河北省張家口市宣化一中2025屆高三物理上學(xué)期階段測(cè)試題七含解析

PAGE17-河北省張家口市宣化一中2025屆高三物理上學(xué)期階段測(cè)試題（七）（含解析）一、單選題（本大題共8小題，共32.0分）1.年月日，在國(guó)際泳聯(lián)跳水系列賽喀山站米臺(tái)決賽中，我國(guó)男女選手雙雙奪得冠軍．如圖是運(yùn)動(dòng)員某次跳臺(tái)競(jìng)賽中的圖象（取豎直向下為正方向），時(shí)運(yùn)動(dòng)員起跳離開跳臺(tái)．將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，則運(yùn)動(dòng)員（）A.時(shí)刻到達(dá)水面B.時(shí)刻到達(dá)水下最深處C.時(shí)刻處于超重狀態(tài)D.時(shí)刻浮出水面【答案】C【解析】由圖像可知運(yùn)動(dòng)情景，時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)員起跳；時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)員到達(dá)最高點(diǎn)；時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)員到達(dá)水面；時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)員在水中減速向下運(yùn)動(dòng)，超重狀態(tài)；時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)員在水中到達(dá)最低點(diǎn)，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C．2.如圖所示，AC是上端帶定滑輪的固定豎直桿，質(zhì)量不計(jì)的輕桿BC一端通過鉸鏈固定在C點(diǎn)，另一端B懸掛一重為G的重物，且B端系有一根輕繩并繞過定滑輪A。現(xiàn)用力F拉繩，起先時(shí)∠BCA＞90°，使∠BCA緩慢減小，直到桿BC接近豎直桿AC。此過程中，桿BC所受的力()A.大小不變 B.漸漸增大 C.漸漸減小 D.先增大后減小【答案】A【解析】【分析】【詳解】以B點(diǎn)為探討對(duì)象，分析受力狀況：重物的拉力T(等于重物的重力G)、輕桿的支持力N和繩子的拉力F，作出力圖如圖，由平衡條件得知，N和F的合力與T大小相等，方向相反，依據(jù)三角形相像可可得：，又T=G，解得：，，使∠BCA緩慢變小時(shí)，AC、BC保持不變，AB變小，則N保持不變，F(xiàn)漸漸變小，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤；故選A．【點(diǎn)睛】以B點(diǎn)為探討對(duì)象，分析其受力狀況，作出受力圖，利用三角形相像法，得出各力與三角形ABC三邊邊長(zhǎng)的關(guān)系，再分析其變更．3.如圖所示，一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，MN是其中的一條電場(chǎng)線?，F(xiàn)有一個(gè)帶負(fù)電的粒子（不計(jì)重力），從a到b穿越這條電場(chǎng)線的軌跡如圖中虛線所示。下列結(jié)論正確的是（）A.形成電場(chǎng)的點(diǎn)電荷應(yīng)當(dāng)位于N點(diǎn)右側(cè)B.帶電粒子從a到b的過程中動(dòng)能漸漸減小C.帶電粒子在a點(diǎn)的加速度小于在b點(diǎn)的加速度D.帶電粒子在a點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能【答案】D【解析】【分析】【詳解】AC．依據(jù)軌跡彎曲方向推斷出粒子受力的方向向右，因?yàn)槎际秦?fù)電荷，它們之間是排斥力，可以推斷固定在電荷在M一側(cè)，a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大，帶電粒子在a點(diǎn)的加速度也大，故A，C錯(cuò)誤；BD．a(chǎn)到b運(yùn)動(dòng)的方向與受力的方向一樣，故電場(chǎng)力做正功，粒子的動(dòng)能增加，電勢(shì)能減小，B錯(cuò)誤，D正確；故選D。4.體育器材室里，籃球擺放在如圖所示的球架上.已知球架的寬度為，每個(gè)籃球的質(zhì)量為，直徑為，不計(jì)球與球架之間的摩擦，重力加速度為.則每個(gè)籃球?qū)σ粋?cè)球架的壓力大小為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】【詳解】以隨意一只籃球?yàn)樘接憣?duì)象，分析受力狀況，如圖所示，設(shè)球架對(duì)籃球的支持力與豎直方向的夾角為.由幾何學(xué)問得，依據(jù)平衡條件得，解得，則得籃球?qū)σ粋?cè)球架的壓力大為，故選項(xiàng)C正確.5.若宇航員在月球表面旁邊自高h(yuǎn)處以初速度v0水平拋出一個(gè)小球，測(cè)出小球的水平射程為L(zhǎng)．已知月球半徑為R，萬(wàn)有引力常量為G．則下列說法正確的是（）A.月球表面的重力加速度g= B.月球的平均密度ρ=C.月球的第一宇宙速度v= D.月球的質(zhì)量m=【答案】B【解析】【分析】【詳解】A項(xiàng)：平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，再依據(jù)，得，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：由與，可得：,，因此月球平均密度，故B正確；C項(xiàng)：第一宇宙：，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由與，可得：，故D錯(cuò)誤．故選B．6.如圖所示，水平面內(nèi)有A、B、C、D、E、F六個(gè)點(diǎn)，它們勻稱分布在半徑為的同一圓周上，空間有一方向與圓平面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)。已知A、C、E三點(diǎn)的電勢(shì)分別為、、，下列推斷正確的是（）

A.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向由A指向DB.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為C.該圓周上的點(diǎn)電勢(shì)最高為4VD.將電子從D點(diǎn)沿著圓周移到F點(diǎn)，靜電力做負(fù)功【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．設(shè)AE中點(diǎn)為G，如圖所示

則依據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的性質(zhì)可解得該點(diǎn)的電勢(shì)為由題可知所以GC連線是一個(gè)等勢(shì)線；電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，且由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的方向由E指向故A錯(cuò)誤；B．E、A兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為為E、A兩點(diǎn)間的距離再依據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度公式可得故B錯(cuò)誤；C．沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)漸漸降低，因此H點(diǎn)電勢(shì)最高，先算而即解得故C正確；D．電子從D沿著圓周移到F點(diǎn)，電勢(shì)先上升后降低，電子帶負(fù)電，電勢(shì)能先減小后增加，靜電力先做正功后做負(fù)功?；螂妱?shì)先降低后上升，電子帶負(fù)電，電勢(shì)能先增加后減小，靜電力先做負(fù)功后做正功。故D錯(cuò)誤。故選C。7.利用電容傳感器可檢測(cè)礦井滲水，剛好發(fā)出平安警報(bào)，從而避開事故發(fā)生；如圖所示是一種通過測(cè)量電容器電容的變更來檢測(cè)礦井中液面凹凸的儀器原理圖，A為固定的導(dǎo)體芯，B為導(dǎo)體芯外面的一層絕緣物質(zhì)，C為導(dǎo)電液體（礦井中含有雜質(zhì)的水）），A、C構(gòu)成電容器．已知靈敏電流表G的指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向的關(guān)系：電流從哪側(cè)流入電流表則電流表指針向哪側(cè)偏轉(zhuǎn)．若礦井滲水（導(dǎo)電液體深度h增大），則電流表（）A.指針向右偏轉(zhuǎn)，A、C構(gòu)成的電容器充電B.指針向左偏轉(zhuǎn)，A、C構(gòu)成的電容器充電C.指針向右偏轉(zhuǎn)，A、C構(gòu)成的電容器放電D.指針向左偏轉(zhuǎn)，A、C構(gòu)成的電容器放電【答案】B【解析】【分析】【詳解】由圖可知，液體與導(dǎo)體芯構(gòu)成了電容器，兩板間距離不變；液面變更時(shí)只有正對(duì)面積發(fā)生變更；則由可知，當(dāng)液面上升時(shí)，只能是正對(duì)面積S增大，故可推斷電容增大．再依據(jù)，因此兩極板間電勢(shì)差U不變，那么電容的電荷量增大，因此電容器處于充電狀態(tài)，因電流從哪側(cè)流入電流表則電流表指針向哪側(cè)偏轉(zhuǎn)，因此指針向左偏轉(zhuǎn)；故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選B.【點(diǎn)睛】此題考查平行板電容器在生產(chǎn)生活中的應(yīng)用，留意由題意找出我們常見的模型再時(shí)行分析；駕馭電容器的定義公式及確定式是解題的基礎(chǔ)．8.如圖所示，光滑水平面上放著足夠長(zhǎng)的木板B，木板B上放著木塊A，A、B間的接觸面粗糙，現(xiàn)在用一水平拉力F作用在A上，使其由靜止起先運(yùn)動(dòng)，則下列狀況可能的是（）A.拉力F做的功小于A、B系統(tǒng)動(dòng)能的增加量B.拉力F做的功等于A、B系統(tǒng)動(dòng)能的增加量C.拉力F和B對(duì)A做的功之和小于A的動(dòng)能的增加量D.A對(duì)B做的功小于B的動(dòng)能的增加量【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．以AB為系統(tǒng)，若AB有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，則摩擦力做負(fù)功，依據(jù)動(dòng)能定理可知，拉力F做的功大于A、B系統(tǒng)動(dòng)能的增加量，故A錯(cuò)誤；B．若AB相對(duì)靜止，則摩擦力做功為零，依據(jù)動(dòng)能定理可知，拉力F做的功等于A、B系統(tǒng)動(dòng)能的增加量，故B正確；C．以A為探討對(duì)象，A受拉力和B對(duì)A的摩擦力作用，拉力做正功，摩擦力做負(fù)功，依據(jù)動(dòng)能定理，拉力F和B對(duì)A做的功之和等于A的動(dòng)能的增加量，故C錯(cuò)誤；D．對(duì)B，只有A對(duì)B的摩擦力做功，A對(duì)B做的功等于B的動(dòng)能的增加量，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）9.如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則（）A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動(dòng)D.R3上消耗的功率漸漸增大【答案】AC【解析】【分析】【詳解】AB．由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串連接在電源兩端，電容器與R3并聯(lián)，當(dāng)滑片向b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電流增大，路端電壓減小，R1兩端的電壓增大，故并聯(lián)部分的電壓減小，由歐姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯(cuò)誤；C．因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場(chǎng)力減小，則重力大于電場(chǎng)力，電荷向下運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．因R3兩端的電壓減小，由P=可知，R3上消耗的功率減小，故D錯(cuò)誤。故選AC。10.一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能EP隨位移x變更的關(guān)系如圖所示，其中0～對(duì)段是對(duì)稱的曲線，～段是直線，則下列說法正確的是A.處電場(chǎng)強(qiáng)度為零B.、、處電勢(shì)、、的關(guān)系為>>C.粒子在0～段做勻變速運(yùn)動(dòng)，～段做勻速直線運(yùn)動(dòng)D.～段是勻強(qiáng)電場(chǎng)【答案】ABD【解析】【分析】【詳解】A.依據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系和場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系得：由數(shù)學(xué)學(xué)問可知圖象切線的斜率等于，處切線斜率為零，則處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故A正確；B.粒子帶負(fù)電，依據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系可知，電勢(shì)能越大，粒子所在處的電勢(shì)越低，所以有：故B正確；CD.由圖看出在段圖象切線的斜率不斷減小，可知場(chǎng)強(qiáng)減小，粒子所受的電場(chǎng)力減小，加速度減小，做非勻變速運(yùn)動(dòng)；段圖象切線的斜率不斷增大，場(chǎng)強(qiáng)增大，粒子所受的電場(chǎng)力增大，做非勻變速運(yùn)動(dòng)；段斜率不變，場(chǎng)強(qiáng)不變，即電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向均不變，是勻強(qiáng)電場(chǎng)，粒子所受的電場(chǎng)力不變，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確．11.如圖所示，小車的上面固定一個(gè)光滑彎曲圓管道，整個(gè)小車(含管道)的質(zhì)量為2m，原來靜止在光滑的水平面上．現(xiàn)有一個(gè)可以看作質(zhì)點(diǎn)的小球，質(zhì)量為m，半徑略小于管道半徑，以水平速度v從左端滑上小車，小球恰好能到達(dá)管道的最高點(diǎn)，然后從管道左端滑離小車．關(guān)于這個(gè)過程，下列說法正確的是A.小球滑離小車時(shí)，小車回到原來位置B.小球滑離小車時(shí)相對(duì)小車的速度大小為vC.車上管道中心線最高點(diǎn)的豎直高度為D.小球從滑進(jìn)管道到滑到最高點(diǎn)的過程中，小車的動(dòng)量變更大小是【答案】BC【解析】【分析】【詳解】小球與小車在水平方向上的合外力為零，故在水平方向上動(dòng)量守恒，所以小車的速度始終向右，小球滑離小車時(shí)，小車向右運(yùn)動(dòng)，不行能回到原來位置，故A錯(cuò)誤；由動(dòng)量守恒可得：mv=2mv車+mv球，由機(jī)械能守恒可得：；所以，v車+2v球=0，那么，，，小球滑離小車時(shí)相對(duì)小車的速度v球-v車=-v，故小球滑離小車時(shí)相對(duì)小車的速度為v，故B正確；小球恰好到達(dá)管道的最高點(diǎn)后，則小球和小車的速度相同，故由動(dòng)量守恒定律mv=(2m+m)v＇可得此時(shí)的速度，由機(jī)械能守恒可得：小球在最高點(diǎn)的重力勢(shì)能，所以車上管道中心線最高點(diǎn)的豎直高度，故C正確；小球恰好到達(dá)管道的最高點(diǎn)后，則小球和小車的速度相同，故小車的動(dòng)量變更大小為mv，故D錯(cuò)誤；12.如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電荷量為的物體處于場(chǎng)強(qiáng)按E＝E0－kt（E0、k均為大于零的常數(shù)，取水平向左為正方向）變更的電場(chǎng)中，物體與豎直墻壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，當(dāng)t＝0時(shí)刻物體處于靜止?fàn)顟B(tài)．若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，且電場(chǎng)空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是A物體起先運(yùn)動(dòng)后加速度先增加、后保持不變B.物體起先運(yùn)動(dòng)后加速度不斷增大C.經(jīng)過時(shí)間t＝，物體在豎直墻壁上的位移達(dá)最大值D.經(jīng)過時(shí)間t＝，物體運(yùn)動(dòng)速度達(dá)最大值【答案】BC【解析】【分析】【詳解】AB．物體帶正電，電場(chǎng)方向未變更之前，物體沿豎直墻運(yùn)動(dòng)，水平方向的支持力和電場(chǎng)力大小相等，電場(chǎng)力減小，支持力減小，滑動(dòng)摩擦力減小，那么重力和摩擦力的合力豎直向下且增大，加速度增大；當(dāng)電場(chǎng)方向反向時(shí)，物體脫離墻面，電場(chǎng)力增大，重力和電場(chǎng)力的合力增大，加速度增大，所以物體的加速度始終增大，A錯(cuò)誤，B正確；C．電場(chǎng)強(qiáng)度為零時(shí)，物體起先離開墻面，此時(shí)物體在豎直墻壁上的位移達(dá)最大值，即：解得：，C正確；D．物體的加速度不斷增大，速度不斷變大，在這個(gè)過程中速度沒有最大值，D錯(cuò)誤。故選BC。三、試驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）13.某同學(xué)用圖1示試驗(yàn)裝置來探討彈簧彈性勢(shì)能與彈簧壓縮量的關(guān)系，彈簧一端固定，另一端與一帶有窄片的物塊接觸，讓物塊被不同壓縮狀態(tài)的彈簧彈射出去，沿光滑水平板滑行，途中安裝一光電門．設(shè)重力加速度為g。（1）如圖2示，用游標(biāo)卡尺測(cè)得窄片的寬度L為_____。（2）登記窄片通過光電門的時(shí)間△t=10ms，則_____。（3）若物塊質(zhì)量為m，彈簧此次彈射物塊過程中釋放的彈性勢(shì)能為____（用m，L，△t表示）。【答案】(1).10.15mm(2).物塊通過O點(diǎn)的速度為1.015m/s(3).【解析】【分析】【詳解】（1）[1個(gè)等分刻度的精確度為0.05mm，標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：1cm=10mm，游標(biāo)尺上第3個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為10.15mm；（2）[2]通過光電門的速度（3）[3]械能守恒定律可知：彈簧此次彈射物塊過程中釋放的彈性勢(shì)能為14.表格中所列數(shù)據(jù)是測(cè)量小燈泡關(guān)系的試驗(yàn)數(shù)據(jù)：U/(V)0.00.20.51.01.52.02.53.0I/(A)0.0000.05001000.1500.18001950.2050.215（1）分析上表內(nèi)試驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，應(yīng)選用的試驗(yàn)電路圖是圖____（填“甲”或“乙”）；（2）在方格紙內(nèi)畫出小燈泡的曲線______．分析曲線可知小燈泡的電阻隨I變大而______（填“變大”、“變小”或“不變”）；（3）如圖丙所示，用一個(gè)定值電阻R和兩個(gè)上述小燈泡組成串并聯(lián)電路，連接到內(nèi)阻不計(jì)、電動(dòng)勢(shì)為3V的電源上．已知流過電阻R的電流是流過燈泡b電流的兩倍，則流過燈泡b的電流約為_____A．【答案】(1).（1）甲(2).（2）如圖；(3).變大(4).（3）0.13【解析】試題分析：(1)因?yàn)樾襞輧啥说碾妷菏菑牧闫鹣鹊?，所以滑?dòng)變阻器應(yīng)采納分壓接法，故選甲，(2)如圖所示，圖線的斜率表示小燈泡的電阻，所以小燈泡的電阻隨I變大而變大(3)由電路的連接方式知，流過燈a的電流是流過燈b的3倍，這就相當(dāng)于同一個(gè)燈泡兩種不同的工作狀態(tài)，這兩種狀態(tài)下，燈泡的電壓之和為3V，電流滿意3倍的關(guān)系，再在燈泡的工作曲線上找這樣的兩種狀態(tài)，可確定燈泡b的電流值約為0.07A．考點(diǎn)：考查了測(cè)量小燈泡U—I關(guān)系的試驗(yàn)點(diǎn)評(píng)：本題的第3問考的特別的巧，須要分析兩燈的工作電流，結(jié)合圖中的數(shù)據(jù)分析四、計(jì)算題（本大題共3小題，共36.0分）15.如圖所示，質(zhì)量m=2kg的滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），以v0=5m/s的水平初速度滑上靜止在光滑水平面的平板小車，若平板小車質(zhì)量M=3kg，長(zhǎng)L=4.8m．滑塊在平板小車上滑移1.5s后相對(duì)小車靜止．求：（1）滑塊與平板小車之間的滑動(dòng)摩擦系數(shù)μ；（2）若要滑塊不滑離小車，滑塊的初速度不能超過多少．（g取10m/s2）【答案】（1）0.2（2）v0=4m/s【解析】【分析】【詳解】ⅰ.m滑上平板小車到與平板小車相對(duì)靜止，設(shè)速度為v1據(jù)動(dòng)量守恒定律：對(duì)m由動(dòng)量定理：解得:ⅱ.設(shè)當(dāng)滑塊剛滑到平板小車的右端時(shí)，兩者恰有共同速度，為v2由動(dòng)量守恒定律：解得：16.如圖所示，間距為d的平行金屬板間