2025屆新疆昌吉回族自治州木壘縣中物理高三第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

2025屆新疆昌吉回族自治州木壘縣中物理高三第一學(xué)期期中調(diào)研試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的彈簧振子以O(shè)點為平衡位置在B、C間往復(fù)運動，P是OB的中點，下列正確的是A．振子從B點運動到C點過程中，加速度先增大后減小B．振子從B點運動到C點過程中，速度先增大后減小C．振子從C點運動到B點過程中，加速度方向始終不變D．振子每次經(jīng)過P點時的速度、加速度均相同2、一根細線一端系一小球（可視為質(zhì)點），另一端固定在光滑圓錐頂上，如圖所示，設(shè)小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動的角速度為ω，細線的張力為FT，則FT隨ω2變化的圖象是（）A． B．C． D．3、如圖所示A、B兩個物體疊放在一起，靜止在粗糙水平地面上，B與水平地面間的動摩擦因數(shù)μ1=0.1，A與B之間的動摩擦因數(shù)μ1=0.1．已知物體A的質(zhì)量m=1kg，物體B的質(zhì)量M=3kg，重力加速度g取10m/s1．現(xiàn)對物體B施加一個水平向右的恒力F，為使物體A與物體B相對靜止，則恒力的最大值是（物體間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）（）A．10N B．15N C．10N D．5N4、如圖所示，固定的半圓形豎直軌道，AB為水平直徑，O為圓心，質(zhì)量不等的甲、乙兩個小球同時從A點水平拋出，速度分別為v1、v2，經(jīng)時間t1、t2，分別落在等高的C、D兩點，OC、OD與豎直方向的夾角均為37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8），則A．v1:v2=1:3B．t1:t2=1:4C．甲、乙兩球下落到軌道上C、D兩點時重力的瞬時功率相等D．甲、乙兩球從拋出到下落至軌道上的速度變化量相同5、我國國家大劇院外部呈橢球型，將國家大劇院的屋頂近似為半球形，一警衛(wèi)人員為執(zhí)行特殊任務(wù)，必須冒險在半球形屋頂上向上緩慢爬行(如圖所示)，他在向上爬的過程中（）A．屋頂對他的支持力變大B．屋頂對他的支持力變小C．屋頂對他的摩擦力變大D．屋頂對他的摩擦力大小不變6、在物理學(xué)的探索和發(fā)現(xiàn)過程中，科學(xué)家們運用了許多研究方法．以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述中正確的是（）A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質(zhì)點來代替物體的方法是微元法B．根據(jù)速度定義式，當Δt→0時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思維法C．在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，這里運用了假設(shè)法D．在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，再把各小段位移相加，這里運用了理想模型法二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在勻速轉(zhuǎn)動的電動機帶動下，足夠長的水平傳送帶以恒定速率v1勻速向右運動，一質(zhì)量為m的滑塊從傳送帶右端以水平向左的速率v2（v2>v1）滑上傳送帶，最終滑塊又返回至傳送帶的右端，就上述過程，下列判斷正確的有（）A．合力對物塊的沖量大小可能為2mv2B．此過程中傳送帶對滑塊做功為（mv22-mv12）C．此過程中滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量為m（v1+v2）2D．此過程中電動機多做功為mv1（v1+v2）8、如圖所示，一輛小車靜止在水平地面上，車內(nèi)固定著一個傾角為60°的光滑斜面OA，光滑擋板OB與水平方向的夾角為θ，擋板OB可繞轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動?，F(xiàn)將重為G的圓球放在斜面與擋板之間。下列說法正確的是（）A．若θ=60°，球?qū)π泵娴膲毫Υ笮镚B．若擋板OB從θ=30°位置沿逆時針方向緩慢轉(zhuǎn)動到θ=90°過程中，則球?qū)π泵娴膲毫χ饾u增大C．若θ=30°，使小車水平向左做變加速運動，則小車對地面的壓力增大D．若θ=60°，使小車水平向右做勻加速直線運動，則球?qū)醢宓膲毫赡転榱?、如圖所示，所有接觸面均光滑，質(zhì)量為M的半圓弧槽靜止地靠在豎直墻面處，A、B是槽的兩個端點，C為槽的底部中點?，F(xiàn)將質(zhì)量為m的小球自槽口A點由靜止釋放，下列說法中正確的是A．小球從A到C運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量不守恒B．小球從A到C運動過程中，小球重力做功的瞬時功率越來越大C．小球從C到B運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量守恒D．小球從C到B運動過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量不守恒10、如圖(a)所示，輕彈簧的兩端分別與質(zhì)量為m1和m2的兩物塊A、B相連接，靜止在光滑的水平面上若使A以3m/s的速度向B運動，A、B的速度圖像如圖(b)所示，已知m1=2kg，則A．物塊m2質(zhì)量為4kgB．時刻彈簧處于壓縮狀態(tài)C．從到時刻彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長D．彈簧的最大彈性勢能為6J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為某實驗小組研究勻變速直線運動所得的一條紙帶，已知所用電源的頻率為50Hz，紙帶上的計數(shù)點為每5個點取一個計數(shù)點，則可知相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔△t=____s，若測得計數(shù)點0、l之間的距離為1.10cm，計數(shù)點5、6之間的距離為4.70cm，則可求得加速度a=_____m／s1．12．（12分）將橡皮筋的一端固定在A點，另一端拴上兩根細繩，每根細繩分別連著一個量程為5N、最小刻度為0.1N的彈簧測力計．沿著兩個不同的方向拉彈簧測力計．當橡皮筋的活動端拉到O點時，兩根細繩相互垂直，如圖所示．這時彈簧測力計的讀數(shù)可從圖中讀出．(1)由圖可讀得兩個相互垂直的拉力的大小分別為_______N和________N.(2)在圖所示的方格紙上按作圖法的要求畫出這兩個力及它們的合力______．(3)圖(A)(B)兩圖是兩位同學(xué)得到的實驗結(jié)果，其中哪一個圖符合實際？_______若合力測量值F′是準確的，則F與F′有誤差的原因可能是哪些？________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某玩具廠設(shè)計出如圖所示的玩具，軌道固定在高H1的水平臺面上，通過在A處壓縮彈簧把質(zhì)量m=0.01kg的小球（可看作質(zhì)點）從靜止彈出，先后經(jīng)過直線軌道AC、半徑R1=0.1m的圓形軌道、長為L1=0.5m的直線軌道CD、以及兩段半徑R2=1m的圓弧DE、GP，G、E兩點等高且兩圓弧對應(yīng)的圓心角都為，所有軌道都平滑連接；小球從P點水平拋出后打到固定在Q點的鑼上。CD段的動摩擦因數(shù)為0.2，其余軌道光滑，在一次測試中測出小球運動到B點時對內(nèi)軌的作用力為0.064N。(sin=0.6，cos=0.8，g=10m/s2)(1)求小球運動到B點時的速度大?。?2)請通過計算說明小球能否離開軌道？14．（16分）如圖，在光滑水平軌道的右方有一彈性擋板，一質(zhì)量為M＝0.5kg的木板正中間放有一質(zhì)量為m＝2kg的小鐵塊(可視為質(zhì)點)靜止在軌道上，木板右端距離擋板x0＝0.5m，小鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)μ＝0.2.現(xiàn)對小鐵塊施加一水平向右的外力F，木板第一次與擋板碰前瞬間撤去外力．若木板與擋板碰撞時間極短，反彈后速度大小不變，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g＝10m/s2.(1)要使小鐵塊與木板發(fā)生相對滑動求水平向右的外力F的最小值；(2)若水平向右的外力F＝10N，求木板第一次與擋板碰撞前經(jīng)歷的時間；(3)若水平向右的外力F＝10N，木板第一次與擋板碰前瞬間撤去外力，鐵塊和木板最終停下來時，鐵塊剛好沒滑出木板，求木板的長度。15．（12分）在建筑工地上有時需要將一些建筑材料由高處運送到低處，為此工人們設(shè)計了一種如圖所示的斜面滑道，斜面長L=2.0m，其與水平面的夾角θ=37o．現(xiàn)有一些建筑材料從斜面的頂端由靜止開始下滑，其與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.1．已知建筑材料的質(zhì)量m=20kg，sin37o=0.60，cos37o=0.80，建筑材料可視為質(zhì)點，空氣阻力可忽略不計，取重力加速度g=10m/s2．（1）求建筑材料在下滑過程中所受的滑動摩擦力的大小f；（2）求建筑材料在下滑的整個過程中所受重力的沖量大小IG；（3）試分析說明，如果僅改變建筑材料的質(zhì)量大小，保持其他條件不變，能否實現(xiàn)改變建筑材料滑到斜面底端時速度大小的目的．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

AB．由簡諧運動特點可知，振子離平衡位置位移越大，回復(fù)力越大，加速度越大，振子從B點運動到C點過程中，振子離平衡位置位移先減小后增大，所以加速度先減小后增大，故A錯誤，B正確；C．由公式可知，振子加速度方向與離開平衡位移方向相反，振子在從C到O過程中的位移方向向左，從O到B過程中的位移方向向右，所以振子從C點運動到B點過程中，加速度方向改變，故C錯誤；D．振子向左經(jīng)過和向右經(jīng)過P點時的速度大小相等，方向相反，加速度相同，故D錯誤。故選B。2、C【解析】

由題知小球未離開圓錐表面時細線與豎直方向的夾角為θ，用L表示細線長度，小球離開圓錐表面前，細線的張力為FT，圓錐對小球的支持力為FN，根據(jù)牛頓第二定律有FTsinθ－FNcosθ＝mω2LsinθFTcosθ＋FNsinθ＝mg聯(lián)立解得FT＝mgcosθ＋ω2mLsin2θ小球離開圓錐表面后，設(shè)細線與豎直方向的夾角為α，根據(jù)牛頓第二定律有FTsinα＝mω2Lsinα解得FT＝mLω2故C正確。故選C。3、B【解析】當F作用在物體B上時，A、B恰好不滑動則靜摩擦力達到最大值，對物體A隔離分析，根據(jù)牛頓第二定律有：μ1mg=ma對整體，根據(jù)牛頓第二定律有：Fmax-μ1（m1+m1）g=（m1+m1）a；聯(lián)立以上各式解得：Fmax=15N，故B正確，ACD錯誤．4、D【解析】

B.由圖可知，兩個物體下落的高度是相等的，根據(jù)h可知，甲、乙兩球下落到軌道的時間相等；故B錯誤；A.設(shè)圓形軌道的半徑為R．則A、C的水平位移為，則；由，可知t相同，則由可知，，故A錯誤；C.根據(jù)可知，甲、乙兩球下落到軌道的時間相等，故速度的豎直分量相等，根據(jù)，故重力的瞬時功率不相等，故C錯誤；D.兩個球的速度速度變化量等于，由于t相等，故速度變化量相等，故D正確；5、A【解析】對警衛(wèi)人員受力分析，如圖所示：根據(jù)共點力平衡條件，將F支、Ff進行力的合成，可得：F支=Gcosθ，F(xiàn)f=Gsinθ，當緩慢向上爬行時，θ漸漸變小，則F支變大，F(xiàn)f變小，故A正確，BCD錯誤。6、B【解析】

質(zhì)點采用的科學(xué)方法為建立理想化的物理模型的方法，故A錯誤；為研究某一時刻或某一位置時的速度，我們采用了取時間非常小，即讓時間趨向無窮小時的平均速度作為瞬時速度，即采用了極限思維法，故B正確；在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實驗應(yīng)用了控制變量法，故C錯誤；在探究勻變速運動的位移公式時，采用了微元法將變速運動無限微分后變成了一段段的勻速運動，即采用了微元法，故D錯誤。故選B．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A．由于傳送帶足夠長，物體減速向左滑行，直到速度減為零，然后物體會在滑動摩擦力的作用下向右加速，由于v1＜v2，物體會先在滑動摩擦力的作用下加速，當速度增大到等于傳送帶速度時，物體還在傳送帶上，之后不受摩擦力，故物體與傳送帶一起向右勻速運動，由動量定理可知，合力對物塊的沖量大小為故A錯誤；

B．此過程中只有傳送帶對滑塊做功根據(jù)動能定理W′=△EK得故B錯誤；C．設(shè)滑塊向左運動的時間t1，位移為x1，則摩擦力對滑塊做功又摩擦力做功等于滑塊動能的減小，即該過程中傳送帶的位移x2=v1t1摩擦力對傳送帶做功聯(lián)立得W2=mv1v2設(shè)滑塊向右運動的時間t2，位移為x3，則摩擦力對滑塊做功該過程中傳送帶的位移x4=v1t2=2x3滑塊相對傳送帶的總位移x相=x1+x2+x4-x3=x1+x2+x3滑動摩擦力對系統(tǒng)做功滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量大小等于通過滑動摩擦力對系統(tǒng)做功故C正確；

D．全過程中，電動機對皮帶做的功與滑塊動能的減小量等于滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量，即整理得故D正確。故選CD。8、ABD【解析】

以球為研究對象，對球進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件求出擋板對球的作用力；

若擋板旋轉(zhuǎn)，分析小球受力情況，作出力圖，運用圖解法，分析支持力的變化情況即可；【詳解】A、若，球處于靜止狀態(tài)，受力平衡，對球進行受力分析，如圖所示：為鄰邊作平行四邊形，根據(jù)幾何關(guān)系可知，，由牛頓第三定律知，球?qū)π泵娴膲毫Υ笮镚，故A正確；B、若擋板從位置沿逆時針方向緩慢轉(zhuǎn)動到過程中，的方向始終不變，根據(jù)圖象可知，都增大，根據(jù)牛頓第三定律可知，球?qū)π泵娴膲毫υ龃?，故B正確；C、整體在水平方向有加速度，但是豎直方向沒有運動，即豎直方向的合力為零，根據(jù)平衡條件可知地面對小車整體的支持力等于小車整體的重力，根據(jù)牛頓第三定律可知，小車整體對地面的壓力大小等于小車整體的重力，故選項C錯誤；D、若保持擋板不動，使小車水平向右做勻加速直線運動，當和重力G的合力正好提供產(chǎn)生加速度時的力時，球?qū)醢宓膲毫榱?，故D正確?！军c睛】本題運用圖解法，分析動態(tài)平衡問題，比較直觀簡便，也可以采用函數(shù)法，由數(shù)學(xué)知識分析力的變化。9、AD【解析】A、依據(jù)能量守恒和動量守恒的條件，小球從A到C運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量不守恒，故A正確；B、小球在A點，速度大小為0，小球的功率為0，小球在C點，速度方向與重力方向垂直，小球的功率為0，小球從A到C運動過程中，功率先變大后變小，故B錯誤；CD、依據(jù)能量守恒和動量守恒的條件，小球從C到B運動過程中，球和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，系統(tǒng)動量不守恒，故C錯誤，D正確；故選AD?！军c睛】依據(jù)能量守恒和動量守恒的條件，小球從A到C運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量不守恒，小球從C到B運動過程中，球和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，系統(tǒng)動量不守恒。10、AD【解析】

A．兩物塊組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：由圖示圖象可知，t1時刻兩者的共同速度：v1=1m/s，代入數(shù)據(jù)解得：m2=4kg，故A正確。BC．由圖示圖象可知，兩物塊的運動過程，開始時m1逐漸減速，m2逐漸加速，彈簧被壓縮，t1時刻二者速度相當，系統(tǒng)動能最小，勢能最大，彈簧被壓縮最厲害，然后彈簧逐漸恢復(fù)原長，m2依然加速，m1先減速為零，然后反向加速，t2時刻，彈簧恢復(fù)原長狀態(tài)，由于此時兩物塊速度相反，因此彈簧的長度將逐漸增大，兩木塊均減速，當t3時刻，二木塊速度相等，系統(tǒng)動能最小，彈簧最長，因此從t3到t4過程中彈簧由伸長狀態(tài)恢復(fù)原長，故B、C錯誤。D．彈簧壓縮量最大或伸長量最大時彈簧彈性勢能最大，當彈簧壓縮量最大時兩物塊速度相等，如t1時刻，對系統(tǒng)，由能量守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：EP=6J故D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、O.10.70【解析】

相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔△t=5×0.01s=0.1s；根據(jù)?x=aT1可解得：12、2.504.00如圖；B正確測力計的讀數(shù)不準確；力的方向畫的準確【解析】（1）由圖可讀得兩個相互垂直的拉力的大小分別為2.50N和4.00N.（2）取如圖所示的兩格表示1.0N，則可得出F1、F2，由上圖得出兩力的方向；作出平行四邊形，即其對角線的長度表示力的大小，箭頭的指向表示力的方向，故答案如圖所示：求得F=4.7N；

（3）圖B中的F與F′中，F(xiàn)是由平行四邊形得出的，而F′是通過實驗方法得出的，其方向一定與橡皮筋的方向相同，一定與AO共線的是F′，故選B．

若合力測量值F′是準確的，則F與F′有誤差的原因可能是:測力計的讀數(shù)不準確；力的方向畫的準確.點睛：本題考查彈簧秤的讀數(shù)及作力的圖示，都屬對基礎(chǔ)技能的考查；應(yīng)注意讀數(shù)時要注意精度及題目的要求．本實驗采用的是等效替代的方法，即一個合力與幾個分力共同作用的效果相同，可以互相替代．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.6m/s；(2)小球不離開軌道【解析】

(1)由牛頓第二定律得mg－FN=解得v0=0.6m/s(2)假設(shè)小球不離開軌道，通過直線軌道CD后能上升的最大高度為h0，則mg(2R1－h(huán)0)－μmgL1＝0－得h0=0.118m由于h0<2R1且h0<R2(1－cos)所以小球不離開軌道14、(1)20N(2)t＝0.5s