內(nèi)蒙古包頭鐵路第一中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末綜合測(cè)試試題含解析

內(nèi)蒙古包頭鐵路第一中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末綜合測(cè)試試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，圓形區(qū)域半徑為R，區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面勻強(qiáng)磁場(chǎng)。磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，P為磁場(chǎng)邊界上的最低點(diǎn)。大量質(zhì)量均為m，電荷量絕對(duì)值均為q的帶負(fù)電粒子，以相同的速率v從P點(diǎn)沿各個(gè)方向射入磁場(chǎng)區(qū)域。粒子的軌道半徑r＝2R，A、C為圓形區(qū)域水平直徑的兩個(gè)端點(diǎn)，粒子重力不計(jì)，空氣阻力不計(jì)，則下列說(shuō)法不正確的是（）A.粒子射入磁場(chǎng)的速率為v＝B.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為t＝C不可能有粒子從C點(diǎn)射出磁場(chǎng)D.若粒子的速率可以變化，則可能有粒子從A點(diǎn)水平射出2、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)B.由磁感應(yīng)強(qiáng)度公式，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與放入磁場(chǎng)中的通電直導(dǎo)線所受的安培力方向相同C.電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向與在該點(diǎn)的正檢驗(yàn)電荷所受電場(chǎng)力方向一定相同D.通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力為零，則該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度也一定為零3、在如圖所示的電路中，電源的負(fù)極接地，其電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器，r<R1，C為電容器，電流表、電壓表為理想電流表和理想電壓表．在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）A.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變小B.電容器C所帶電荷量增多C.電源的輸出功率增大，效率降低D.a點(diǎn)的電勢(shì)升高4、關(guān)于電場(chǎng)與磁場(chǎng)，下列說(shuō)法中正確的是A.磁場(chǎng)對(duì)放入其中的電荷一定有力的作用B.電場(chǎng)對(duì)放入其中的電荷一定有力的作用C.場(chǎng)強(qiáng)的方向與放入其中的電荷所受電場(chǎng)力的方向相同D.磁場(chǎng)方向與在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)電荷所受洛倫茲力的方向相同5、兩個(gè)定值電阻R1、R2串聯(lián)后接在輸出電壓U=12V的直流電源上，且電源電壓保持不變。把一個(gè)內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于R1、R2的電壓表接在R1的兩端（如圖所示），電壓表的示數(shù)為8V，如果把此電壓表改接在R2兩端，則電壓表的示數(shù)將（）A.小于4VB.等于4VC.大于4V、小于8VD.等于或大于8V6、奧斯特實(shí)驗(yàn)說(shuō)明了（）A.磁場(chǎng)的存在B磁場(chǎng)具有方向性C.通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)D.磁體間有相互作用二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，兩光滑平行導(dǎo)軌水平放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌所在平面向里，金屬棒ab可沿導(dǎo)軌自由滑動(dòng)，導(dǎo)軌一端跨接一個(gè)定值電阻R，導(dǎo)軌電阻不計(jì)?，F(xiàn)將金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止向右拉，若保持拉力恒定，當(dāng)速度為v時(shí)加速度為a1，最終以速度2v做勻速運(yùn)動(dòng)；若保持拉力的功率恒定，當(dāng)速度為v時(shí)加速度為a2，最終也以2v做勻速運(yùn)動(dòng)，則（）A.兩種情況中，金屬棒ab都是從靜止開始做加速度減小的加速度運(yùn)動(dòng)，直到勻速B.兩種情況中，金屬棒最終受到的拉力一樣大C.a2＝2a1D.a2＝3a18、如圖所示，一束質(zhì)量、速度和電荷量不同的正離子垂直地射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)正交的區(qū)域里，結(jié)果發(fā)現(xiàn)有些離子保持原來(lái)的運(yùn)動(dòng)方向，有些未發(fā)生任何偏轉(zhuǎn)．如果讓這些不偏轉(zhuǎn)的離子進(jìn)入另一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，發(fā)現(xiàn)這些離子又分裂成幾束，對(duì)這些進(jìn)入另一磁場(chǎng)的離子，可得出結(jié)論A.它們的動(dòng)能可能相同B.它們比荷一定各不相同C.它們的電荷量一定各不相同D.它們的質(zhì)量一定各不相同9、某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標(biāo)上,如圖中的a、b、c所示,根據(jù)圖線可知()A.反映Pr變化的圖線是cB.電源電動(dòng)勢(shì)為8VC.電源內(nèi)阻為2D.當(dāng)電流為0.5A時(shí),外電路的電阻為610、如圖空間存在著豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一帶電液滴從靜止開始自a沿曲線acb運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，速度為零，c是軌跡的最低點(diǎn)，以下說(shuō)法中正確的是()A.液滴帶負(fù)電B.滴在c點(diǎn)動(dòng)能最大C.若液滴所受空氣阻力不計(jì)，則機(jī)械能守恒D.液滴在c點(diǎn)機(jī)械能最大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）（1）如圖1所示為多用電表的刻度盤。若選用倍率為“”的歐姆擋測(cè)電阻時(shí)，表針指示如圖所示，為了使測(cè)量結(jié)果更精確些，則下列操作正確的是____A．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“”B．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“”C．換擋后直接接入待測(cè)電阻測(cè)量D．換擋后先將兩表筆短接調(diào)零，再接入待測(cè)電阻進(jìn)行測(cè)量（2）若選用2.5V電壓擋測(cè)電壓時(shí)，表針也指于圖示位置，則所測(cè)電壓為________V。（3）若該歐姆表表頭如圖2所示，已知電流計(jì)的量程為，電池電動(dòng)勢(shì)為E＝1.5V，則該歐姆表的表盤上刻度線對(duì)應(yīng)的電阻值是______KΩ。12．（12分）用多用電表測(cè)電阻時(shí)：（1）在某次測(cè)量中，實(shí)驗(yàn)操作正確，選擇開關(guān)的位置如圖（a）所示，表頭刻度和指針位置如圖（b）所示，則被測(cè)電阻的阻值為_____（2）若繼續(xù)用該表測(cè)量另一阻值約為的電阻，則應(yīng)將選擇開關(guān)旋至倍率為____檔，并在測(cè)量電阻前先進(jìn)行歐姆調(diào)零操作，測(cè)量結(jié)束后，應(yīng)將選擇開關(guān)旋至off或交流電壓最高檔四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在直角坐標(biāo)系區(qū)域內(nèi)有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，右側(cè)有一個(gè)以點(diǎn)O1（3L，0）為圓心、半徑為L(zhǎng)的圓形區(qū)域，圓形區(qū)域與x軸的交點(diǎn)分別為M、N?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為e的電子，從y軸上的A點(diǎn)以速度v0沿x軸正方向射入電場(chǎng)，飛出電場(chǎng)后從M點(diǎn)進(jìn)入圓形區(qū)域，速度方向與x軸夾角為30°。整個(gè)圓形區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，2L到3L之間垂直紙面向外，3L到4L之間垂直紙面向內(nèi)。電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后恰好從N點(diǎn)飛出，速度方向與x軸夾角也為30°，電子的重力忽略不計(jì)。求：(1)電子飛出勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)速度的大??；(2)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大??；(3)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小及電子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的總時(shí)間。14．（16分）如圖（a）所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌JK、PQ傾斜放置，兩導(dǎo)軌間距離為L(zhǎng)=1.0m，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角為θ=30°，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面向上，導(dǎo)軌的J、P兩端連接阻值為R=3.0Ω的電阻，金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置并用細(xì)線通過(guò)光滑定滑輪與重物相連，金屬棒ab的質(zhì)量m=0.90kg，電阻r=0.50Ω，重物的質(zhì)量M=1.50kg，如果將金屬棒和重物由靜止釋放，金屬棒沿斜面上滑距離與時(shí)間的關(guān)系圖像如圖（b）所示，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，g=10m/s2。求：（1）t=0時(shí)刻金屬棒的加速度；（2）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小以及在1.2s內(nèi)通過(guò)電阻R的電荷量；（3）在1.2s內(nèi)電阻R產(chǎn)生的熱量。15．（12分）真空室中有如圖甲所示的裝置，電極K持續(xù)發(fā)出的電子(初速度不計(jì))經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速后，從小孔0沿水平放置的偏轉(zhuǎn)極板M、N的中心軸線OO′射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)．極板M、N長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，加速電壓，偏轉(zhuǎn)極板右側(cè)有熒光屏(足夠大且未畫出)．M、N兩板間的電壓U隨時(shí)間t變化的圖線如圖乙所示，其中．調(diào)節(jié)兩板之間的距離d，使得每個(gè)電子都能通過(guò)偏轉(zhuǎn)極板，已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，電子重力不計(jì)(1)求電子通過(guò)偏轉(zhuǎn)極板的時(shí)間t；(2)求偏轉(zhuǎn)極板之間的最小距離d；(3)當(dāng)偏轉(zhuǎn)極板間的距離為最小值d時(shí)，熒光屏如何放置時(shí)電子擊中的范圍最小?該范圍的長(zhǎng)度是多大?

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A．由洛倫茲力提供向心力，有解得根據(jù)題意r＝2R可得故A正確，不符合題意；B．當(dāng)粒子以圓形區(qū)域的直徑2R為弦做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，由幾何關(guān)系可知此時(shí)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，粒子運(yùn)動(dòng)的周期為則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故B正確，不符合題意；C．粒子的軌道半徑為2R，磁場(chǎng)的半徑為R，粒子可能從C點(diǎn)射出，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．當(dāng)粒子的軌道半徑為R時(shí)，豎直向上射出的粒子，可以從A點(diǎn)水平射出，且速率滿足故D正確，不符合題意。故選C。2、C【解析】A．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，適用于任何電場(chǎng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與放入磁場(chǎng)中的通電直導(dǎo)線所受的安培力方向垂直，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向與在該點(diǎn)的正檢驗(yàn)電荷所受電場(chǎng)力方向一定相同，選項(xiàng)C正確；D．通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力為零，可能是電流的方向與磁場(chǎng)方向平行，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C。3、C【解析】在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器在路電阻減小，外電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析干路電流如何變化和電阻R1兩端電壓的變化，即可知道電壓表讀數(shù)的變化．電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，分析并聯(lián)部分電壓的變化，即知道電容器的電壓如何變化，根據(jù)干路電流與通過(guò)R2的電流變化情況，分析電流表的變化．根據(jù)內(nèi)外電阻的關(guān)系，分析電源的輸出功率如何變化．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)等于R2兩端的電壓【詳解】在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數(shù)變大．電阻R2兩端的電壓U2=E-I（R1+r），I增大，則U2變小，電容器板間電壓變小，其帶電量減?。鶕?jù)外電路中順著電流方向，電勢(shì)降低，可知，a的電勢(shì)大于零，a點(diǎn)的電勢(shì)等于R2兩端的電壓，U2變小，則a點(diǎn)的電勢(shì)降低，通過(guò)R2的電流I2減小，通過(guò)電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，則IA增大．即電流表示數(shù)變大．故ABD錯(cuò)誤．據(jù)題：r＜R1，當(dāng)外電路總電阻減小時(shí)，內(nèi)外電阻更加接近，電源的輸出功率增大．電源的效率，路端電壓U減小，則電源的效率降低，故C正確．故選C【點(diǎn)睛】本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，要抓住不變量：電源的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻及定值電阻的阻值不變，進(jìn)行分析．根據(jù)電流方向判斷電勢(shì)高低，由電壓的變化判斷電勢(shì)的變化4、B【解析】A.磁場(chǎng)對(duì)放入其中的運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)平行的電荷沒(méi)有磁場(chǎng)力作用。故A錯(cuò)誤；B.電場(chǎng)對(duì)放入其中的電荷一定有電場(chǎng)力作用，故B正確；C.正電荷受電場(chǎng)力的方向與所在處的電場(chǎng)方向相同，負(fù)電荷受電場(chǎng)力的方向與所在處的電場(chǎng)方向相反，故C錯(cuò)誤；D.而根據(jù)左手定則，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)電荷所受洛倫茲力方向與所在處的磁場(chǎng)方向垂直。故D錯(cuò)誤；故選：B5、A【解析】當(dāng)電壓表接在R1兩端時(shí)，其示數(shù)為8V，則此時(shí)電阻R2兩端的電壓為4V，將R1與RV并聯(lián)后的總電阻用R1V表示，則==解得R1V=2R2由于R1>R1V，則R1>2R2。當(dāng)電壓表改接在R2兩端時(shí)，將R2與RV并聯(lián)后的總電阻用R2V表示，則R2>R2V。此時(shí)電阻R1兩端的電壓U1與電壓表示數(shù)U2V之比為=>>=2故電壓表的示數(shù)將小于4V。故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6、C【解析】奧斯特將通電導(dǎo)線放于小磁針上方時(shí)發(fā)現(xiàn)小磁針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明了通電導(dǎo)線周圍存在著磁場(chǎng)A.磁場(chǎng)的存在．與結(jié)論不符，故A錯(cuò)誤；B.磁場(chǎng)具有方向性．與結(jié)論不符，故B錯(cuò)誤；C.通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)．與結(jié)論相符，故C正確；D.磁體間有相互作用．與結(jié)論不符，故D錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解析】A．兩種情況中，金屬棒ab運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度越來(lái)越大，安培力越來(lái)越大，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度越來(lái)越小，最后勻速，所以兩種情況都是從靜止開始做加速度減小的加速度運(yùn)動(dòng)，直到勻速，故A正確；B．兩種情況中，金屬棒最終都是勻速運(yùn)動(dòng)，則受到的拉力有：，兩種情況中，金屬棒最終受到的拉力一樣大，故B正確；CD．當(dāng)拉力恒定，速度為v，加速度為a1時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：解得：若保持拉力的功率恒定，速度為2v時(shí)，拉力為F，則有：P=F?2v得：則當(dāng)速度為v時(shí)，拉力大小為：根據(jù)牛頓第二定律得：解得：所以有a2=3a1，故C錯(cuò)誤，D正確。故選ABD。8、AB【解析】粒子在磁場(chǎng)和電場(chǎng)正交區(qū)域里，同時(shí)受到洛倫茲力和電場(chǎng)力作用，粒子沒(méi)有發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，滿足qvB=qE，即不發(fā)生偏轉(zhuǎn)的粒子具有共同的速度大小v=E/B，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后受洛倫茲力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，滿足qvB=m，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R=，由此進(jìn)行分析得出結(jié)論【詳解】因?yàn)榱Ｗ舆M(jìn)入電場(chǎng)和磁場(chǎng)正交區(qū)域時(shí)，不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，有qvB=qE，得出能不偏轉(zhuǎn)的粒子速度應(yīng)滿足v=E/B．粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后受洛倫茲力作用，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，即qvB=m，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，由于粒子又分裂成幾束，也就是粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R不同，進(jìn)入第二個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，粒子具有相同的速度，由得知，所以粒子能分裂成幾束的粒子的比值不同，則電荷量與質(zhì)量之比一定不相同．而質(zhì)量m、電荷量可能相同，則動(dòng)能也可能相同．故AB正確，CD錯(cuò)誤．故選AB【點(diǎn)睛】此題要能根據(jù)粒子不發(fā)生偏轉(zhuǎn)得出粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，并由此推算出粒子具有相同的速度v，理解速度選擇器的原理．在單獨(dú)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中粒子分裂成幾束說(shuō)明粒子的荷質(zhì)比不同，并由此得出電量、質(zhì)量、以及速度所需要滿足的關(guān)系式，從而得出正確的結(jié)論9、ACD【解析】由電源消耗功率和電源內(nèi)部消耗功率表達(dá)式PE=EI，Pr=I2r，可知，a是直線，表示的是電源消耗的電功率，c是拋物線，表示的是電源內(nèi)電阻上消耗的功率，b表示外電阻的功率即為電源的輸出功率PR，所以A正確；根據(jù)PE=EI，當(dāng)I=2A時(shí)，PE=8w得，E=4V，B錯(cuò)誤；根據(jù)Pr=I2r，當(dāng)I=2A時(shí)，Pr=8W可得，r=2Ω，C正確；當(dāng)電流為0.5A時(shí)，R+r=8Ω，R=6Ω，D正確考點(diǎn)：電源的功率10、ABD【解析】帶電液滴由靜止開始，在電場(chǎng)力和重力的作用下會(huì)向下運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，帶電粒子會(huì)受到洛倫茲力，所以粒子會(huì)沿逆時(shí)針?lè)较蚱D(zhuǎn)，到達(dá)c點(diǎn)時(shí)，洛倫茲力方向向上，此時(shí)粒子具有最大速度，在之后的運(yùn)動(dòng)中，粒子的電勢(shì)能會(huì)增加速度越來(lái)越小，到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度為零，除重力以外的力做的功等于機(jī)械能的變化量；【詳解】A、從圖中可以看出，帶電粒子由靜止開始向下運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明重力和電場(chǎng)力的合力向下，洛倫茲力指向弧內(nèi)，根據(jù)左手定則可知，液滴帶負(fù)電，故A正確；B、從a到c的過(guò)程中，重力和電場(chǎng)力都做正功，洛倫茲力不做功，動(dòng)能增大，從c到b的過(guò)程中，重力和電場(chǎng)力都做負(fù)功，洛倫茲力不做功，動(dòng)能減小，所以滴在c點(diǎn)動(dòng)能最大，故B正確；C、液滴除重力做功外，還有電場(chǎng)力做功，機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；D、除重力以外的力做的功等于機(jī)械能的變化量，從a到c的過(guò)程中，電場(chǎng)力都做正功，洛倫茲力不做功，機(jī)械能增大，從c到b的過(guò)程中，電場(chǎng)力都做負(fù)功，洛倫茲力不做功，機(jī)械能減小，所以液滴在c點(diǎn)機(jī)械能最大，故D正確；故選ABD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、①.AD②.2.20③.2【解析】（1）[1]．AB由表盤看出，若選用倍率為“×100”的歐姆擋測(cè)電阻時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)較大過(guò)大，則說(shuō)明倍率檔選擇過(guò)大，應(yīng)改用“×100”的歐姆擋測(cè)量；選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD．換擋后先將兩表筆短接調(diào)零，再接入待測(cè)電阻進(jìn)行測(cè)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；故選AD.（2）[2]．若選用2.5V電壓擋測(cè)電壓時(shí)，最小分度為0.05A，則表針?biāo)笀D示位置，則所測(cè)電壓為2.20V。（3）[3]．當(dāng)電流表滿偏時(shí)：當(dāng)電流為300μA時(shí)：帶入數(shù)據(jù)解得：R=2kΩ12、①.1300②.【解析】（1）[1]由圖（a）所示可知，歐姆表?yè)跷皇?，由圖（b）所示可知，則被測(cè)電阻值是；（2）[2]若繼續(xù)用該表測(cè)量另一阻值約為的電阻，應(yīng)將選擇開關(guān)旋至倍率為擋，并在測(cè)量電阻前先進(jìn)行歐姆調(diào)零操作【點(diǎn)睛】本題考查了歐姆表使用注意事項(xiàng)與讀數(shù)，要掌握歐姆表的使用方法、注意事項(xiàng)與讀數(shù)方法，難度不大四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)，(2)，(3)，?！窘馕觥?1)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，分解速度：解得：；(2)根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)：分解速度得：電場(chǎng)力提供加速度，根據(jù)牛頓第二定律：解得：；(3)由幾何知識(shí)知，電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為：電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)：解得：電子從A點(diǎn)到M點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，電子從M點(diǎn)到N點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：電子運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為：。14、（1）a=4.375m/s2；（2）T，C；（3）QR=9.45J【解析】(1)對(duì)金屬棒和重物整體Mg-mgsinθ=（M+m）a解得a=4.375m/s2(2)由題圖（b）可以看出最終金屬棒ab將