2025屆山西省太原市第六十六中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末聯(lián)考模擬試題含解析

2025屆山西省太原市第六十六中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末聯(lián)考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是行星m繞太陽M運行情況的示意圖，A點是遠日點，B點是近日點，CD是橢圓軌道的短軸．下列說法中正確的是A.行星運動到A點時速度最大B.行星運動到C點或D點時速度最小C.行星從C點運動到B點的過程中做加速運動D.行星從B點運動到D點的過程中做加速運動2、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中一簇等勢線，相鄰等勢線之間的電勢差相等，實線為一帶正電質(zhì)點(重力不計)僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，質(zhì)點先后通過這條軌跡上的P、Q兩點，對同一帶電質(zhì)點，據(jù)此可知()A.三個等勢線中，a的電勢最高B.帶電質(zhì)點通過P點時的動能比通過Q點時大C.帶電質(zhì)點通過P點時的電場力比通過Q點時小D.帶電質(zhì)點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大3、關(guān)于家庭電路的下列做法，不符合安全用電常識的是（）A.發(fā)現(xiàn)有人觸電，應(yīng)首先切斷電源B.檢修電路故障時，應(yīng)盡量在通電情況下作業(yè)C.有金屬外殼的用電器，金屬外殼一定要接地D.為了保證電路安全，家里盡量不要同時使用多個大功率電器4、磁流體發(fā)電的原理如圖所示．將一束速度為v的等離子體垂直于磁場方向噴入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，在相距為d、寬為a、長為b的兩平行金屬板間便產(chǎn)生電壓．如果把上、下板和電阻R連接，上、下板就是一個直流電源的兩極．若穩(wěn)定時等離子體在兩板間均勻分布，電阻率為ρ．忽略邊緣效應(yīng)，下列判斷正確的是（）A.上板為正極，電流B.上板為負極，電流C.下板為正極，電流D.下板為負極，電流5、兩平行金屬板相距為，電勢差為，一電子質(zhì)量為，電荷量為，從點沿垂直于極板的方向射出，最遠到達點，然后返回，如圖所示，，則此電子具有的初動能是A. B.C. D.6、帶電質(zhì)點在勻強磁場中運動，某時刻速度方向如圖所示，所受重力和洛侖茲力的合力恰好與速度方向相反，不計阻力，則在此后的一小段時間內(nèi)，帶電質(zhì)點將（）A.可能做直線運動 B.可能做勻減速運動C.可能做勻速圓周運動 D.一定做曲線運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、豎直放置的固定絕緣光滑軌道由半徑分別為R的圓弧MN和半徑為r的半圓弧NP拼接而成（兩段圓弧相切于N點），小球帶正電，質(zhì)量為m，電荷量為q．已知將小球由M點靜止釋放后，它剛好能通過P點，不計空氣阻力．下列說法正確的是（）A.若加豎直向上的勻強電場，則小球能通過P點B.若加豎直向下的勻強電場，則小球不能通過P點C.若加垂直紙面向里的勻強磁場，則小球不能通過P點D.若加垂直紙面向外的勻強磁場，則小球不能通過P點8、如圖在空間分布有x軸平行勻強電場（方向未知），一質(zhì)量為m、電荷量為q>0的帶電小球在電場中的運動軌跡為拋物線ABC,A、C為與x軸的兩交點，B為與y軸的交點，直線BD為拋物線的對稱軸。,重力加速度為g，則下列選項正確的是A.帶電小球在運動過程中機械能守恒B.勻強電場的電場強度大小為C.帶電小球在A、C兩點的動能大小有D.帶電小球在A點加速度為9、如圖所示，電源內(nèi)阻可忽略不計，電路中接有一小燈泡和一電動機，小燈泡L上標有“12V12W”字樣，電動機的線圈內(nèi)阻若燈泡正常發(fā)光,電源的輸出電壓為16V,此時A.電動機的輸入功率為12WB.電動機的輸出功率為3WC.小燈泡的熱功率是12WD.整個電路消耗的電功率為12W10、如圖所示，直角三角形ABC區(qū)域中存在一勻強磁場，比荷不同的兩個粒子a、b（不計重力）以相同的速度沿AB方向射入磁場，并分別從AC邊上的PQ兩點射出，a粒子的比荷是b粒子比荷的一半，則()A.從Q點射出的粒子的向心加速度小B.從P點和Q點射出的粒子動能一樣大C.a、b兩粒子帶異種電荷D.a、b兩粒子在磁場中運動的時間不同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）右圖電路中，滑動變阻器的滑片向上移動過程中，A、B兩個小燈泡的亮度變化情況是A燈___________，B燈___________。（填“變亮”、“變暗”、“不變”）12．（12分）如圖所示是“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實驗裝置。（1）將圖中所缺導(dǎo)線補接完整。（）（2）如果在閉合電鍵時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下。那么合上電鍵后，將原線圈迅速插入副線圈時，電流計指針向_____偏轉(zhuǎn)；原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器滑片迅速向左移動時，電流計指針向_____偏轉(zhuǎn)。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，AB邊的右側(cè)有方向垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B．一個帶負電的粒子（重力不計）質(zhì)量為m，電荷量為，速度與AB成，從A點射入勻強磁場中，從B點射出求：（1）畫出帶電粒子在磁場中運動的軌跡及求出軌道半徑？（2）AB間的距離？（3）粒子在磁場中運動的時間？14．（16分）導(dǎo)體切割磁感線的運動可以從宏觀和微觀兩個角度來認識。如圖甲所示，固定于水平面的U形導(dǎo)線框處于豎直向下的勻強磁場中，金屬直導(dǎo)線MN在與其垂直的水平恒力F作用下，在導(dǎo)線框上以速度v做勻速運動，速度v與恒力F方向相同；導(dǎo)線MN始終與導(dǎo)線框形成閉合電路。已知導(dǎo)線MN電阻為零，兩平行軌道間距離為L，磁場的磁感應(yīng)強度為B．忽略摩擦阻力，接入導(dǎo)線框的電阻與MN平行部分電阻為R，其余電阻不計。（不考慮自由電荷的熱運動）（1）求金屬棒MN兩端的電勢差，說明M、N哪一點電勢高；（2）通過公式推導(dǎo)驗證：在Δt時間內(nèi)，F(xiàn)對導(dǎo)線MN所做的功W等于電路獲得的電能W電。（3）某同學(xué)對此安培力的作用進行了分析，他認為：安培力的實質(zhì)是形成電流的定向移動的電荷所受洛倫茲力的合力，而洛倫茲力是不做功的，因此安培力也不做功。你認為他的觀點是否正確，請在圖乙中畫出電子受到的洛倫茲力并說明理由。15．（12分）在平直公路上，以速度v0=12m/s勻速前進的汽車，遇緊急情況剎車后，輪胎停止轉(zhuǎn)動在地面上滑行，經(jīng)過時間t=2s汽車停止，當?shù)氐闹亓铀俣萭取10m/s2．求：(1)剎車時汽車加速度a的大小；(2)開始剎車后，汽車在1s內(nèi)發(fā)生的位移x；(3)剎車時汽車輪胎與地面間的動摩擦因數(shù)μ

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】AB．根據(jù)開普勒第二定律，在相同時間內(nèi)某一行星與恒星的連線所掃過的面積相等，可知在近日點的圓弧較長，在遠日點圓弧長度較短，可知在近日點B速度最大，在遠日點A速度最小，故選項AB錯誤；C．行星從C點運動到B點運動，即向近日點運動，速度逐漸增大，做加速運動，故選項C正確；D．行星從B點運動到D點運動，即向遠日點運動，速度逐漸減小，做減速運動，故選項D錯誤2、B【解析】由于帶電質(zhì)點只受電場力作用，根據(jù)運動軌跡彎曲方向可分析出電場力的方向，確定出電場方向，從而分析電勢的高低．根據(jù)電場力做功判斷電勢能的高低，結(jié)合動能定理比較動能的大?。鶕?jù)電場力的大小比較加速度的大小【詳解】根據(jù)軌跡的彎曲方向可知，質(zhì)點所受的電場力方向大致向上，粒子帶正電，則電場線與等勢面垂直，大致向上，沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知a點的電勢最低，故A錯誤．從Q到P，電場力做正功，根據(jù)動能定理知，動能增大，即P點的動能大于Q點的動能，故B正確．P點的電場線比Q點的電場線密，則質(zhì)點在P點所受的電場力大，故C錯誤．從Q到P，電場力做正功，則電勢能減小，可知帶電粒子在Q點的電勢能大于P點的電勢能，故D錯誤．故選B【點睛】對于電場中粒子的軌跡問題，研究的基本思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受的電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場、電勢能、動能等物理量的變化3、B【解析】當發(fā)現(xiàn)有人觸電時，應(yīng)該立即采取的措施是：迅速切斷電源或用絕緣體挑開電線，不能用手拉開電線和觸電的人，這樣自己也會觸電．符合安全用電常識；檢修電路故障時，必須使電路斷開．不符合安全用電常識；金屬外殼的用電器的外殼一定要接地，避免金屬外殼用電器漏電時發(fā)生觸電事故．符合安全用電常識；電路中電流過大的原因有兩個：一是短路；二是家中使用用電器的總功率過大．故大功率用電器同時使用時，將會使電路中的電流過大，引起火災(zāi)．符合安全用電常識．此題選擇不符合安全用電常識的，故選B4、C【解析】等離子體進入板間受到洛倫茲力而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則判斷離子的偏轉(zhuǎn)方向，即可確定極板的極性，離子在運動過程中同時受電場力和洛倫茲力，二力平衡時兩板間的電壓穩(wěn)定，由平衡條件求電源的電動勢，結(jié)合電路知識分析板間的電流【詳解】根據(jù)左手定則，正電荷受到的洛倫茲力方向向下，負電荷受到的洛倫茲力向上，因此下極板為電源的正極，根據(jù)平衡有，解得穩(wěn)定時電源的電動勢，則流過R的電流為，而，，則得電流大小為，C正確【點睛】本題的關(guān)鍵是理解磁流體發(fā)電機的工作原理，知道穩(wěn)定時，離子所受的電場力和洛倫茲力平衡，結(jié)合閉合電路歐姆定律進行分析5、D【解析】全程只有電場力做功，根據(jù)動能定理解出電子的初動能；【詳解】設(shè)出電子的初動能，末動能為零，極板間的電場，根據(jù)動能定理：，解得：，故D正確，A、B、C錯誤；故選D6、D【解析】在圖示時刻，質(zhì)點所受合力方向與質(zhì)點速度方向相反，質(zhì)點做減速運動，質(zhì)點速度減小，由f=qvB可知，質(zhì)點受到的洛倫茲力減小，則質(zhì)點所受重力與洛倫茲力的合力與速度方向不再在同一直線上，即質(zhì)點的速度方向與所受合力方向不在同一直線上，質(zhì)點將做曲線運動；由于合力與速度不垂直，粒子不可能做勻速圓周運動；故選D.【點睛】此題是對洛倫茲力及曲線運動的考查；要注意質(zhì)點所受洛倫茲力隨速度的變化而變化，質(zhì)點所受合力隨之變化，當質(zhì)點所受的合力與速度不共線時，質(zhì)點做曲線運動．做勻速圓周的的條件是質(zhì)點受到大小不變的，方向總與速度垂直的合力作用.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】應(yīng)用動能定理求出小球到達P點的速度，小球恰好通過P點時軌道對球的作用力恰好為零，應(yīng)用動能定理與牛頓第二定律分析答題【詳解】設(shè)M、P間的高度差為h，小球從M到P過程由動能定理得：，，小球恰好通過P點，重力提供向心力，由牛頓第二定律得：，r=2h；A、若加豎直向上的勻強電場E（Eq＜mg），小球從M到P過程由動能定理得：，解得：，則：，小球恰好通過P點，故A正確；B、若加豎直向下勻強電場，小球從M到P過程由動能定理得：，解得:，則：，小球恰好通過P點，故B錯誤；C、若加垂直紙面向里的勻強磁場，小球到達P點的速度v不變，洛倫茲力豎直向下，則:，小球不能通過P點，故C正確；D、若加垂直紙面向外的勻強磁場，小球到達P點的速度v不變，洛倫茲力豎直向上，則：，小球?qū)壍烙袎毫?，小球能通過P點，故D錯誤；故選AC.【點睛】本題是一道力學(xué)綜合題8、BC【解析】A.帶電小球運動過程中，重力、電場力做功，電勢能和機械能之和守恒，機械能不守恒，故A錯誤；B.根據(jù)拋物線軌跡的對稱性，重力和電場力的合力沿BD方向，則：得：故B正確；C.帶電小球從A到B的過程中，重力、電場力的合力做負功，帶電小球從B到C的過程中，重力、電場力的合力做正功。根據(jù)合力的方向可知，從A到B的過程合力做的負功小于從B到C的過程合力做的正功。根據(jù)動能定理，帶電小球在A、C兩點的動能大小有，故C正確；D.合力大小為：根據(jù)牛頓第二定律F=ma，得故D錯誤。故選：BC9、BC【解析】根據(jù)題圖可知，考查了歐姆定律，電功率；由電動機與燈泡串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電流處處相等，可知通過它們的電流相等；已知小燈泡額定電壓與額定功率，由電功率公式的變形公式求出燈泡正常工作時的電流；由電功率公式分析求解【詳解】燈泡正常發(fā)光，則電路電流為：I＝ILA；燈泡的熱功率等于它的額定功率12W，電動機的熱功率為：PQ＝I2RM＝12×1＝1W；燈泡正常發(fā)光時，電動機電壓為：UM＝U﹣UL＝16﹣12＝4V，電動機的輸入功率為：P＝UMI＝4×1＝4W；電動機的輸出功率為：P出＝P﹣PQ＝4W﹣1W＝3W；整個電路的電功率為，故BC正確，AD錯誤【點睛】電動機是非純電阻電路，電動機的輸出功率等于輸入功率與熱功率之差10、AD【解析】A．由兩粒子出射點可知，兩粒子的半徑關(guān)系為，由可知，從Q點出射的粒子向心加速度較小，故A正確；B．由，兩粒子的質(zhì)量關(guān)系位置，故動能不一定相同，故B錯誤；C．兩粒子的偏轉(zhuǎn)方向相同，由左手定則可知，兩粒子的電性相同，且都帶正電，故C錯誤；D．兩粒子轉(zhuǎn)過的圓心角相等，由可知，兩粒子比荷不同，故運動時間不同，故D正確；故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.變暗②.變亮【解析】[1][2]．滑動變阻器的滑片向上移動過程中，電阻變大，則總電阻變大，總電流減小，即A燈電流減小，即A燈變暗；A燈兩端電壓值減小，則由UB=U-UA可知B燈兩端電壓變大，即B燈變亮；12、①.②.右③.左【解析】(1)[1]探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實驗電路分兩部分，要使原線圈產(chǎn)生磁場必須對其通電，故電源、開關(guān)、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，靈敏電流計與副線圈組成另一個閉合電路，如圖所示：(2)[2]閉合開關(guān)，穿過副線圈的磁通量增大，靈敏電流表的指針向右偏；將原線圈迅速插入副線圈時，磁場方向不變，穿過副線圈的磁通量增大，靈敏電流計指針將向右偏轉(zhuǎn)；[3]原線圈插入副線圈后，由電路圖可知，將滑動變阻器觸頭迅速向左拉時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，原線圈電流變小，穿過副線圈的磁場方向不變，但磁通量變小，靈敏電流計指針將左偏轉(zhuǎn)。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】（1，2）根據(jù)牛頓第二定律，由洛倫茲力提供向心力，從而求出半徑，再由幾何關(guān)系，結(jié)合對稱性，即可求解；（3）根據(jù)運動的周期公式，結(jié)合圓心角，即可求解【詳解】（1）帶電粒子在勻強磁場做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力可得：軌跡如圖；（2）如圖，在三角形AOB中，三角形為