2025屆廣西玉林市玉州區(qū)物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

2025屆廣西玉林市玉州區(qū)物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來(lái)的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無(wú)效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列關(guān)于電場(chǎng)線和磁感線的說(shuō)法中，正確的是（）A.任意兩條磁感線不相交，兩條電場(chǎng)線也不相交B.電場(chǎng)線和磁感線都是閉合曲線C.電場(chǎng)線和磁感線都是電場(chǎng)或磁場(chǎng)中實(shí)際存在的線D.電場(chǎng)線越密的地方，同一試探電荷所受的電場(chǎng)力越大；磁感線分布較密的地方，同一試探電荷所受的磁場(chǎng)力也越大2、一平行板電容器兩極板間距為d、極板正對(duì)面積為S，電容為，其中是常量。對(duì)此電容器充電后斷開電源．當(dāng)增大兩極板間距時(shí)，電容器極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將A.變大 B.變小C.不變 D.不能確定3、如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩長(zhǎng)直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l.在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時(shí)，紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為l的a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零．如果讓P中的電流反向、其他條件不變，則a點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為()A.0 B.C. D.2B04、如圖所示，電阻R和內(nèi)阻為r的電動(dòng)機(jī)M串聯(lián)接到電路中，接通開關(guān)后，電動(dòng)機(jī)正常工作，設(shè)電阻R和電動(dòng)機(jī)M兩端的電壓分別為U1和U2，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，電流通過(guò)電阻R做功W1，產(chǎn)生熱量Q1，電流流過(guò)電動(dòng)機(jī)做功W2，產(chǎn)生熱量Q2，則有（）A.B.＜C.Q1=Q2D.W1=W25、在一勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域中，有A、B、C、D四點(diǎn)恰好位于一平行四邊形的四個(gè)頂點(diǎn)上，已知A、B、C三點(diǎn)電勢(shì)分別為，，，則D點(diǎn)電勢(shì)大小為（）A. B.C. D.6、如圖，在場(chǎng)強(qiáng)為的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)質(zhì)量為的帶正電小球懸掛在絕緣細(xì)線上，當(dāng)小球靜止時(shí)，細(xì)線與豎直方向成角，已知此電場(chǎng)方向恰使小球受到的電場(chǎng)力最小，則小球所帶的電量應(yīng)為（）A. B.C. D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，MN是一負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線．一個(gè)帶正電的粒子(不計(jì)重力)從a到b穿越這條電場(chǎng)線的軌跡如圖中虛線所示．下列結(jié)論正確的是()A.帶電粒子從a到b過(guò)程中動(dòng)能逐漸減小B.負(fù)點(diǎn)電荷一定位于M點(diǎn)左側(cè)C.帶電粒子在a點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能D.帶電粒子在a點(diǎn)的加速度小于在b點(diǎn)的加速度8、如圖所示，條形磁鐵放在水平粗糙桌面上，它的右上方附近固定有一根長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通與了方向垂直紙面向里（即與條形磁鐵垂直）的電流，與原來(lái)沒(méi)有放置通電導(dǎo)線時(shí)相比較，磁鐵受到的支持力N和摩擦力f的變化情況是（）A.N減小了 B.N增大了C.f始終為0 D.f不為0，且方向向右9、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺(tái)回旋加速器，其原理如圖所示．這臺(tái)加速器由兩個(gè)銅質(zhì)D形盒D1、D2構(gòu)成，其間留有空隙，下列說(shuō)法正確的是A.回旋加速器交流電的周期等于帶電粒子圓周運(yùn)動(dòng)周期的一半B.利用回旋加速器加速帶電粒子，要提高加速粒子的最終能量，應(yīng)盡可能增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B和D形盒的半徑RC.回旋加速器的加速電壓越大，帶電粒子獲得的最大動(dòng)能越大D.粒子每次經(jīng)過(guò)D型盒狹縫時(shí)，電場(chǎng)力對(duì)粒子做功一樣多10、如圖所示，A和B為豎直放置的平行金屬板，在兩極板間用絕緣線懸掛一帶電小球．開始時(shí)開關(guān)S閉合且滑動(dòng)變阻器的滑片P在a處，此時(shí)絕緣線向右偏離豎直方向(電源的內(nèi)阻不能忽略)．下列判斷正確的是()A.小球帶正電B.當(dāng)滑片P從a向b滑動(dòng)時(shí)，細(xì)線的偏角θ變大C.當(dāng)滑片P從a向b滑動(dòng)時(shí)，電流表中有電流，方向從上向下D.當(dāng)滑片P停在b處時(shí)，電源的輸出功率一定大于滑片P在a處時(shí)電源的輸出功率三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）如圖甲所示，一對(duì)平行光滑軌道放置在水平面上，兩軌道間距l(xiāng)=0.20m，電阻R=1.0Ω；有一導(dǎo)體桿靜止地放在軌道上，與兩軌道垂直，桿及軌道的電阻皆可忽略不計(jì)，整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直軌道向下。現(xiàn)用一外力F沿軌道方向拉桿，使之做勻加速運(yùn)動(dòng)，測(cè)得力F與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示。桿的質(zhì)量m=______kg，桿的加速度a=_________m/s2。12．（12分）電磁波在真空中的傳播速度，如果中央人民廣播電臺(tái)向外發(fā)射500kHz的電磁波，若距該臺(tái)處有一臺(tái)收音機(jī)，此電磁波的波長(zhǎng)是______從電臺(tái)發(fā)出的信號(hào)經(jīng)過(guò)時(shí)間______s可以到達(dá)收音機(jī)處四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）已知銅的摩爾質(zhì)量為M，銅的密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，銅原子的質(zhì)量是_____________，銅原子的體積是______________，銅原子的直徑是______________14．（16分）如圖表示，在磁感強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一足夠長(zhǎng)的絕緣細(xì)棒OO′在豎直面內(nèi)垂直磁場(chǎng)方向放置，細(xì)棒與水平面夾角為α．一質(zhì)量為m、帶電荷為+q的圓環(huán)A套在OO′棒上，圓環(huán)與棒間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，且μ<tanα．現(xiàn)讓圓環(huán)A由靜止開始下滑，試問(wèn)圓環(huán)在下滑過(guò)程中：(1)圓環(huán)A的最大加速度為多大？獲得最大加速度時(shí)的速度為多大？(2)圓環(huán)A能夠達(dá)到的最大速度為多大？15．（12分）一個(gè)閉合回路由兩部分組成，如圖所示，右側(cè)水平面上是匝數(shù)，電阻為的圓形導(dǎo)線圈，線圈所圍面積為，置于豎直向上均勻增強(qiáng)的磁場(chǎng)中，隨時(shí)間的變化率為；左側(cè)是傾角為的足夠長(zhǎng)平行金屬導(dǎo)軌，寬度為，導(dǎo)軌電阻及與線圈連接的導(dǎo)線電阻均忽略不計(jì)。磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直導(dǎo)軌平面向下，且只分布在左側(cè)區(qū)域，是一個(gè)質(zhì)量為、電阻為的導(dǎo)體棒，棒與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)為，將棒由靜止釋放，取，，。求：(1)剛釋放瞬間，棒中的電流及棒的加速度；(2)棒最終勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度的大小。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】A．任意兩條磁感線一定不相交，電場(chǎng)線也不相交，否則交點(diǎn)處有兩個(gè)方向，違反唯一性的特點(diǎn)，選項(xiàng)A正確；B．電場(chǎng)線是不閉合曲線，而磁感線是閉合的曲線，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．電場(chǎng)線和磁感線都是假想的曲線，并不存在，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電場(chǎng)線越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，由公式F=qE知同一試探電荷所受的電場(chǎng)力越大；磁感線分布越密的地方，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，同一試探電荷所受的磁場(chǎng)力不一定越大，還與電荷的運(yùn)動(dòng)方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的夾角有關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。2、C【解析】通電后斷開，故兩板上的帶電量不變；根據(jù)公式代入可得即當(dāng)電容器充電后與電源斷開后，兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和兩極板間的距離無(wú)關(guān)，C正確。故選C。3、C【解析】在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時(shí)，紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離為l的a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，如下圖所示：由此可知，外加的磁場(chǎng)方向與PQ平行，且由Q指向P，即B1=B0；依據(jù)幾何關(guān)系，及三角知識(shí)，則有：BPcos30°=B0；解得P或Q通電導(dǎo)線在a處的磁場(chǎng)大小為BP=B0；當(dāng)P中的電流反向，其他條件不變，再依據(jù)幾何關(guān)系，及三角知識(shí)，則有：B2=B0；因外加的磁場(chǎng)方向與PQ平行，且由Q指向P，磁場(chǎng)大小為B0；最后由矢量的合成法則，那么a點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B=，故C正確，ABD錯(cuò)誤4、B【解析】AB．設(shè)開關(guān)接通后，電路中電流為I，對(duì)于電阻R，由歐姆定律得：U1=IR，有：I=對(duì)于電動(dòng)機(jī)，有U2＞Ir，即有：I＜聯(lián)立可得：＜故A不符合題意，B符合題意；C．根據(jù)焦耳定律得電阻產(chǎn)生的熱量為：Q1=I2Rt電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱量為：Q2=I2rt由于題目中沒(méi)有所電阻相等，則可知熱量不相等，故C不符合題意；D．電流通過(guò)電阻R做功為：W1=Q1=I2Rt=U1It電流流過(guò)電動(dòng)機(jī)做功：W2=U2It由以上可知做功不相等，故D不符合題意。故選B。5、A【解析】利用勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)面相互平行，而且沿電場(chǎng)線方向相等距離，電勢(shì)差相等；電勢(shì)變化相等，故；所以D點(diǎn)電勢(shì)，A正確BCD錯(cuò)誤6、D【解析】由題意電場(chǎng)方向恰使小球受的電場(chǎng)力最小可知，的方向與細(xì)線垂直斜向上。由平衡條件可得故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】由于該粒子只受電場(chǎng)力作用且做曲線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場(chǎng)力方向大致向右，對(duì)帶電粒子做正功，其動(dòng)能增加，故A錯(cuò)誤．帶正電的粒子所受電場(chǎng)力向右，電場(chǎng)線由M指向N，說(shuō)明負(fù)電荷在直線N點(diǎn)右側(cè)，故B錯(cuò)誤．電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做正功，電勢(shì)能減小，則帶電粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確．a(chǎn)點(diǎn)離點(diǎn)電荷較遠(yuǎn)，a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，帶電粒子在a點(diǎn)的電場(chǎng)力小于在b點(diǎn)的電場(chǎng)力，根據(jù)牛頓第二定律得知，帶電粒子在a點(diǎn)的加速度小于在b點(diǎn)的加速度，故D正確考點(diǎn)：電場(chǎng)線，電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系，牛頓第二定律8、AD【解析】以導(dǎo)線為研究對(duì)象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向右下方；根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線給磁鐵一個(gè)方向斜向左上方的力，則磁鐵有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到向右的摩擦力，同時(shí)磁鐵對(duì)地面的壓力減小，由牛頓第三定律可得，磁鐵受到的支持力N減小。故選AD。9、BD【解析】回旋加速器靠電場(chǎng)加速和磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來(lái)加速粒子，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，判斷粒子的最大速度與什么因素有關(guān)．加速粒子時(shí)，交變電場(chǎng)的周期與粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相等【詳解】加速粒子時(shí)，交變電場(chǎng)的周期必須與粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相等，這樣才能使得每次經(jīng)過(guò)D型盒的狹縫中時(shí)都能被電場(chǎng)加速，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)粒子運(yùn)轉(zhuǎn)半徑等于D型盒的半徑時(shí)粒子速度最大，即，則，則要提高加速粒子的最終能量，應(yīng)盡可能增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B和D形盒的半徑R，帶電粒子獲得的最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，選項(xiàng)B正確，C錯(cuò)誤；粒子每次經(jīng)過(guò)D型盒狹縫時(shí)，電場(chǎng)力對(duì)粒子做功均為qU，選項(xiàng)D正確；故選BD.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用，以及知道最大速度與什么因素有關(guān)10、AC【解析】A.由圖，A板帶正電，B帶負(fù)電，電容器內(nèi)電場(chǎng)方向水平向右．細(xì)線向右偏，電場(chǎng)力向右，則小球帶正電．故A正確.B.滑動(dòng)頭向右移動(dòng)時(shí)，R變小，外電路總電阻變小，總電流變大，路端電壓U=E-Ir變小，兩定值電阻電壓之和減小，R1兩端電壓減小，電容器電壓變小，兩板間場(chǎng)強(qiáng)減小，則細(xì)線偏角變小，故B錯(cuò)誤C.滑動(dòng)頭向右移動(dòng)時(shí)，電容器電壓變小，電容器放電，因A板帶正電，則流過(guò)電流表的電流方向向下．故C正確D.根據(jù)電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系：當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)，輸出功率最大．外電阻大于內(nèi)阻，外電阻減小，輸出功率增大；當(dāng)外電阻小于內(nèi)阻時(shí)，外電阻減小，輸出功率減?。绢}，不知道外電阻與內(nèi)阻大小關(guān)系，故無(wú)法判斷電源輸出功率的大小，故D錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、①.0.1kg②.10m/s2【解析】[1][2]導(dǎo)體桿在軌道上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Blv=Blat閉合回路中的感應(yīng)電流為由安培力公式和牛頓第二定律得F-BIl=ma聯(lián)立可得由題圖乙圖象上取兩點(diǎn)t1=0，F(xiàn)1=1N；t2=30s，F(xiàn)2=4N代入解得a=10m/s2m=0.1kg12、①.600

m②.【解析】根據(jù)波長(zhǎng)、波速與頻率的關(guān)系即可求得此電磁波的波長(zhǎng)；根據(jù)位移時(shí)間的關(guān)系即可求得從電臺(tái)發(fā)出的信號(hào)經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間可以到達(dá)收音機(jī)【詳解】根據(jù)波長(zhǎng)、波速與頻率的關(guān)系：，得：，電磁波在空氣在勻速傳播，所以傳播的時(shí)間：四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、①.②.③.【解析】由題意可知考查物質(zhì)的量的相關(guān)計(jì)算，根據(jù)固體分子結(jié)構(gòu)特點(diǎn)借助阿伏加德羅常數(shù)計(jì)算可得【詳解】[1]設(shè)一個(gè)銅原子的質(zhì)量為m，則有[2]銅常溫下是固體，我們可以認(rèn)為銅原子是一個(gè)緊挨一個(gè)排列的，所以有[3]設(shè)直徑為d由可得【點(diǎn)睛】阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀量和微觀量的橋梁．液體、固體分子可以認(rèn)為是一個(gè)挨一個(gè)緊密排列在一起的，其總密度等于單個(gè)分子的密度，氣體分子問(wèn)距較大，氣體的平均密度小于單個(gè)分子的密度14、(1)gsinα(2)【解析】(1)由于μ＜tanα，所以環(huán)將由靜止開始沿棒下滑．環(huán)A沿棒運(yùn)動(dòng)的速度為v1時(shí)，受到重力mg、洛侖茲力qv1B、桿的彈力N1和摩擦力f1=μN(yùn)1根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)沿棒的方向有mgsinα-f1=ma垂直棒的方向有N1+qv1B=mgcosα所以當(dāng)f1=0，即N1=0時(shí)，a有最大值am，且