上海高中2025屆高二物理第一學(xué)期期末檢測(cè)模擬試題含解析

上海高中2025屆高二物理第一學(xué)期期末檢測(cè)模擬試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫(xiě)在試卷密封線(xiàn)內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫(xiě)在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫(xiě)在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示為磁流體發(fā)電機(jī)的示意圖，一束等離子體（含正、負(fù)離子）沿圖示方向垂直射入一對(duì)磁極產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，A、B是一對(duì)平行于磁場(chǎng)放置的金屬板，板間連入電阻R，則電路穩(wěn)定后A.R中有向下的電流B.離子在磁場(chǎng)中不發(fā)生偏轉(zhuǎn)C.A、B板聚集電荷量基本不變D.離子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)洛倫茲力可能做功2、放入電場(chǎng)中某點(diǎn)的電荷所受的靜電力F跟它的電荷量q的比值，叫做該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E，即E=。下列說(shuō)法正確的是（）A.若將放入該點(diǎn)的電荷從電場(chǎng)中移出，則該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?B.若將放入該點(diǎn)的電荷量增加一倍，則該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度將減少一半C.放入該點(diǎn)的電荷所受的靜電力的方向就是該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向D.電場(chǎng)強(qiáng)度的單位是V/m3、如圖所示，兩個(gè)定值電阻R1、R2串聯(lián)后接在電壓U穩(wěn)定于12V的直流電源上，有人把一個(gè)內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于R1、R2的電壓表接在R1兩端，電壓表的示數(shù)為8V.如果他把電壓表改接在R2兩端，則電壓表的示數(shù)將()A.大于4V小于8V B.等于4VC.小于4V D.等于或大于8V4、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面，規(guī)定向里的方向?yàn)檎?，在磁?chǎng)中有一細(xì)金屬圓環(huán)，線(xiàn)圈平面位于紙面內(nèi)，現(xiàn)令磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化，先按圖所示的Oa圖線(xiàn)變化，后來(lái)又按bc和cd變化，令、、分別表示這三段變化過(guò)程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，I1、I2、I3分別表示對(duì)應(yīng)的感應(yīng)電流，則下列正確的是（）A.E1＜E2，I1沿逆時(shí)針?lè)较颍琁2沿順時(shí)針?lè)较駼.E1＜E2，I1沿順時(shí)針?lè)较?，I2沿逆時(shí)針?lè)较駽E2＜E3，I2沿逆時(shí)針?lè)较?，I3沿順時(shí)針?lè)较駾.E2＝E3，I2沿逆時(shí)針?lè)较?，I3沿順時(shí)針?lè)较?、關(guān)于電流，下列說(shuō)法中正確的是()A.通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，電流越大B.電子運(yùn)動(dòng)的速率越大，電流越大C.因?yàn)殡娏饔蟹较?，所以電流是矢量D.單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，導(dǎo)體中的電流越大6、如圖所示，空間有一垂直紙面的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為0.2kg且足夠長(zhǎng)的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端無(wú)初速放置一質(zhì)量為0.1kg、電荷量q=+0.2C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力。t=0時(shí)對(duì)木板施加方向水平向左，大小為0.6N恒力，g取10m/s2。則（）A.木板和滑塊一直做加速度為2m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)B.滑塊開(kāi)始做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，最后做速度為10m/s勻速運(yùn)動(dòng)C.木板先做加速度為2m/s2勻加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度增大的運(yùn)動(dòng)，最后做加速度為3m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)D.t=5s后滑塊和木板開(kāi)始有相對(duì)運(yùn)動(dòng)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，兩個(gè)相同的帶電小球A、B分別用2L和L長(zhǎng)的絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛于絕緣天花板的同一點(diǎn)，當(dāng)平衡時(shí)，小球B偏離豎直方向30°，小球A豎直懸掛且與光滑絕緣墻壁接觸．若兩小球的質(zhì)量均為m，重力加速度為g．則A.A、B的靜電力等于B.墻壁受的壓力等于C.A球受到細(xì)線(xiàn)的拉力等于D.B球受到細(xì)線(xiàn)的拉力等于8、在如圖所示的遠(yuǎn)距離輸電電路圖中，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電廠的輸出電壓和輸電線(xiàn)的電阻均不變，隨著發(fā)電廠輸出功率的增大，下列說(shuō)法中正確的有()A.升壓變壓器的輸出電壓增大B.降壓變壓器的輸出電壓增大C.輸電線(xiàn)上損耗的功率增大D.輸電線(xiàn)上損耗的功率占總功率的比例增大9、如圖，在同一平面內(nèi)固定有一長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)PQ和一導(dǎo)線(xiàn)框R，R在PQ右側(cè)．導(dǎo)線(xiàn)PQ中通有正弦交流電i，i的變化如圖所示，規(guī)定從Q到P為電流正方向．導(dǎo)線(xiàn)框R中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)A.在時(shí)為零B.在時(shí)改變方向C.在時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较駾.在時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较?0、一水平放置、螺距較大、彈性較好的通電螺線(xiàn)管，其產(chǎn)生的磁場(chǎng)截面分布如圖所示，ab為用絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛的位于螺線(xiàn)管正上方的通電直導(dǎo)線(xiàn)，其電流方向由a到b（電流很小，不影響螺線(xiàn)管磁場(chǎng)）。下列說(shuō)法正確的是（）A.P、Q兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B.直導(dǎo)線(xiàn)ab通電后，a端垂直紙面向內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)C.斷開(kāi)螺線(xiàn)管中的電流后，螺線(xiàn)管的長(zhǎng)度變短D將不計(jì)重力的質(zhì)子沿螺線(xiàn)管中軸線(xiàn)射入，質(zhì)子在管內(nèi)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。所用的器材有：A．量筒，要求長(zhǎng)度比較長(zhǎng)，筒壁上有均勻刻度線(xiàn)B．游標(biāo)卡尺C．天平D．小球兩個(gè)（橡膠材質(zhì)的上浮小球，硬塑料材質(zhì)的下沉小球）E．細(xì)線(xiàn)，其質(zhì)量可以忽略不計(jì)F．記號(hào)筆實(shí)驗(yàn)步驟如下：①選擇合適大小的小球，使通過(guò)細(xì)線(xiàn)相連的兩球體恰好懸浮在水中；②用天平稱(chēng)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量，上浮小球的質(zhì)量為m1，下沉小球的質(zhì)量為m2；③用記號(hào)筆記錄兩個(gè)小球懸浮的位置；④剪斷細(xì)線(xiàn)；⑤用記號(hào)筆記錄某時(shí)刻兩個(gè)小球的位置；⑥多次實(shí)驗(yàn)，分別計(jì)算出兩個(gè)小球在相同時(shí)間內(nèi)上浮和下沉的高度，記錄在表格中該同學(xué)按此方案進(jìn)行實(shí)驗(yàn)后，測(cè)得的數(shù)據(jù)如下表所示，請(qǐng)回答問(wèn)題小球質(zhì)量上浮和下沉的高度第一次第二次第三次第次平均上浮小球m1=4.74g46.20mm46.22mm46.20mm46.18mm下沉小球m2=5.44g40.26mm40.24mm40.26mm40.26mm(1)上浮小球4次上浮的平均高度，下沉小球4次下沉的平均高度為_(kāi)________mm（結(jié)到后兩位）；(2)在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，當(dāng)所測(cè)物理量滿(mǎn)足_________表達(dá)式時(shí)，即說(shuō)明剪斷細(xì)線(xiàn)后，兩小球的動(dòng)量守恒.A．B．C．(3)下列關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的一些說(shuō)法，你認(rèn)為正確的是_________A．兩個(gè)小球在水中運(yùn)動(dòng)的速度要適中，不能過(guò)快B．上浮小球選用密度更小的小球，實(shí)驗(yàn)效果更好C．剪斷細(xì)線(xiàn)時(shí)對(duì)球的擾動(dòng)大，但不會(huì)引起誤差D．選擇合適大小的小球使得兩球可以懸浮后，再把細(xì)線(xiàn)剪斷，用鑷子夾住兩截?cái)嗑€(xiàn)，然后一起放入水中靜止，松開(kāi)鑷子兩球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，這種改進(jìn)更好12．（12分）某研究性學(xué)習(xí)小組欲測(cè)量一個(gè)未知電阻R的阻值及某電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路來(lái)進(jìn)行測(cè)量，其中為待測(cè)未知電阻，R為電阻箱，為保護(hù)電阻，已知學(xué)習(xí)小組先對(duì)未知電阻進(jìn)行測(cè)量，請(qǐng)將同學(xué)們的操作補(bǔ)充完整：先閉合和，調(diào)節(jié)電阻箱，讀出其示數(shù)R1和對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U，然后______使電壓表的示數(shù)仍為U，讀出此時(shí)電阻箱的示數(shù)，則電阻Rx的表達(dá)式為_(kāi)_____學(xué)習(xí)小組為測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，該小組同學(xué)的做法是：閉合，斷開(kāi)，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記下電壓表的示數(shù)U和電阻箱相應(yīng)的阻值根據(jù)測(cè)得的的阻值計(jì)算出相應(yīng)的與的值，并在坐標(biāo)系中描出坐標(biāo)點(diǎn)，畫(huà)出關(guān)系圖線(xiàn)，如圖乙所示．根據(jù)圖線(xiàn)可得電源的電動(dòng)勢(shì)______、內(nèi)阻______計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字若只考慮系統(tǒng)誤差，采用此測(cè)量電路測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)與實(shí)際值相比______，測(cè)得的內(nèi)阻與實(shí)際值相比______填“偏大”“偏小”或“相同”四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在的一、二象限范圍內(nèi)分布著一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向與軸正向相同，在的一、二象限范圍內(nèi)分布站一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于平面向里．現(xiàn)將某質(zhì)量為、電荷量為的正粒子置于原點(diǎn)，使其以速度沿軸正方向射入電場(chǎng)．經(jīng)過(guò)一段時(shí)間粒子從位置為離開(kāi)電場(chǎng)上邊緣進(jìn)入磁場(chǎng)，若粒子恰好沒(méi)有從的邊界離開(kāi)磁場(chǎng)．（已知，不計(jì)粒子重力），求：（1）電場(chǎng)強(qiáng)度；（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度；（3）粒子第一次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間14．（16分）如圖，在平行傾斜固定的導(dǎo)軌上端接入電動(dòng)勢(shì)E＝50V，內(nèi)阻r＝1Ω的電源和滑動(dòng)變阻器R，導(dǎo)軌的寬度d＝0.2m，傾角θ=37°．質(zhì)量m＝0.11kg的細(xì)桿ab垂直置于導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，整個(gè)裝置處在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2.2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌與桿的電阻不計(jì)．現(xiàn)調(diào)節(jié)R使桿ab靜止不動(dòng)．sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，求：（1）桿ab受到最小安培力F1和最大安培力F2；（2）滑動(dòng)變阻器R有效電阻的取值范圍15．（12分）如圖所示，一個(gè)圓形線(xiàn)圈匝數(shù)n=1000，面積、電阻，在線(xiàn)圈外接一阻值為的電阻．把線(xiàn)圈放入一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直線(xiàn)圈平面向里，磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度B隨時(shí)間變化規(guī)律如圖右所示．求：（1）內(nèi)，回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；（2）時(shí)，電阻兩端的電壓U

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】由左手定則知，正離子向B板偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子向A板偏轉(zhuǎn)；即B板帶正電，A板帶負(fù)電，電路穩(wěn)定后，兩板間粒子所受洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，A、B板聚集電荷量基本不變，電阻R中有向上電流；因?yàn)槁鍌惼澚Φ姆较蚺c速度方向垂直，所以洛倫茲力不可能做功.A．描述與分析不符，故A錯(cuò)誤.B．描述與分析不符，故B錯(cuò)誤C．描述與分析相符，故C正確.D．描述與分析不符，故D錯(cuò)誤.2、D【解析】A．放入該點(diǎn)的電荷是試探電荷，若將放入該點(diǎn)的電荷從電場(chǎng)中移出，則該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．若將放入該點(diǎn)的電荷量增加一倍，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．放入該點(diǎn)的正電荷所受的靜電力的方向就是該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式知，電場(chǎng)強(qiáng)度的單位可以是V/m，選項(xiàng)D正確。故選D。3、C【解析】本題考查了串并聯(lián)電路的規(guī)律，此結(jié)論在以后的實(shí)驗(yàn)題電壓表接在R1兩端,電壓表的示數(shù)為8V，因?yàn)榇?lián)電阻兩端的電壓比等于電阻比，所以，當(dāng)根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律此時(shí)兩端的電壓為,當(dāng)電壓表改接在R2兩端,此時(shí)兩端的電壓為，則因?yàn)?，所以，所?C正確，思路拓展：由于電壓表的分流，所以會(huì)導(dǎo)致通過(guò)電阻的電流減小，故電阻兩端的電壓小于并聯(lián)前的電壓4、A【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：在圖像中，斜率，由圖像可知，Oa段中磁感強(qiáng)度B的變化率較小，bc和cd段中磁感強(qiáng)度B的變化率為相同，所以有：；由圖可知，Oa段磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，B增大，則磁通量增加，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)垂直紙面向外，再根據(jù)安培定制可判斷，I1沿逆時(shí)針?lè)较?；同理，可判斷I2沿順時(shí)針?lè)较?，I3沿順時(shí)針?lè)较?，綜上可知A正確；故選A。5、D【解析】根據(jù)I=q/t可知，通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，電流不一定越大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)I=nesv可知，電子運(yùn)動(dòng)的速率越大，電流不一定越大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；電流有方向，但是電流是標(biāo)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)I=q/t可知，單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，導(dǎo)體中的電流越大，選項(xiàng)D正確；故選D.6、C【解析】先求出木塊靜摩擦力能提供的最大加速度，再根據(jù)牛頓第二定律判斷當(dāng)0.6N的恒力作用于木板時(shí)，系統(tǒng)一起運(yùn)動(dòng)的加速度，當(dāng)滑塊獲得向左運(yùn)動(dòng)的速度以后又產(chǎn)生一個(gè)方向向上的洛倫茲力，當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)滑塊與木板之間的彈力為零，此時(shí)摩擦力等于零，此后物塊做勻速運(yùn)動(dòng)，木板做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)【詳解】ABC．由于動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，靜摩擦力能提供的最大加速度為5m/s2，所以當(dāng)0.6N的恒力作用于木板時(shí)，系統(tǒng)一起運(yùn)動(dòng)的加速度即滑塊開(kāi)始隨木板一起做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)滑塊獲得向左運(yùn)動(dòng)的速度以后又產(chǎn)生一個(gè)方向向上的洛倫茲力，當(dāng)?shù)竭_(dá)一定速度時(shí)開(kāi)始在木板上滑動(dòng)，此時(shí)隨速度的增加，滑塊與木板間的壓力減小，摩擦力減小滑塊開(kāi)始做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，木板做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)滑塊與木板之間的彈力為零，此時(shí)Bqv=mg解得v=10m/s此時(shí)摩擦力消失，滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)，而木板在恒力作用下做勻加速運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤，C正確；D．滑塊開(kāi)始一起做a=2m/s2加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)滑塊獲得向左運(yùn)動(dòng)的速度以后又產(chǎn)生一個(gè)方向向上的洛倫茲力，滑塊開(kāi)始做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，所以速度增大到10m/s所用的時(shí)間大于5s，故D錯(cuò)誤。故選C【點(diǎn)睛】本題主要考查了牛頓第二定律的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析木板和滑塊的受力情況，進(jìn)而判斷運(yùn)動(dòng)情況。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】設(shè)細(xì)線(xiàn)的固定點(diǎn)為O，由幾何關(guān)系可得：AB連線(xiàn)垂直O(jiān)B邊線(xiàn)，A、D項(xiàng)：對(duì)小球B受力分析，受到重力，OB細(xì)線(xiàn)的拉力，AB間的庫(kù)侖力，且三力平衡，由平衡條件得：，，故A正確，D錯(cuò)誤；B、C項(xiàng)：對(duì)A球受力分析，受到重力，AB間的庫(kù)侖力，細(xì)線(xiàn)OA的拉力，墻壁對(duì)A球的彈力，由平衡條件得：，，故B錯(cuò)誤，C正確故選AC8、CD【解析】由于發(fā)電廠的輸出電壓不變，升壓變壓器的匝數(shù)不變，所以升壓變壓器的輸出電壓不變，故A錯(cuò)誤B、由于發(fā)電廠的輸出功率增大，則升壓變壓器的輸出功率增大，又升壓變壓器的輸出電壓U2不變，根據(jù)P=UI可輸電線(xiàn)上的電流I線(xiàn)增大，導(dǎo)線(xiàn)上的電壓損失變大，則降壓變壓器的初級(jí)電壓減小，則降壓變壓器的輸出電壓減小，故B錯(cuò)誤．根據(jù)P損=I線(xiàn)2R，又輸電線(xiàn)上的電流增大，電阻不變，所以輸電線(xiàn)上的功率損失增大，故C正確．根據(jù)，則有：；發(fā)電廠的輸出電壓不變，輸電線(xiàn)上的電阻不變，所以輸電線(xiàn)上損耗的功率占總功率的比例隨著發(fā)電廠輸出功率的增大而增大．故D正確．故選CD考點(diǎn)：遠(yuǎn)距離輸電9、AC【解析】本題考查交變電流圖象、法拉第電磁感應(yīng)定律、楞次定律及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn)解析由圖（b）可知，導(dǎo)線(xiàn)PQ中電流在t=T/4時(shí)達(dá)到最大值，變化率為零，導(dǎo)線(xiàn)框R中磁通量變化率為零，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，在t=T/4時(shí)導(dǎo)線(xiàn)框中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，選項(xiàng)A正確；在t=T/2時(shí)，導(dǎo)線(xiàn)PQ中電流圖象斜率方向不變，導(dǎo)致導(dǎo)線(xiàn)框R中磁通量變化率的正負(fù)不變，根據(jù)楞次定律，所以在t=T/2時(shí)，導(dǎo)線(xiàn)框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向不變，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由于在t=T/2時(shí)，導(dǎo)線(xiàn)PQ中電流圖象斜率最大，電流變化率最大，導(dǎo)致導(dǎo)線(xiàn)框R中磁通量變化率最大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，在t=T/2時(shí)導(dǎo)線(xiàn)框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，由楞次定律可判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，選項(xiàng)C正確；由楞次定律可判斷出在t=T時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，選項(xiàng)D錯(cuò)誤10、BD【解析】A、由題圖，可知，P、Q兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤；B、直導(dǎo)線(xiàn)ab通電后，根據(jù)左手定則，可知，a端安培力向里，b端的安培力向外，因此，a端垂直紙面向內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，故B正確；C、通電時(shí)，螺線(xiàn)管中線(xiàn)圈間的電流方向相同，出現(xiàn)相互吸引，當(dāng)斷開(kāi)螺線(xiàn)管的電源后，沒(méi)有吸引力，螺線(xiàn)管有沿水平方向向內(nèi)伸長(zhǎng)的趨勢(shì)，故C錯(cuò)誤；D、將不計(jì)重力的電子沿中軸線(xiàn)射入螺線(xiàn)管，電子處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，不受任何力，電子將做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故D正確；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.40.26②.A③.AD【解析】(1)[1]由表格數(shù)據(jù)可知(2)[2]由動(dòng)量守恒得兩邊同時(shí)乘以時(shí)間得得故選A；(3)[3]A．兩個(gè)小球在水中運(yùn)動(dòng)的速度要適中，太快不利于標(biāo)注小球的位置，故A正確；B．密度太小，小球受的浮力很小，小球上升的速度很大，不利于標(biāo)注小球的位置，故B錯(cuò)誤；C．剪斷細(xì)線(xiàn)時(shí)對(duì)球的擾動(dòng)大，小球的運(yùn)動(dòng)可能不規(guī)則，不利于標(biāo)注小球的位置，故C錯(cuò)誤；D．用鑷子夾住兩截?cái)嗑€(xiàn)，然后一起放入水中靜止，松開(kāi)鑷子兩球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，這樣操作對(duì)小球的運(yùn)動(dòng)影響更小，故D正確；故選AD。12、①.斷開(kāi)，調(diào)節(jié)電阻箱②.③.10V④.

⑤.偏小⑥.偏小【解析】根據(jù)題意應(yīng)用歐姆定律，由等效法可求出電阻阻值；根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，應(yīng)用描點(diǎn)法作出圖象；根據(jù)閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖示圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻；由實(shí)驗(yàn)原理分析，系統(tǒng)誤差的原因，從而找到電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的偏小【詳解】由于閉合前后電壓表的示數(shù)均為U，那么外電路的總電阻兩次是相等的，即，所以根據(jù)歐姆定律可以寫(xiě)出電壓表的示數(shù)：，所以，結(jié)合題目圖象的縱軸截距可知：，所以；從圖象的斜率看：，將E代入求得由于電壓表的分流，造成路端電壓的測(cè)量值偏小，該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差主要是由電壓表的分流，導(dǎo)致電壓表示數(shù)表示的電流小于通過(guò)電源的真實(shí)電流．利用等效電源分析，即可將電壓表等效為電源內(nèi)阻，測(cè)實(shí)驗(yàn)中測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)應(yīng)為等效電阻輸出的電壓，由圖可知，輸出電壓小于電源的電動(dòng)勢(shì)；故可知電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值，所以測(cè)得的內(nèi)阻與實(shí)際值相比偏小【點(diǎn)睛】本題要注意通過(guò)審題明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析實(shí)驗(yàn)中應(yīng)采用的實(shí)驗(yàn)方法；并通過(guò)閉合電路歐姆定律可結(jié)合數(shù)學(xué)規(guī)律