到b點的過程中電場力先做正功后

做負功，故電勢能先減小后增大，故8錯誤；

C電荷量為q的正點電荷”從a點由靜止釋放，由圖乙分析知，圖線的斜率先增大后減小再增大，則電場

強度先減小后增大，電場力先減小后增大，故M從。點運動到6點的過程中加速度大小先增大后減小再增

大，故C錯誤；

DM從。經(jīng)過6點的過程，由動能定理知

設(shè)初動量為a〃?為正方向，則

P=，”外

解得

P=-也）

設(shè)末動量為M從6點經(jīng)過一段距離返回6點的過程，由對稱性知

4=一,2"叫(a.—6)

電場力的沖量為

/=d.p=_2,2mqm一聞

故M先后兩次經(jīng)過6點的過程，電場力的沖量大小為2V2”小r二…,故D正確;

故選：Do

第10頁，共18頁

,，-的斜率等于場強，由斜率的大小分析場強的大小。根據(jù)電勢的變化，分析電勢能的變化情況。判斷粒

子所受的電場力的大小情況，從而分析加速度變化，根據(jù)動量定理分析。。

解決本題的關(guān)鍵知道電勢的高低與電場方向的關(guān)系，知道電場力做功與電勢能的關(guān)系，知道，，圖象切線

的斜率大小等于場強。

6.【答案】A

【解析】【分析】

本題考查磁感應(yīng)強度的疊加原理，線利用幾何關(guān)系求出對。的安培力的方向，再利用合矢量為零求解。

【解答】/、2處電流對。處電流的安培力如圖

由幾何關(guān)系可知」門...)＞；/＞,故/一一"，，

人,的合力平行于3c向上，故勻強磁場對該電流的安培力平行3c向下，方向向上勻強磁場的方向平

行于氏4向左，故BCD錯誤，/正確。

7.【答案】B

【解析】【分析】

根據(jù)根據(jù),，“，和圖像求解地球自轉(zhuǎn)的角速度；由,，和圖像可得地球同步衛(wèi)星的周期；根據(jù)萬有引

力與支持力的合力提供向心力分析C,根據(jù)慣性分析D。

本題考查了萬有引力定律的運用；同步衛(wèi)星的角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相同。

【解答】/、“太空電梯”與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，根據(jù),，可知地球自轉(zhuǎn)的角速度一."",

V。一力

故4錯誤；

8、由“J，可得地球同步衛(wèi)星的周期/2、廠＞,故8正確；

C、人類受到“太空電梯”的彈力等于航天員的“重力”，由萬有引力與支持力的合力提供向心力。「

時，彈力向上，由牛頓第二定律得隨著r增大，萬有引力減小，向心力增大，支持力

r*

減小，故C錯誤；

。、從空間站向艙外自由釋放一物體，由于慣性，物體將做勻速圓周運動，故D錯誤。

8.【答案】A

第H頁，共18頁

【解析】解：/、根據(jù)圖乙可知，。,⑴、時，電流隨時間的變化率為0,即線圈之中磁通量的變化率為0,此

時，線圈之中的感應(yīng)電動勢為0,可知，該時刻受電線圈中感應(yīng)電流為零，故/錯誤；

8、結(jié)合上述，-I、時受電線圈中的感應(yīng)電流為0,則受電線圈此時沒有激發(fā)出磁場，可知，I，”.時兩線

圈之間的相互作用力為0,故2正確；

。、供電線圈中電流的有效值：八一"'一'故c正確；

v'2

D、根據(jù)互感現(xiàn)象的原理，供、受電線圈的周期和頻率相同。由圖可知交流電的周期：I2.10一

個周期內(nèi)電流方向改變兩次，則受電線圈中的電流方向每秒鐘改變次數(shù)為：，,一，1'S一,

2■1()-

故D正確。

本題選錯誤的，

故選：Ao

供電線圈電流達到最大值，其變化率最小為零，由楞次定律可知受電線圈中的電流最小為零；

根據(jù)安培力的特點判斷作用力；

受電線圈中的電流最大電流的有效值為/=；;

v2

由圖可知周期大小，求出頻率，交流電流一個周期電流方向改變2次。

本題考查了交流電和楞次定律的知識，知道有效值和最大值的關(guān)系，以及交流電流一個周期電流方向改變2

次。

9.【答案】ABD

【解析】解：.1調(diào)期/、二1.

wv，A

對于E點的振動方程為

y=2(>sin(2xf

當「‘、時

8

解得1/Hl

即￡、/兩點平衡位置處的距離為L\,則

48

得

A,1.6”，

故/正確；

第12頁，共18頁

B.-I)時刻E點向上運動，則此時尸點向上運動，故5正確；

C.E、尸兩點平衡位置處的距離為

r1.外“

■=-A=-xl,6rn-0.2tn

88

則E點的平衡位置位于IIL?,門川?處，故C錯誤；

D設(shè)廠點的振動方程為

y=20sin(2x^+

當，=。時

VF■—10v%m

解得

斤

所以尸點的振動方程為

y=20idn(2xf—)EI

故。正確。

故選：ABDo

由圖直接讀出角頻率，從而計算周期，根據(jù)振動方程結(jié)合￡、尸距離解得波長，根據(jù)平移法分析尸的運動情

況；根據(jù)尸的振動情況解得振動方程。

本題的關(guān)鍵要理解質(zhì)點的振動性質(zhì)，要注意理解振動方程的應(yīng)用。

10.【答案】ACD

【解析】【分析】

由切割磁感線時電動勢的求解公式，I/"，，求解電動勢，進而求路端電壓，由動量定理求出線框公

邊進入磁場時的速度，由能量守恒求焦耳熱。

本題考查線框切割磁感線問題。

【解答】根據(jù)右手定則，線框進入磁場時，感應(yīng)電流沿順時針方向，線框此時切割磁感線產(chǎn)生的感

應(yīng)電動勢為“Mv,線框。6邊兩端的電壓為路端電壓，即為I:L,選項/正確;線框仍邊剛

進入磁場時，線框內(nèi)的電流/線框的加速度選項3錯誤;線框進

ftmmmRnv

入磁場的過程中由動量定理可得-/力一"I"”"?，即一一=，，”)-，”一線框出磁

第13頁，共18頁

場的過程中-nBZj/tj.Az.O-ms，即一端C-/b=0—mg，由于線框做減速運動，故八<2。，

?,,,選項C正確;根據(jù)能量守恒可知線框產(chǎn)生的焦耳熱為.“「：」’”，選項D正確。

322

11.【答案】注射器與壓強傳感器之間存在一定體積的氣體在實驗誤差允許范圍內(nèi)，一定質(zhì)量的氣體，

在溫度不變的情況下，壓強與體積成反比

【解析】解：IL保證注射器內(nèi)封閉氣體的溫度不發(fā)生明顯變化，環(huán)境溫度不變，故N正確；

3實驗過程中應(yīng)緩慢地推動活塞，使氣體溫度始終與環(huán)境溫度相同，故2正確；

C實驗過程中用手握緊注射器并快速推拉活塞，活塞對氣體做功，氣體溫度將升高，故C錯誤；

D在活塞與注射器壁間涂適量的潤滑油的作用是不漏氣，不能保證溫度不變，故。錯誤。

故選：ABo

，在注射器與壓強傳感器之間的氣體體積1“不可忽略時，被封閉氣體的初狀態(tài)的體積為L-V。

由卜1<‘

C

可知「I-1r',即〃=-；——=-

V+Vo■?w。

,+v

設(shè)J原式變形為卜r,圖線的斜率為，［,隨著X的增大，斜率逐漸變小。

，，在實驗誤差允許范圍內(nèi)，一定質(zhì)量的氣體，在溫度不變的情況下，壓強與體積成反比。

故答案為：

12）注射器與壓強傳感器之間存在一定體積的氣體；

1；?在實驗誤差允許范圍內(nèi)，一定質(zhì)量的氣體，在溫度不變的情況下，壓強與體積成反比。

“用一個帶有刻度的注射器及計算機輔助系統(tǒng)來探究氣體壓強與體積的關(guān)系，實驗中所研究的對象是封閉

氣體，應(yīng)保持不變的物理量是質(zhì)量和溫度，它的體積可從注射器刻度直接讀出，它的壓強由圖中的壓強傳

感器等計算機輔助系統(tǒng)得到；

」，根據(jù)實驗原理和理想氣體狀態(tài)方程分析造成乘積變小的原因；

「打根據(jù)實驗結(jié)果得到的圖像分析結(jié)論；

本題主要考查“探究氣體壓強與體積的關(guān)系”的實驗，理解實驗原理是解題關(guān)鍵。

12.【答案】910200050大于

【解析】解：“由歐姆定律得-I71

HI

第14頁，共18頁

代入數(shù)據(jù)解得R2=91(XL叢=2000U

「把改裝電壓表和標準電壓表組成的并聯(lián)部分看作一個整體，這個整體的總電阻約為151制2,這個整體和

滑動變阻器的一部分電阻絲外”并聯(lián)，再和剩下的部分電阻絲用、串聯(lián)，電池的電動勢￡為5%如果選

擇力乂，的滑動變阻器，為了使電壓表兩端的電壓能達到3%則需小于11川小，即滑動變阻器只有五分

之一的調(diào)節(jié)空間，不利于控制電壓表兩端的電壓；如果選擇］1的滑動變阻器，因為電壓表并聯(lián)后的總電

阻遠大于M。，可將其當做理想電壓表來處理，則滑動變阻器就有五分之三的調(diào)節(jié)空間，有利于精確調(diào)節(jié)

電壓，故選擇最大阻值為川。的滑動變阻器。

改裝電壓表的讀數(shù)比標準電壓表的讀數(shù)偏小，即在相同的電壓下，流過改裝表的電流偏小，說明改裝表

的電阻偏大，表頭G內(nèi)阻的真實值大于崩川。。

故答案為：⑴91Q；2000；⑵50；⑶大于

I，根據(jù)串并聯(lián)電路電流電壓的關(guān)系的知識求定值電阻的阻值。

，在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器。

"改裝表的讀數(shù)比標準表的讀數(shù)偏小，指針偏轉(zhuǎn)的角度偏小，流過的表頭的電流偏小，應(yīng)是表頭電阻偏大。

本題考查了求電阻阻值、實驗器材的選擇、電路故障分析，知道電流表的改裝原理、分析清楚電路結(jié)構(gòu)、

應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題。

13.【答案】解：Hi當機器人/先做勻加速直線運動加速至.5然后做勻速直線運動，最后做勻減速直

線運動至零時，機器人/從供包臺運行至分揀口所需時間最短

做勻加速直線運動階段根據(jù)運動學(xué)的公式可得

八3

/1Iji

23

1」1°…

At=="x3xItn=1.5〃/

1212

勻減速直線運動階段根據(jù)運動學(xué)的公式得

a

勻速直線階段根據(jù)運動學(xué)的公式得

3

運行總時間

，=，］+勺?+143=1(M

,設(shè)要使包裹剛開始下滑，托盤的最小傾角“，對包裹，受力分析得

第15頁，共18頁

垂直于托盤方向mgcc?O

沿托盤方向=mgMU9

其中

Ff-pFy

故托盤的最小傾角

。=30°

Mi設(shè)機器人/制動后滑行過程中的加速度大小為。，則有機器人/制動后滑行LR”后停下來，則有

0—'.-2a|*3

設(shè)機器人/被碰后瞬間的速度為，r,滑行2加后停下來，則有

0—"=-2fli?4

聯(lián)立可得

/、3發(fā)生彈性碰撞，/和3組成的系統(tǒng)根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律有

A/jtV=-+MM%

；跖舄=5A/>*,?+

解得

2A/1

t*4=-----線?

由于j2,；.s,ri■3rn；5,可得

物=2

故機器人2的質(zhì)量是機器人/的I倍。

答：II，機器人/從供包臺運行至分揀口所需的最短時間才為16s；

1要使得包裹剛開始下滑，托盤的最小傾角"應(yīng)該是."；

I；”則機器人B的總質(zhì)量是機器人A的I.,5倍。

【解析】；11利用物體在斜面上的平衡狀態(tài)受力分析，得到動摩擦因數(shù)與傾角之間的關(guān)系，進而推導(dǎo)傾角大

?。?/p>

⑵利用勻加速運動，勻速運動的位移公式，求出減速運動的位移，用減速運動的位移和速度關(guān)系，求出減

速運動的加速度。

屬于基礎(chǔ)的受力分析和勻變速直線運動求解，請注意斜面本身就有傾角，計算時需要減掉這一部分。