江蘇省大豐區(qū)新豐中學2025屆物理高二第一學期期末教學質量檢測試題含解析

江蘇省大豐區(qū)新豐中學2025屆物理高二第一學期期末教學質量檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，實線和虛線分別表示振幅和頻率均相同的兩列簡諧橫波的波峰和波谷，此時M點是波峰與波峰的相遇點．設兩列波的振幅均為A，則A.再過四分之一周期，Q點為振動減弱點B.圖中位于P、N兩處的質點正處于平衡位置C.M點為振動加強點，位移始終為2AD.從此刻起，經過半個周期，M點的位移為零2、金屬球原來不帶電，現沿球直徑的延長線放置一均勻帶電細桿MN，如圖所示．金屬球上感應電荷產生的電場在球內直徑上a、b、c三點的場強大小分別為Ea、Eb、Ec．下列判斷正確的是A.Ea>Eb>Ec B.Eb>Ec>EaC.Ec>Eb>Ea D.Ea=Eb=Ec3、某人在高h處拋出一個質量為m

的物體，不計空氣阻力，物體落地時速度為v，該人對物體所做的功為A.mgh B.C. D.4、一帶正電粒子僅在電場力作用下做直線運動，從A點經B、C運動到D點，其v－t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.A處的電場強度小于B處的電場強度B.粒子在A處的電勢能小于在B處的電勢能C.C、D間各點電場強度和電勢都為零DA、B兩點的電勢差等于C、B兩點間的電勢差5、關于重力、彈力和摩擦力，下列說法正確的是（）A.兩物體相互接觸時一定能產生彈力B.兩物體之間有彈力時，一定有摩擦力C.物體受到摩擦力時，一定受到彈力D.滑動摩擦力的大小與物體所受的重力大小成正比6、把一個7N的力沿兩個方向分解，這兩個分力的大小可能是()A.4N，4N B.3N，3NC.2N，2N D.1N，1N二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一個帶正電的物體從粗糙絕緣斜面底端以初速度v0沖上斜面，運動到A點時速度減為零，在整個空間施加一個垂直紙面向外的勻強磁場，物體運動過程中始終未離開斜面()A.物體仍以初速度v0沖上斜面，能到達A點上方B.物體仍以初速度v0沖上斜面，不能到達A點C.將物體由A點釋放，到達斜面底端時速率一定大于v0D.將物體由A點釋放，到達斜面底端時速率一定小于v08、如圖所示，AB⊥CD且A、B、C、D位于同一半徑為r的豎直圓上，在C點有一固定點電荷，電荷量為＋Q，現從A點將一質量為m，電荷量為+q的點電荷由靜止釋放，該電荷沿光滑絕緣軌道ADB運動到D點時速度為（g為重力加速度），規(guī)定電場中B點的電勢為零，則在＋Q形成的電場中A.A點電勢等于O點電勢B.D點電勢－C.O點電場強度大小是B點的2倍D.點電荷q在D點具有的電勢能為－9、如圖所示，圖線1表示的導體電阻為R1，圖線2表示的導體電阻為R2，則下列說法正確的是（）A.R1：R2＝1：3B.R1：R2＝3：1C.將R1與R2串聯后接于電源上，則電流比I1：I2＝3：1D.將R1與R2并聯后接于電源上，則電流比I1：I2＝3：110、如上圖所示，虛線a、b、c為三個同心圓面，圓心處為一個點電荷，現從c外面一點P以相同的速率發(fā)射兩個電荷量、質量都相同的帶電粒子，分別沿PM、PN運動到M、N，M、N兩點都位于圓周c上，以下判斷正確的是（）A.兩粒子帶同種電荷 B.兩粒子帶異種電荷C.到達M、N時兩粒子速率仍相等 D.到達M、N時兩粒子速率不相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，一無限長通電直導線固定在光滑水平面上，金屬環(huán)質量為0.02kg，在該平面上以、與導線成60°角的初速度運動，其最終的運動狀態(tài)是__________，環(huán)中最多能產生__________J的電能12．（12分）物理課外活動小組在用單擺測重力加速度的實驗中,測出了不同擺長L所對應的周期T，在進行實驗數據處理時：①甲同學以擺長L為橫坐標、周期T的平方為縱坐標作出了T2—L圖線．若他由圖象測得的圖線斜率為K，則測得的重力加速度g=_____________．若甲同學測擺長時，忘記測擺球的半徑，則他用圖線法求得的重力加速度___________________（選填“偏大”、“偏小”、“準確”）②乙同學根據公式得，并計算重力加速度，若他測得擺長時，把擺線長當作擺長（忘記加上小球半徑），則他測得的重力加速度值__________（選填“偏大”、“偏小”、“準確”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）2018年是中國航天里程碑式的高速發(fā)展年，是屬于中國航天的“超級2018”．例如，我國將進行北斗組網衛(wèi)星的高密度發(fā)射，全年發(fā)射18顆北斗三號衛(wèi)星，為“一帶一路”沿線及周邊國家提供服務．北斗三號衛(wèi)星導航系統由靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）、中軌道衛(wèi)星和傾斜同步衛(wèi)星組成．圖為其中一顆靜止軌道衛(wèi)星繞地球飛行的示意圖．已知該衛(wèi)星做勻速圓周運動的周期為T，地球質量為M、半徑為R，引力常量為G（1）求靜止軌道衛(wèi)星的角速度ω；（2）求靜止軌道衛(wèi)星距離地面的高度h1；（3）北斗系統中的傾斜同步衛(wèi)星，其運轉軌道面與地球赤道面有一定夾角，它的周期也是T，距離地面的高度為h2．視地球為質量分布均勻的正球體，請比較h1和h2的大小，并說出你的理由14．（16分）如圖所示的平行板器件中，存在相互垂直的勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應強度B1=0．20T,方向垂直紙面向里，電場強度E1=1．0×105V/m,PQ為板間中線．緊靠平行板右側邊緣xOy坐標系的第一象限內，有一邊界AO、與y軸的夾角∠AOy=450，邊界線的上方有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度B2=0．25T,邊界線的下方有豎直向上的勻強電場，電場強度E2=5.0×105V/m．一束帶電荷量q=8.0×10-19C、質量m=8.0×10-26Kg的正離子從P點射入平行板間，沿中線PQ做直線運動，穿出平行板后從軸上坐標為（0,0．4m）的Q點垂直軸射入磁場區(qū)，多次穿越邊界線OA．求：（1）離子運動速度；（2）離子從進入磁場到第二次穿越邊界線OA所需的時間；（3）離子第四次穿越邊界線的位置坐標15．（12分）如圖所示，A、B為某勻強電場中的兩點。已知勻強電場的電場強度E＝4.0×103N/C，A、B間距離s＝4cm，AB與電場方向夾角為60°。求：(1)A、B兩點間電勢差UAB；(2)已知一個電子在A點的電勢能，求B點電勢。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A．由圖知Q點是波谷和波谷疊加，正處在波谷，故A錯誤；B．P、N兩點是波谷和波峰疊加，位移始終為零，即處于平衡位置，故B正確；C．由圖可知M點為波峰與波峰相遇，振動的加強點，其振幅為2A，但并不是位移始終為2A，故C正確；D．M點為波峰與波峰相遇，半個周期后為波谷與波谷相遇，M點處于波谷，位移為，故D錯誤2、C【解析】金屬球上感應電荷產生的附加電場與帶電的細桿MN產生的場強大小相等，方向相反，相互抵消．c點離帶電的細桿MN最近，帶電的細桿MN在c點處產生的場強最大，則金屬球上感應電荷在c點處產生的場強最大，即Ec最大；而a點離帶電桿最遠，則金屬球上感應電荷在a點處產生的場強最小，所以Ec>Eb>Ea，故C正確故選C3、D【解析】人對小球做的功等于小球獲得的初動能，根據對拋出到落地的過程運用動能定理得：mgh=mv2?mv02解得：mv02＝mv2?mgh；即人對小球做的功等于mv2?mgh，故選D點睛：本題考查了動能定理的直接應用，在不涉及到運動時間和運動過程以及變力做功時運用動能定理解題較為簡潔、方便4、D【解析】從圖象可以看出，粒子做的是非勻變速直線運動，可得出受到的電場力不恒定，由帶正電的粒子僅在電場力作用，有圖線斜率代表加速度，有牛頓第二定律得知電場力的大小關系，從而得到電場強度德大小關系．由運動過程中，動能增加，勢能減少，所以可判斷出粒子在AB兩點的電勢能大小，有電場力做功的公式可得AB兩點間的電勢差與CB兩點間的電勢差的大小關系【詳解】由運動的速度-時間圖象可看出，帶正電的粒子的加速度在A點時較大，由牛頓第二定律得知在A點的電場力大，故A點的電場強度一定大于B點的電場強度，故A錯誤；由A到B的過程中，速度變大了，說明是電場力做正功，電勢能轉化為動能，由功能關系可知，此過程中電勢能減少，正電荷在A點是電勢能大于在B時的電勢能，所以粒子在A點的電勢能高于B點的電勢能，故B錯誤；從C到D，粒子速度一直不變，故電場力做功為零，可知CD間各點電場強度為零，但電勢不一定為零，故C錯誤；A、C兩點的速度相等，故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的絕對值相同，AB兩點間的電勢差等于CB兩點間的電勢差，故D正確．故選D【點睛】本題考查到了電場力做功的計算和電場力做功與電勢能的關系，其關系為：電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少；電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數值等于電場力做功的數值．這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據．還考查了對于勻變速直線運動的圖象分析電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點與重力做功和高度差的關系相似.5、C【解析】當兩個相互接觸的物體間有相互作用的彈力時，兩物體間不一定有相互作用的摩擦力，還要存在相對運動或相對運動趨勢，才有摩擦力，滑動摩擦力的大小與物體的壓力大小成正比，從而即可求解【詳解】物體相互接觸時且擠壓，才一定產生彈力，故A錯誤；摩擦力產生的條件是：彈力、相對運動或相對運動趨勢、表面粗糙，可知兩物體之間有彈力時，不一定受到摩擦力，故B錯誤，C正確；滑動摩擦力的大小與物體的壓力大小成正比，并不是重力，故D錯誤；故選C【點睛】本題考查了彈力、滑動摩擦力和靜摩擦力的影響因素，難度不大，屬于基礎題，注意摩擦力與彈力的關系6、A【解析】根據三角形定則，以7N為一條邊，以每組選項的分力大小做力的圖示，可知只有A中的兩個分力能夠和7N能構成三角形，其他三組都不能，則只有4N、4N這兩個力可能是7N力的兩個分力。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB．未加磁場時，根據動能定理，有加磁場后，多了洛倫茲力，洛倫茲力不做功；根據左手定則，洛倫茲力的方向垂直于斜面向下，所以物體對斜面的壓力增大，所以摩擦力變大，摩擦力做的功變大，根據動能定理，有因Wf′＞Wf，則，故不能到達A點，故A錯誤，B正確；CD．加磁場后將物體由A點釋放，則洛倫茲力垂直斜面向上，則摩擦力減小，摩擦力做功減小，洛倫茲力不做功，根據動能定理，有所以v>v0．故C正確，D錯誤。故選BC。分卷II8、CD【解析】正電荷電場中距離越近電勢越高；根據動能定理，求解+q在D點具有的電勢能，根據點電荷電場強度公式即可判斷OB兩點的場強關系【詳解】因OC距離小于OA可知在正電荷形成的電場中A點電勢低于O點電勢，選項A錯誤；電荷從A到D運動，根據動能定理，則有：mgr+W電=mv2-0，解得：W電=mgr；規(guī)定電場中B點的電勢為零，AB兩點對稱，則A點的電勢也為零，因由A到D點電場力做正功，則電勢能減小，因此D點的電勢能為EPD=-mgr；根據公式，故B錯誤，D正確；根據點電荷電場強度公式，，電場強度的大小與間距的平方成反比，則有O點電場強度大小是B點的2倍，故C正確；故選CD【點睛】考查電勢高低判定方法，掌握動能定理的應用，注意力做功的正負，理解電勢與電勢能的關系式，注意電荷的電量正負9、AD【解析】通過I-U圖象得出兩電阻的關系．串聯電路電流相等，并聯電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比【詳解】根據I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數，所以R1：R2=1：3．串聯電路電流相等，所以將R1與R2串聯后接于電源上，電流比I1：I2=1：1．并聯電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R1與R2并聯后接于電源上，電流比I1：I2=3：1．故AD正確，BC錯誤．故選AD10、BD【解析】AB．由軌跡看出，點電荷左側的帶電粒子受到中心電荷的排斥力，與中心點電荷電性相同；右側的帶電粒子受到中心電荷的吸引力，與中心點電荷電性相反，則兩粒子帶異種電荷，故A錯誤，B正確；CD．由題，M、N兩點都處于圓周c上，電勢相等，兩帶電粒子又是從同一點P出發(fā)，則電勢差UPM=UPN，電場力對兩個帶電粒子做功大小相等，而從P到M的粒子電場力總功為負功，從P到N的粒子電場力總功為正功，根據動能定理得到，到達M、N時兩粒子速率vM＜vN。故C錯誤，D正確。故選BD?！军c睛】本題是軌跡問題，根據軌跡的彎曲方向要能判斷出帶電粒子所受的電場力大體方向。電場力做功與初末位置間電勢差成正比。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.勻速直線運動②.0.03【解析】金屬環(huán)最終會沿與通電直導線平行的直線，做勻速直線運動；最終速度v=v0cos60°由能量守恒定律，得環(huán)中最多能產生電能E=ΔEk=0.03J12、①.②.準確③.偏小【解析】①[1][2]如果甲同學以擺長(l)為橫坐標、周期(T)的平方為縱坐標作出了T2-l圖象，若他測得的圖象的斜率為k，則，由公式，可知測得的重力加速度；若甲同學測擺長時，忘記測擺球的半徑，將擺線的長誤為擺長，由公式可知，與擺長無關，所以測量值準確②[3]乙同學根據公式：得，并計算重力加速度，若乙同學測擺長時，也忘記了測擺球的半徑，將擺線的長誤為擺長，即擺長L的測量值偏小，所以重力加速度的測量值就偏小四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）（3）h1=h2【解析】（1）根據角速度與周期的關系可以求出靜止軌道的角速度；（2）根據萬有引力提供向心力可以求出靜止軌道到地面的高度；（3）根據萬有引力提供向心力可以求出傾斜軌道到地面的高度；【詳解】（1）根據角速度和周期之間的關系可知：靜止軌道衛(wèi)星的角速度（2）靜止軌道衛(wèi)星做圓周運動，由牛頓運動定律有：解得：（3）如圖所示，同步衛(wèi)星的運轉軌道面與地球赤道共面，傾斜同步軌道衛(wèi)星的運轉軌道面與地球赤道面有夾角，但是都繞地球做