天津市大港油田第三中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題

PAGE24PAGE23天津市大港油田第三中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題考試范圍：必修第三冊(cè)；考試時(shí)間：60分鐘；滿分：100分一、單選題（本大題共10小題，每個(gè)3分，共30.0分）公式，，，

，，，關(guān)于以上公式下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.適用任何電場(chǎng)，適用點(diǎn)電荷電場(chǎng)，只適用勻強(qiáng)電場(chǎng)定量計(jì)算

B.E由F和q確定，由Ep和q確定，由和q確定

C.是電容的定義式適用于任何電容器，是平行板電容器的確定式

D.Ep由和q確定，和q有關(guān)

下列關(guān)于電勢(shì)和電勢(shì)能的說(shuō)法，正確的是（）

A.對(duì)于一個(gè)確定的點(diǎn)電荷，在電勢(shì)越高的位置，其電勢(shì)能肯定越大

B.在電勢(shì)肯定的位置，放入某點(diǎn)電荷的電荷量越大，該點(diǎn)電荷的電勢(shì)能肯定越大

C.正電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)能肯定大于負(fù)電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能

D.在電場(chǎng)中移動(dòng)一電荷，若電場(chǎng)力對(duì)其做負(fù)功，其電勢(shì)能肯定增大下列說(shuō)法不正確的是（）A.麥克斯韋通過(guò)試驗(yàn)驗(yàn)證了“改變的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)”和“改變的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)”，并證明白電磁波的存在

B.無(wú)線電波、光波、X射線、射線都是電磁波

C.奧斯特發(fā)覺(jué)了電流的磁效應(yīng)

D.普朗克提出了能量量子化的理論已知某單色光的波長(zhǎng)為，在真空中的光速為c，普朗克常量為h，則該單色光的能量子為（）A. B. C. D.下列表達(dá)式中，q肯定是場(chǎng)源電荷的是（）A. B. C. D.下列圖像中，小磁針靜止時(shí)的方向正確的是（）A.B.C.D.在磁感應(yīng)強(qiáng)度為、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一根長(zhǎng)通電直導(dǎo)線，電流的方向垂直于紙面對(duì)里．如圖所示，A，B，C，D是以直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上等分的四點(diǎn)，A、C連線方向水平，在這四點(diǎn)中（）

A.B、D兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同 B.A、B兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等

C.C點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最小 D.B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最小如圖所示，平行板電容器的兩極板接于電池兩極，一帶電小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合電鍵k，電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向的夾角為則下述說(shuō)法正確的是（）

A.電鍵k斷開(kāi)，A板向B板靠近，則增大

B.電鍵k斷開(kāi)，A板向上移動(dòng)，則增大

C.保持電鍵k閉合，A板向B板靠近，則變小

D.保持電鍵k閉合，A板向上移動(dòng)，則變小如圖所示，一粗糙絕緣豎直平面與兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂面重合，A，O，B為該面上同一條豎直線上的三點(diǎn)，且O為點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)?，F(xiàn)有帶電荷量為q、質(zhì)量為m的小物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，在A點(diǎn)以初速度釋放沿AOB向下滑動(dòng)，則（）A.小物塊帶正電

B.從A到B，小物塊的電勢(shì)能先減小后增大

C.從A到B，小物塊所受電場(chǎng)力先增大后減小

D.從A到B，小物塊的加速度不變測(cè)定電子的電荷量的試驗(yàn)裝置示意圖如圖所示。置于真空中的油滴室內(nèi)有兩塊水平放置的平行金屬板M、N，并分別與電壓為U的恒定電源兩極相連，板的間距為d，重力加速度為g。現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴在極板間勻速下落，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.油滴下降過(guò)程中電勢(shì)能不斷減小

B.若減小極板間電壓，油滴將減速下降

C.油滴帶電荷量的大小為

D.若將極板N向上緩慢移動(dòng)一小段距離，油滴將加速下降二、多選題（本大題共7小題，共21.0分，每個(gè)3分，選不全得2分）關(guān)于磁場(chǎng)和電場(chǎng)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.磁感線是閉合曲線，而靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線不是閉合曲線

B.磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向就是小磁針在該處?kù)o止時(shí)北極的指向；電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向就是摸索電荷在該處所受電場(chǎng)力方向

C.

D.一小段長(zhǎng)為L(zhǎng)的通有電流為I的導(dǎo)體，在磁場(chǎng)中受到的安培力為F，則該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B肯定為在如圖所示的圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的圖線．用該電源干脆與電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知（）A.電源的電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為

B.電阻R的阻值為

C.電源的輸出功率為

D.電源的效率為如圖所示，起先時(shí)矩形線框與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直，且一半在磁場(chǎng)內(nèi)，一半在磁場(chǎng)外，若要使線框中產(chǎn)生感應(yīng)電流，下列方法中可行的是（）A.將線框向左拉出磁場(chǎng) B.以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)

C.以ad邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)小于 D.以bc邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)小于

如圖所示，空間分布著勻強(qiáng)電場(chǎng)，豎直方向的實(shí)線為其等勢(shì)面，一質(zhì)量為m，帶電量為的小球從O點(diǎn)由靜止起先恰能沿直線OP運(yùn)動(dòng)，且到達(dá)P點(diǎn)時(shí)的速度大小為v，重力加速度為規(guī)定O點(diǎn)的電勢(shì)為零，下列說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小

B.P點(diǎn)的電勢(shì)

C.P點(diǎn)的電勢(shì)能

D.小球機(jī)械能的改變量為如圖的虛線為某電場(chǎng)的等勢(shì)面，今有兩個(gè)帶電粒子重力不計(jì)，以不同的速率，沿不同的方向，從A點(diǎn)飛入電場(chǎng)后，沿不同的徑跡1和2運(yùn)動(dòng)，由軌跡可以判定（）A.兩粒子的電性肯定不同

B.粒子1的動(dòng)能和粒子2的電勢(shì)能都是先削減后增大

C.經(jīng)過(guò)B、C兩點(diǎn)，兩粒子的速率可能相等

D.若取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)，則1粒子經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大于2粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能如圖所示的電路中，E為電源電動(dòng)勢(shì)，r為電源內(nèi)阻，和均為定值電阻，為滑動(dòng)變阻器當(dāng)?shù)幕瑒?dòng)觸點(diǎn)在ab的中點(diǎn)時(shí)合上開(kāi)關(guān)S，此時(shí)三個(gè)電表、和V的示數(shù)分別為、和現(xiàn)將的滑動(dòng)觸點(diǎn)向a端移動(dòng)，則（）A.電源的總功率減小 B.消耗的功率增大

C.增大，減小，U增大 D.減小，不變，U減小如圖所示，在x軸上放有兩個(gè)電荷量分別為和的點(diǎn)電荷，其中位于x軸的坐標(biāo)原點(diǎn)，電荷的右側(cè)各點(diǎn)電勢(shì)隨x改變的關(guān)系如圖曲線所示，其余部分的電勢(shì)改變狀況沒(méi)有畫出，其中B點(diǎn)電勢(shì)為零，BD段中的電勢(shì)最低點(diǎn)為C點(diǎn)，則（）A.B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零

B.兩點(diǎn)電荷的電荷量的大小關(guān)系為

C.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向向右

D.將一帶負(fù)電的摸索電荷從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功三、試驗(yàn)題探究題（本大題共3小題，共19.0分）（5分）某個(gè)演示用多用電表只有兩個(gè)擋位，其內(nèi)部電路如圖甲所示，其中R為定值電阻，表盤如圖乙所示。這個(gè)多用電表內(nèi)部電流表的左側(cè)為_(kāi)_______（填“正”或“負(fù)”）接線柱，多用電表a表筆應(yīng)為_(kāi)_______（填“紅”或“黑”）色。擋位d為_(kāi)_______（填“電流”或“歐姆”）擋。若擋位置于歐姆擋，其倍率為“”擋，測(cè)某電阻的阻值時(shí)，多用電表指針如圖乙中所示，則其示數(shù)為_(kāi)_______，若擋位置于電流擋，測(cè)某電路的電流時(shí)，多用電表指針如圖乙中所示，則其示數(shù)為_(kāi)_______mA。（4分）某同學(xué)為測(cè)定某一干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，連接電路實(shí)物圖如圖甲所示，其中定值電阻起愛(ài)護(hù)作用，試驗(yàn)中移動(dòng)滑動(dòng)變阻器觸頭，讀出電壓表和電流表的多組數(shù)據(jù)U、I，得出如圖乙所示的圖象。利用圖象求得電源電動(dòng)勢(shì)_____，內(nèi)電阻_____(結(jié)果保留2位小數(shù))（10分）某同學(xué)要測(cè)量一新材料制成的勻稱金屬導(dǎo)電圓柱體的電阻率。用螺旋測(cè)微器測(cè)其直徑為_(kāi)_______如圖甲所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)其長(zhǎng)度為_(kāi)_______如圖乙所示；用多用電表粗測(cè)該圓柱體阻值約為，為進(jìn)一步測(cè)其電阻，該同學(xué)做試驗(yàn)時(shí)應(yīng)從下述器材中選用________________(請(qǐng)?zhí)顚懫鞑那皩?duì)應(yīng)的字母代號(hào))；A.電池組，內(nèi)阻B.電流表，內(nèi)阻C.電流表，內(nèi)阻D，電壓表，內(nèi)阻，E.電壓表，內(nèi)阻F.滑動(dòng)變阻器，允許最大電流G.滑動(dòng)變阻器，允許最大電流H.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干測(cè)該圓柱體的電阻時(shí)，電流表在測(cè)量電路中應(yīng)采納________選填“外”或“內(nèi)”接法，測(cè)得其電阻值比真實(shí)值偏________選填“大”或“小”；若用L表示圓桂體的長(zhǎng)度，d表示直徑，測(cè)得電阻為R，請(qǐng)寫出圓柱體電阻率的表達(dá)式________。四、計(jì)算題（本大題共3小題，共30.0分）（7分）如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一電荷量為的負(fù)點(diǎn)電荷從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為，AB間距離，與水平方向夾角為；求：

(1)B、A間電勢(shì)差是多少？(2)電場(chǎng)強(qiáng)度E是多大？

（9分）規(guī)格為“8V、4W”的小燈泡與小型直流電動(dòng)機(jī)其線圈內(nèi)阻為并聯(lián)后，接至電動(dòng)勢(shì)為10V，內(nèi)電阻的電源上，小燈泡恰好正常發(fā)光，求：

通過(guò)小燈泡的電流和電源的內(nèi)電壓；

通過(guò)電動(dòng)機(jī)D的電流；

電動(dòng)機(jī)的輸出功率。

（14分）如圖所示，虛線MN左側(cè)有一場(chǎng)強(qiáng)為的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L(zhǎng)、電場(chǎng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在虛線PQ右側(cè)距PQ為L(zhǎng)處有一與電場(chǎng)平行的屏．現(xiàn)將一電子電荷量為e，質(zhì)量為m，重力不計(jì)無(wú)初速度地放入電場(chǎng)中的A點(diǎn)，最終電子打在右側(cè)的屏上，A點(diǎn)到MN的距離為，AO連線與屏垂直，垂足為O，求：

電子到MN的速度大??；電子從釋放到打到屏上所用的時(shí)間；電子剛射出電場(chǎng)時(shí)的速度方向與AO連線夾角的正切值；電子打到屏上的點(diǎn)到點(diǎn)O的距離x．

2024~2025年高二年級(jí)第一學(xué)期期中考試物理試卷【答案】1.B 2.D 3.A 4.A 5.D 6.C 7.C

8.B 9.C 10.C 11.AC 12.ABC 13.ABC 14.BD

15.ABD 16.AC 17.BD 18.(1)正；紅；(2)歐姆；(3)15.0；68；(4)1.5；15

19.(1)

(2)1.47V或1.48V

0.69Ω(?0.67Ω～0.71Ω)

20.

(1)1.844；4.240；(2)ACDFH；

(3)外；??；

(4)

21.解：(1)AB間電勢(shì)差為：UAB=WABq=3.2×1022.解：(1)依據(jù)題意小燈泡恰好正常發(fā)光則U=8V，則IL=PU=48A=0.5A

內(nèi)電壓：U(3)電動(dòng)機(jī)的總功率：P=UI=8×3.5W=28W電動(dòng)機(jī)的輸出的功率為：P'=28W-4.9W=23.1W

23.(1)從A點(diǎn)到MN的過(guò)程中，由動(dòng)能定理：eE·L2=(2)電子在電場(chǎng)E1中做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a1，時(shí)間為tv=從MN到屏的過(guò)程中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為t=(3)設(shè)電子射出電場(chǎng)E2時(shí)沿平行電場(chǎng)線方向的速度為vatvtanθ=解得：tanθ=2

(4)如圖，電子離開(kāi)電場(chǎng)E2后，將速度方向反向延長(zhǎng)交于E2場(chǎng)的中點(diǎn)由幾何關(guān)系知：tanθ=得：x=3L

【解析】1.【分析】

本題主要考查靜電場(chǎng)中的一些公式，理解公式，明確其運(yùn)用條件是解決本題的關(guān)鍵。

【解答】

A.①為電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，③為電勢(shì)的定義式，④為電場(chǎng)力做功的公式，都適用于任何電場(chǎng)；②是由庫(kù)侖定律結(jié)合電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式推導(dǎo)出來(lái)的，只適用于點(diǎn)電荷的電場(chǎng)；公式⑤是勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)關(guān)系，故只能適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)。所以A正確。

B.電場(chǎng)強(qiáng)度是電場(chǎng)獨(dú)有的特性，只與電場(chǎng)本身有關(guān)，與電場(chǎng)力、摸索電荷的帶電量無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤。

C.C=UQ是電容的定義式，適用于任何電容器；C=εs4πkd是平行板電容器的確定式，故C正確。

D.電勢(shì)能由電勢(shì)與電荷量共同確定，WAB和q2.【分析】

本題考查了電勢(shì)和電勢(shì)能，駕馭基本定義是關(guān)鍵。

摸索電荷的電性未知，故點(diǎn)的電勢(shì)凹凸無(wú)法推斷；電場(chǎng)力總對(duì)電荷做正功，電勢(shì)能肯定減?。浑妱?shì)降低最快的方向是場(chǎng)強(qiáng)的方向；負(fù)電荷在電勢(shì)越低的位置電勢(shì)能越大。

不論是正電荷還是負(fù)電荷，電場(chǎng)力對(duì)它做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大。

【解答】

A.電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系為Ep=qφ，電勢(shì)能是標(biāo)量，上式中電量q要帶正負(fù)號(hào)，則負(fù)電荷在電勢(shì)越高的位置，電勢(shì)能反而越小，故A錯(cuò)誤；

B.在電勢(shì)肯定的位置，放入某點(diǎn)電荷的電荷量越大，該點(diǎn)電荷的電勢(shì)能不肯定越大，如電勢(shì)小于0，放入的正點(diǎn)電荷的電荷量越大，電勢(shì)能反而越小，故B錯(cuò)誤；

C.假如電場(chǎng)中某點(diǎn)電勢(shì)為負(fù)，則正電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能小于負(fù)電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；

D.依據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系可知，在電場(chǎng)中移動(dòng)一電荷，若電場(chǎng)力對(duì)其做負(fù)功，其電勢(shì)能肯定增大，故D正確；

故選3.【分析】

利用麥克斯韋和赫茲的物理常識(shí)、電磁波譜的范圍及物理學(xué)史的考查。

明確麥克斯韋和赫茲的貢獻(xiàn)、電磁波的包括的范圍，及電流的磁效應(yīng)和普朗克的能量的量子化的考查，屬于基礎(chǔ)題。

【解答】

A.麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用試驗(yàn)證明白電磁波的存在且測(cè)得了波速，故A錯(cuò)誤；

B.無(wú)線電波、光波、X射線、γ射線都是電磁波，故B正確；

C.奧斯特發(fā)覺(jué)了電流的磁效應(yīng)，故C正確；

D.普朗克為了說(shuō)明黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論，故D正確。

本題選擇不正確的，故選A。4.解：1個(gè)光子的能量E=hν，其中ν為光子的頻率，而光速c=λν，故一個(gè)光子的能量：

E=hcλ，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A．

依據(jù)E=hν可以求一個(gè)光子的能量，而依據(jù)c=λν可以求出一個(gè)光子的能量用h、c、5.【分析】

分析四個(gè)公式中的q的意義，即可分析解答。

本題考查在不同的物理公式中q的意義，比較簡(jiǎn)潔。

【解答】

A.在F=kQqr2表達(dá)式中，q可能是場(chǎng)源電荷，也可能是摸索電荷，故A錯(cuò)誤；

B.在E=Fq表達(dá)式中，q是摸索電荷，故B錯(cuò)誤；

C.在WAB=qUAB表達(dá)式中，q是摸索電荷，故C錯(cuò)誤；

D.6.【分析】

依據(jù)磁極間的相互作用規(guī)律可推斷A選項(xiàng)；依據(jù)右手螺旋定則推斷小磁針N極應(yīng)當(dāng)指向紙外；依據(jù)直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感線可知C選項(xiàng)正確；螺線管內(nèi)部的磁感線向左，小磁針的N極應(yīng)當(dāng)指向左邊。

本題考查磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向、右手螺旋定則。

【解答】

A.依據(jù)磁極間的相互作用規(guī)律可知，A項(xiàng)中小磁針N極方向不行能水平向右，故A錯(cuò)誤；

B.依據(jù)右手螺旋定則可知，環(huán)形導(dǎo)線在中心軸線上產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面對(duì)外，小磁針N極應(yīng)當(dāng)指向紙外，故B錯(cuò)誤；

C.C項(xiàng)中直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感線應(yīng)當(dāng)是順時(shí)針?lè)较?從上向下看)，與小磁針的N極指向相同，故C正確；

D.D項(xiàng)中螺線管內(nèi)部的磁感線向左，小磁針的N極應(yīng)當(dāng)指向左邊，故D錯(cuò)誤。

故選C。7.【分析】

該題考查了磁場(chǎng)的疊加問(wèn)題。用安培定則首先確定通電直導(dǎo)線在abcd四點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向，利用矢量的疊加分析疊加后磁場(chǎng)大小改變和方向，從而推斷各選項(xiàng)。

【解答】

A.依據(jù)安培定則可得通電直導(dǎo)線在A、B、C、D四點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，設(shè)為B1，而通電直導(dǎo)線在B點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)樗较蜃?，在D點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)樗较蛴遥瑒tB、D兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=B12+B02，大小相等，方向不同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.通電直導(dǎo)線在A點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)樨Q直向上，則A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為BA=B1+B0，結(jié)合選項(xiàng)A的分析可知，B兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=B12+B8.【分析】

本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析。因此解決本題關(guān)鍵是推斷小球所受電場(chǎng)力的改變狀況；留意電容器的兩種狀態(tài)的不同，電鍵閉合其電壓不變，電鍵斷開(kāi)電容器所帶電量保持不變。

對(duì)于電容器的探討留意電容器的兩種狀態(tài)，同時(shí)嫻熟駕馭公式：C=?S4πkd、C=QU、E=Ud之間的推導(dǎo)，尤其是在電容器電量保持不變時(shí)，要正確依據(jù)這三個(gè)公式推導(dǎo)電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式，從而正確推斷電場(chǎng)強(qiáng)度的改變。小球受重力、電場(chǎng)力和繩子的拉力處于平衡狀態(tài)，當(dāng)電場(chǎng)力變大時(shí)θ增大，電場(chǎng)力變小時(shí)θ減小，

【解答】

A.若斷開(kāi)K，電容器帶電量保持不變，由C=?S4πkd和C=QU以及E=Ud可得：E=4πkQ?S，由于Q、S不變，A板向B板靠近，雖然d變小，但電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故電場(chǎng)力不變，則θ不變，故A錯(cuò)誤；

B.若斷開(kāi)K，由E=4πkQ?S得，Q不變，A板向上移動(dòng)，S變小，E變大，則θ變大，故B正確；

C.若保持K閉合，則電容器兩極板之間的電壓保持不變，因此依據(jù)E=Ud可知，

當(dāng)將A板向B板靠近時(shí)，d變小，電場(chǎng)強(qiáng)度增大，則電場(chǎng)力增大，θ將增大，故C9.【分析】

依據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的改變得出電場(chǎng)力的改變，抓住水平方向上平衡得出彈力的大小改變，從而得出摩擦力的大小改變，結(jié)合牛頓其次定律得出加速度的改變，抓住兩段過(guò)程加速度大小對(duì)稱，得出兩段過(guò)程速度改變量相同，求出O點(diǎn)的速度以及動(dòng)能。依據(jù)電場(chǎng)力做功推斷電勢(shì)能的改變。

解決本題的關(guān)鍵知道等量異種電荷四周電場(chǎng)線的特點(diǎn)，通過(guò)電場(chǎng)線疏密確定電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，知道等量異種電荷連線的垂直平分線是等勢(shì)線。

【解答】

小物塊受重力、電場(chǎng)力和墻壁的彈力以及摩擦力作用，可知q帶負(fù)電，從A到O的過(guò)程中，電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越大，則電場(chǎng)力越來(lái)越大，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力增大，導(dǎo)致滑動(dòng)摩擦力增大，依據(jù)a=f-mgm知，加速度增大，從O到B，電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越小，則電場(chǎng)力越來(lái)越小，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力減小，導(dǎo)致滑動(dòng)摩擦力減小，依據(jù)a=f-mgm知，加速度減小，q帶負(fù)電，由于AB是等勢(shì)線，則電荷的電勢(shì)能不變，從A到B，電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，則電場(chǎng)力先增大后減小，故C正確，10.【分析】

液滴在板間勻速下落，即電場(chǎng)力和重力平衡，由平衡條件可得油滴帶電量；下落過(guò)程中，由電場(chǎng)力做功和電勢(shì)能改變之間的關(guān)系分析電勢(shì)能的改變；由電容器的動(dòng)態(tài)分析，分析當(dāng)板間電壓減小或者板間距增大時(shí)，油滴的運(yùn)動(dòng)狀況。

本題考查了電容器的動(dòng)態(tài)改變及平行板電容器中電場(chǎng)力、能的性質(zhì)，關(guān)鍵是分析油滴受力狀況的改變，同時(shí)駕馭電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的改變關(guān)系。

【解答】

A.由于油滴勻速下落，重力與電場(chǎng)力平衡，可知油滴帶負(fù)電，下降過(guò)程電場(chǎng)力做負(fù)功電勢(shì)能增加，故A錯(cuò)誤；

B.若減小極板間電壓，由E=Ud知，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，則重力大于電場(chǎng)力，油滴將加速下降，故B錯(cuò)誤；

C.由平衡條件得mg=qE=qUd，得q=mgdU，故C正確；

D.若將極板N向上緩慢移動(dòng)一小段距離，則11.【分析】

電場(chǎng)強(qiáng)度是用來(lái)表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向的物理量，電場(chǎng)強(qiáng)弱可由摸索電荷所受的力與摸索點(diǎn)電荷帶電量的比值確定，電場(chǎng)方向與正電荷受力方向一樣與負(fù)電荷受力方向相反；電場(chǎng)線是不閉合的。

磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場(chǎng)強(qiáng)弱的物理量，通過(guò)電流元垂直放置于磁場(chǎng)中所受磁場(chǎng)力與電流元的比值來(lái)定義磁感應(yīng)強(qiáng)度。比值與磁場(chǎng)力及電流元均無(wú)關(guān)，磁感線是閉合的。

電場(chǎng)強(qiáng)度是用比值法定義的物理量之一，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身確定的，與該點(diǎn)是否有摸索電荷無(wú)關(guān)，本題是考查基礎(chǔ)學(xué)問(wèn)的好題。

磁感應(yīng)強(qiáng)度是通過(guò)比值定義得來(lái)，例如電場(chǎng)強(qiáng)度也是這種定義，電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力及電荷量均沒(méi)有關(guān)系。再如密度也是，密度與物體的質(zhì)量及體積均無(wú)關(guān)。同時(shí)電流元放入磁場(chǎng)中不肯定有磁場(chǎng)力，還受放置的角度有關(guān)。

【解答】

A.依據(jù)電場(chǎng)線與磁感線的特點(diǎn)可知，電場(chǎng)線是不閉合的，而磁感線是閉合的，故A正確；

B.磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向就是小磁針在該處?kù)o止時(shí)北極的指向；電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向是帶正電的摸索電荷在該處所受電場(chǎng)力方向，故B錯(cuò)誤；

C.依據(jù)F=qE可知，放入電場(chǎng)中某位置的電荷受到的電場(chǎng)力為零，則該位置的電場(chǎng)強(qiáng)度肯定為零，故C正確；

D.一小段長(zhǎng)為L(zhǎng)的通有電流為I的導(dǎo)體，在磁場(chǎng)中受到的安培力為F，只有在電流的方向與磁場(chǎng)的方向垂直時(shí)，該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B才為FIL，故D錯(cuò)誤。

故選AC12.【分析】

由電源的外伏安特性曲線分析電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)電阻，依據(jù)伏安特性曲線的斜率分析電阻的阻值；結(jié)合電路規(guī)律進(jìn)行分析即可。

本題考查閉合電路的歐姆定律。結(jié)合電源的外特性曲線和歐姆定律即可解題。

【解答】

A.依據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-Ir，當(dāng)I=0時(shí)，U=E，可得電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)阻等于圖線的斜率肯定值，則r=ΔUΔI=0.5Ω，故A正確；

B.電阻R=UI=1Ω，故B正確；

C.兩圖線的交點(diǎn)表示該電源干脆與電阻R相連組成閉合電路時(shí)工作狀態(tài)，由圖讀出電壓U=2V，電流I=2A，則電源的輸出功率為P出=UI=4W，故C正確；

D13.【分析】

磁通量是穿過(guò)線圈的磁感線的條數(shù)。比照產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：穿過(guò)電路的磁通量發(fā)生改變進(jìn)行分析推斷有無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生。

對(duì)于勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁通量，可以依據(jù)磁感線條數(shù)直觀推斷，也可以依據(jù)磁通量的計(jì)算公式Φ=BSsinα(α是線圈與磁場(chǎng)方向的夾角)進(jìn)行計(jì)算。

【解答】

A、將線框向左拉出磁場(chǎng)，穿過(guò)線圈的磁通量減小，有感應(yīng)電流產(chǎn)生。故A正確。

B、以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量減小，有感應(yīng)電流產(chǎn)生。故B正確。

C、以ad邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)(小于60°)，穿過(guò)線圈的磁通量從Φ=B12S減小到零，有感應(yīng)電流產(chǎn)生。故C正確。

D、以bc邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)(小于60°)，穿過(guò)線圈的磁通量Φ=BS214.【分析】

本題考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)(電場(chǎng)和重力場(chǎng))，要求學(xué)生會(huì)應(yīng)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律從運(yùn)動(dòng)推斷受力狀況，進(jìn)而依據(jù)功能關(guān)系，電場(chǎng)能的性質(zhì)進(jìn)行求解。

【解答】

A.小球沿直線OP運(yùn)動(dòng)，合力沿OP方向，如圖所示：

則有：qEtan45°=mg

解得E=mgq，故A錯(cuò)誤；

BC.設(shè)OP=L，依據(jù)動(dòng)能定理得

mgLsin45°+qELcos45°=12mv2

解得電場(chǎng)力做功：W=qELcos45°=mv24

依據(jù)：W=qUOP

解得UOP15.【分析】

依據(jù)軌跡的彎曲方向推斷粒子1和粒子2的電性關(guān)系；

依據(jù)電場(chǎng)力做功推斷粒子1的動(dòng)能和粒子2的電勢(shì)能的改變；

依據(jù)電場(chǎng)力做功，結(jié)合動(dòng)能定理推斷B、C兩點(diǎn)，兩粒子的速率關(guān)系；

依據(jù)電勢(shì)能等于電勢(shì)與電荷的乘積推斷若取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)，1粒子經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能與2粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能的大小關(guān)系。

【解答】

A.依據(jù)軌跡的彎曲方向可推斷出粒子1受到排斥力，其電性與場(chǎng)源電荷的電性相同，粒子2受到吸引力與場(chǎng)源電荷電性相反，所以兩粒子的電性肯定相反，故A正確；

B.電場(chǎng)力對(duì)粒子1先做負(fù)功，后做正功，依據(jù)動(dòng)能定理可以知道，其動(dòng)能先削減后增大;電場(chǎng)力對(duì)粒子2先做正功，后做負(fù)功，則電勢(shì)能是先削減后增大。故B正確；

C.兩個(gè)粒子的速率不相等，而粒子1從A到B、粒子2從A到C電場(chǎng)力做功均為零，則經(jīng)過(guò)B、C兩點(diǎn)兩粒子的速率肯定不相等。故C錯(cuò)誤；

D.粒子1電性與場(chǎng)源電荷的電性相同，無(wú)論場(chǎng)源電荷為正電荷或負(fù)電荷，若取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)，則1粒子經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大于2粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能，故D正確。

故選ABD。16.【分析】

解決本題的關(guān)鍵抓住電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，結(jié)合閉合電路歐姆定律求解，留意做題前肯定要理清電路，看電壓表測(cè)的是什么電壓，電流表測(cè)的是什么電流。

理清電路，確定電壓表測(cè)的是什么電壓，電流表測(cè)定的是什么電流，抓住電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，采納局部→整體→局部的方法，利用閉合電路電路的歐姆定律進(jìn)行分析；依據(jù)P總?=IE分析電源總功率改變狀況，由P=I?2R3?分析R3?消耗的功率。

【解答】

CD．R2?的滑動(dòng)觸點(diǎn)向a端移動(dòng)時(shí)，R2?增大，整個(gè)電路的總電阻增大，總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，即電壓表示數(shù)U增大，R3?電壓減小，R1?、R2?并聯(lián)電壓增大，通過(guò)R1?的電流I1?增大，即A1?示數(shù)增大，而總電流I減小，則通過(guò)R2?的電流I217.【分析】

依據(jù)兩點(diǎn)電荷連線的電勢(shì)凹凸的分布，由于沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可知兩點(diǎn)電荷的電性，依據(jù)功能關(guān)系分析電場(chǎng)力做功的正負(fù)。

本題主要考查電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系，解決本題的關(guān)鍵在于φ-x圖象的斜率等于電場(chǎng)強(qiáng)度E。

【解答】

A.依據(jù)，可得B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等于圖像在B點(diǎn)的斜率，故B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不為零，故A錯(cuò)誤；

B.由圖知C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為0，且C點(diǎn)靠近電荷q2，故q1>q2，故B正確；

C.沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，由圖知BC段電場(chǎng)強(qiáng)度向右，可得電荷q2為正電荷，CD段電場(chǎng)強(qiáng)度向左，可得電荷q1為負(fù)電荷，故A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左，故C錯(cuò)誤；

D.依據(jù)電場(chǎng)力做功W=qUCD=18.【分析】

對(duì)于試驗(yàn)題，要弄清晰試驗(yàn)?zāi)康?、試?yàn)原理以及數(shù)據(jù)處理、誤差分析等問(wèn)題，一般的試驗(yàn)設(shè)計(jì)、試驗(yàn)方法都是依據(jù)教材上給出的試驗(yàn)方法進(jìn)行拓展，延長(zhǎng)，所以肯定要嫻熟駕馭教材中的重要試驗(yàn)。

(1)依據(jù)歐姆表的內(nèi)部構(gòu)造進(jìn)行分析；

(2)歐姆檔內(nèi)部才接有電源；

(3)依據(jù)萬(wàn)用電表的讀數(shù)方法進(jìn)行讀數(shù)；

(4)依據(jù)圖象結(jié)合閉合電路的歐姆定律進(jìn)行解答。

【解答】

(1)黑表筆接內(nèi)部電源的正極，紅表筆接內(nèi)部電源的負(fù)極，標(biāo)示為“+”，故這個(gè)多用電表內(nèi)部電流表?的左側(cè)為正接線柱，多用電表a表筆應(yīng)為紅色；

(2)只有歐姆檔內(nèi)部才接有電源，故擋位d為歐姆擋；

(3)若擋位置于歐姆擋，其倍率為“×1”擋，測(cè)某電阻的阻值時(shí)，多用電表指針如圖乙中①所示，則其示數(shù)為15×1Ω=15Ω，若擋位置于電流擋，測(cè)某電路的電流時(shí)，多用電表指針如圖乙中②所示，則其示數(shù)為68mA；

(4)由表盤刻度可知，該多用電表內(nèi)部所運(yùn)用的電池電壓為E=IgRg，其中中值電阻為內(nèi)電阻，即Rg=