黑龍江省湯原高中2025屆物理高二上期中預(yù)測試題含解析

黑龍江省湯原高中2025屆物理高二上期中預(yù)測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一帶電小球在空中由A點運動到B點的過程中，只受重力、電場力和空氣阻力三個力的作用。若重力勢能增加5J，機械能增加1.5J，電場力做功2J，則小球()A．重力做功為5JB．電勢能減少2JC．動能增加3.5JD．空氣阻力做功0.5J2、關(guān)于形變與彈力的說法中正確的是A．只有彈簧才可以產(chǎn)生彈力B．接觸的物體之間發(fā)生的形變程度越大，它們之間的彈力越小C．日常生活中所說的彈簧的“硬”與“軟”是指彈簧的輕與重D．日常生活中所說的彈簧的“硬”與“軟”是指彈簧的勁度系數(shù)的大小3、豎直升空的火箭，其v-t圖象如圖所示，由圖可知以下說法中正確的是A．火箭上升的最大高度為160mB．火箭上升的最大高度為480mC．火箭經(jīng)過12s落回地面D．火箭上升過程中的加速度大小始終是20m/s24、將一電源與一電阻箱連接成閉合回路，測得電阻箱所消耗功率P與電阻箱讀數(shù)R變化的曲線如圖所示，由此可知()A．電源最大輸出功率可能大于45WB．電源內(nèi)阻一定等于5ΩC．電源電動勢為45VD．電阻箱所消耗功率P最大時，電源效率大于50%5、一質(zhì)點做曲線運動，它通過某點時的速度v的方向，加速度的方向可能正確的是A． B．C． D．6、當(dāng)波源遠離觀測者時，觀測者所接收到的頻率f'和波源振動的頻率f的關(guān)系為A．f'fB．f'＜fC．f'＞fD．無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在真空中有兩個點電荷，要使它們間的庫侖力增大到原來的４倍，下面方法中可行的是：A．保持距離不變，兩個點電荷的電量都加倍； B．只增大距離到原來的兩倍；C．只減小距離到原來的一半； D．電量和距離都增大到原來的兩倍．8、關(guān)于電場中電荷的電勢能的大小，下列說法正確的是（）A．在電場強度越大的地方，電荷的電勢能也越大B．正電荷沿電場線方向移動，電勢能一定增大C．負電荷沿電場線方向移動，電勢能一定增大D．正電荷沿電場線方向移動，電勢能一定減小9、如圖所示，僅在電場力作用下，一帶電粒子沿圖中虛線從A運動到B，則()A．電場力做正功 B．B點電勢比A點高C．電勢能增加 D．加速度增大10、如圖所示的電路中，AB兩端的電壓U恒為14V，燈泡L標(biāo)有“6V、12W”字樣，電動機線圈的電阻．若燈泡恰能正常發(fā)光，且電機能正常運轉(zhuǎn)，則以下說法中正確的是（）A．電動機的輸出功率是14WB．電動機的輸入功率是16WC．電動機的熱功率是1.0WD．整個電路消耗的電功率是30W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置探究在彈性限度內(nèi)“彈簧彈力和彈簧伸長的關(guān)系”實驗，彈簧的最上端與刻度尺的零刻度對齊．（1）將一個50g的鉤碼掛在彈簧的下端，彈簧指針如圖乙所示，則指針示數(shù)為_____cm．（2）在彈性限度內(nèi)，將每個50g的鉤碼逐個掛在彈簧下端，得到掛上不同數(shù)目的鉤碼對應(yīng)的指針示數(shù)L如表所示，用表中數(shù)據(jù)計算出彈簧的勁度系數(shù)k=_____N/m，彈簧沒有掛鉤碼時的豎直長度為_____cm．（重力加速度g=10m/s2，結(jié)果保留三位有效數(shù)字）．鉤碼數(shù)1234L/cm19.7123.7027.7012．（12分）下圖為簡易多用電表的電路圖圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻，表頭G為靈敏電流表，虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連．（1）當(dāng)換擋開關(guān)接1、2時為_______，接3時為________，接4、5時為________

（選填“直流電壓擋”、“直流電流擋”、“歐姆擋”）．（2）圖中的B端與_____（填“紅”或“黑”）色表筆相連接．（3）有關(guān)歐姆檔的使用，下面的敘述正確的是（______）

A．測電阻前，要使紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻R6，使電表指針指在表盤右端“0Ω”位置B．測電阻時，指針偏轉(zhuǎn)角度越大，待測電阻阻值越大C．測電阻時，調(diào)到電阻“×100Ω”檔測量，指針偏轉(zhuǎn)角度過小，應(yīng)換“×10Ω”檔D．測電阻時，換擋后應(yīng)該重新將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻R6，使電表指針指在表盤右端電阻“0Ω”位置四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在的水平向左勻強電場中，有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，軌道與一水平絕緣軌道MN連接，半圓軌道所在平面與電場線平行，其半徑，一帶正電荷的小滑塊質(zhì)量為，與水平軌道間的動摩擦因數(shù)，取，求：（1）要小滑塊能運動到圓軌道的最高點L，滑塊應(yīng)在水平軌道上離N點多遠處釋放？（2）這樣釋放的小滑塊通過P點時對軌道的壓力是多大？為半圓軌道中點14．（16分）如圖所示，正電荷q1固定于半徑為R的半圓光滑軌道的圓心處，將另一帶正電、電荷量為q2、質(zhì)量為m的小球，從軌道的A處無初速度釋放，求：（1）小球運動到B點時的速度大??；（2）小球在B點時對軌道的壓力．15．（12分）如圖所示為一磁約束裝置的原理圖，同心圓圓心與平面坐標(biāo)系原點重合.半徑為的圓形區(qū)域Ⅰ內(nèi)有方向垂直于平面向里的勻強磁場.一束質(zhì)量為、電荷量為、動能為的帶正電粒子從坐標(biāo)為的點沿軸負方向射入磁場區(qū)域Ⅰ，粒子全部經(jīng)過坐標(biāo)為的點，方向沿軸正方向.當(dāng)在環(huán)形區(qū)域Ⅱ加上方向垂直于平面向外的另一勻強磁場時，上述粒子仍從點沿軸負方向射入?yún)^(qū)域Ⅰ，所有粒子恰好能夠約束在環(huán)形區(qū)域內(nèi)，且經(jīng)過環(huán)形區(qū)域Ⅱ的磁場偏轉(zhuǎn)后第一次沿半徑方向從區(qū)域Ⅱ射入?yún)^(qū)域Ⅰ時經(jīng)過內(nèi)圓周上的點(點未畫出).不計重力和粒子間的相互作用.（1）求區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強度的大小；（2）若環(huán)形區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度，求點坐標(biāo)及環(huán)形外圓半徑；（3）求粒子從點沿軸負方向射入圓形區(qū)域Ⅰ至再次以相同速度經(jīng)過點的過程所通過的總路程.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

重力做功等于重力勢能的減小量，重力勢能增加5J，故重力做功-5J，故A錯誤；電場力做功等于電勢能的減小量，電場力做功2J，故電勢能減小2J，故B正確；重力勢能增加5J，機械能增加1.5J，而機械能等于動能與重力勢能之和，所以動能減小5J-1.5J=3.5J，故C錯誤。除重力以外的各個力做的總功等于機械能的增加量，除重力外，有電場力做功和空氣阻力做功，機械能增加1.5J，所以電場力與空氣阻力做的總功為1.5J，電場力做功為2J，所以空氣阻力為1.5J-2J=-0.5J，故D錯誤；故選B?！军c睛】本題要掌握常見的功與能的關(guān)系，知道功是能量轉(zhuǎn)化的量度，有多種表現(xiàn)形式：重力做功是重力勢能變化的量度；電場力做功是電勢能變化的量度；合力做功是動能變化的量度；重力外的各個力做的總功是機械能變化的量度．2、D【解析】

只要發(fā)生彈性形變的物體都可以產(chǎn)生彈力，A錯；彈力與形變量、勁度系數(shù)都有關(guān)系，B錯；日常生活中所說的彈簧的“硬”與“軟”是指彈簧的勁度系數(shù)，C錯；D對；故選D．3、B【解析】火箭上升的最大高度即為運動過程中的最大位移，由圖可知當(dāng)速度等于零時，即t=12s時位移最大，x=12×12×80m=480m，故AC錯誤，B正確；在速度-時間圖象中斜率表示加速度，所以前4s與后8s斜率不同即加速度不同，故D錯誤；故選點睛：本題是速度--時間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息，屬于基礎(chǔ)題．4、B【解析】

A．由電阻箱所消耗功率P與電阻箱讀數(shù)P變化的曲線可知，電阻箱所消耗功率P最大為45W，所以電源最大輸出功率為45W，A錯誤；B．電源輸出功率最大的條件可知，電源輸出功率最大時，外電路電阻等于電源內(nèi)阻，所以電源內(nèi)阻一定等于5Ω，B正確；C．由電阻箱所消耗功率P最大值為45W可知，此時電阻箱讀數(shù)為R=5Ω，則有：解得：E=30V，C錯誤；D．電阻箱所消耗功率P最大時，電源效率為50%，D錯誤．5、B【解析】

做曲線運動的物體，速度方向沿軌跡的切線方向；則可排除D；而做曲線運動的物體，其加速度指向軌跡的內(nèi)側(cè)，故AC錯誤，故B正確，ACD錯誤．6、B【解析】

f由波源每秒鐘所振動的次數(shù)決定,介質(zhì)振動的頻率由波源頻率及波源相對介質(zhì)是否移動來決定,當(dāng)觀察者遠離波源過程中,觀察者接收到的機械波頻率比觀察者靜止時接收到的頻率小,即f'＜f.故ACD錯誤,B正確.故選B【點睛】利用多普勒效應(yīng)分析即可,當(dāng)觀察者遠離波源過程中,觀察者接收到的機械波頻率比觀察者靜止時接收到的頻率小;當(dāng)觀察者靠近波源過程中,觀察者接收到的機械波頻率比觀察者靜止時接收到的頻率大.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

設(shè)兩個點電荷的電荷量分別為Q1、Q2，它們之間的距離為r，根據(jù)庫侖定律得：它們之間的庫侖力為，保持電荷間的距離不變，使每個點電荷的帶電荷量都增大到原來的2倍，則．故A正確；點電荷的帶電荷量不變，使兩點電荷間的距離增大到原來的2倍，它們之間的庫侖力，故B錯誤．保持點電荷的帶電荷量不變，將兩點電荷間的距離減小為原來倍，它們之間的庫侖力，故C正確．使兩點電荷的帶電荷量和兩點電荷間的距離同時增大到原來的2倍，它們之間的庫侖力，故D錯誤．故選AC．8、CD【解析】

在電場強度越大的地方，同一電荷受到的電場力越大，但電勢能不一定大，電勢能與電場強度沒有直接關(guān)系。故A錯誤；正電荷沿電場線移動，電場力做正功，電勢能一定減小，故B錯誤，D正確；負電荷沿電場線移動，電場力做負功，電勢能一定增大，故C正確；故選CD。9、CD【解析】

A．由圖看出，帶電粒子的軌跡向下彎曲，則知帶電粒子所受的電場力方向沿電場線向下，與速度的夾角為鈍角，所以從A運動到B電場力做負功，故A錯誤；B．根據(jù)沿著電場線電勢逐漸降低可知B點電勢比A點低，故B錯誤；C．因為只有電場力做負功，故動能減少、電勢能增大，故C正確；D．從A到B，電場線越來越密，電場強度越來越大，帶電粒子所受的電場力增大，由牛頓第二定律：有加速度增大，故D正確。10、AB【解析】

ABC．電動機兩端的電壓UM=U-UL=14-6V=8V，整個電路中的電流所以電動機的輸入功率P入=UMI=8×2W=16W．電動機的發(fā)熱功率P熱=I2RM=22×0.5W=2W，則電動機的輸出功率P出=P入-P熱=（16-2）W=14W．故AB正確．C錯誤．D．整個電路消耗的功率P總=UI=14×2W=28W故D錯誤．故選AB。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）15.71；（2）12.5；11.71；【解析】（1）由圖乙可知：指針示數(shù)為15.71cm；(2)由表格中掛不同鉤碼是彈簧的長度可知：設(shè)彈簧的原長為L0，則有，，由以上兩式可得：，。12、直流電流擋歐姆擋直流電壓擋紅表筆AD【解析】

（1）根據(jù)題意分析圖示電路圖，然后作出選擇；（2）明確歐姆表原理，知道內(nèi)部電源的正極接黑表筆，負極接紅表筆；（3）明確電路結(jié)構(gòu)，知道歐姆檔中所接滑動變阻器只能進行歐姆調(diào)零.【詳解】（1）根據(jù)電路圖可知，當(dāng)換擋開關(guān)接1、2時為直流電流擋，接3時為歐姆擋，接4、5時為直流電壓擋．（2）根據(jù)歐姆表原理可知，內(nèi)部電源的正極應(yīng)接黑表筆，紅表筆與內(nèi)置電源負極相連，由圖示電路圖可知，B端與紅表筆相連；（3）A.測電阻前，要使紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻R6，使電表指針指在表盤右端“0Ω”位置，故A正確；B.測電阻時，指針偏轉(zhuǎn)角度越大，待測電阻阻值越小，故B錯誤；C.測電阻時，調(diào)到電阻“x100Ω”檔測量，指針偏轉(zhuǎn)角度過小，說明是大電阻，應(yīng)換“x1kΩ”檔，故C錯誤；D.測電阻時，換擋后應(yīng)該重新將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻R6，使電表指針指在表盤右端電阻“0Ω”位置，故D正確，故選AD．【點睛】本題考查了多用電表讀數(shù)以及內(nèi)部原理，要注意明確串并聯(lián)電路的規(guī)律應(yīng)用，同時掌握讀數(shù)原則，對多用電表讀數(shù)時，要先確定電表測的是什么量，然后根據(jù)選擇開關(guān)位置確定電表分度值，最后根據(jù)指針位置讀數(shù)；讀數(shù)時視線要與電表刻度線垂直．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）20m；（2）．【解析】

（1）小滑塊剛能通過軌道最高點條件是：解得：小滑塊由釋放點到最高點過程由動能定理：代入數(shù)據(jù)得：S=20m（2）小滑塊從P到L過程，由動能定理：所以在P點由牛頓第二定律：所以FN=3（mg+Eq）代入數(shù)據(jù)得：FN=1.5N由牛頓第三定律知滑塊通過P點時對軌道壓力為1.5N．14、（1）（2）3mg＋k，方向豎直向下【解析】

考查庫侖力作用下的圓周運動?！驹斀狻浚?）小球從A運動到B過程中，由動能