濟寧市2025屆物理高二第一學期期中聯考試題含解析

濟寧市2025屆物理高二第一學期期中聯考試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在探究加速度與力、質量的關系實驗中，如圖所示是某同學正要釋放小車的情形，下列說法正確的是(）A．應把長木板水平放置B．應使小車離打點計時器遠些C．應將打點計時器接在直流電源上D．應調整滑輪高度使細繩與長木板表面平行2、如圖所示，兩個帶同種電荷的小球（可看作點電荷），電荷量分別為q1和q2，質量分別為m1和m2，當兩球處于同一水平面保持靜止時，α＞β，則造成α＞β的可能原因是（）A．q1＞q2B．q1＜q2C．m1＞m2D．m1＜m23、如圖所示，邊長為l的等邊三角形導線框用絕緣細線懸掛于天花板，導線框中通以恒定的逆時針方向的電流。圖中虛線過ab邊中點和ac邊中點，在虛線的下方為垂直于導線框向里的有界矩形勻強磁場，其磁感應強度大小為B。此時導線框處于靜止狀態(tài)，細線中的拉力為F1；現將虛線下方的磁場移至虛線上方且磁感應強度的大小改為原來的2倍，保持其他條件不變，導線框仍處于靜止狀態(tài)，此時細線中拉力為F2。則導線框中的電流大小為（）A． B． C． D．4、關于電壓和電動勢，下列說法正確的是（）A．電動勢是反映電源把其他形式能轉化為電能本領的物理量B．電動勢就是電源兩極間的電壓C．電壓和電動勢單位相同，所以電動勢和電壓物理意義相同D．電源電動勢定義式和電勢差定義式中的W都是電場力做的功5、電場強度的定義式為E＝F/q，下列說法正確的是（）A．E跟F和檢驗電荷q都無關 B．E的大小與F成正比，與q成反比C．移去電荷q，E的大小變?yōu)榱?D．這個定義式只適用于點電荷的電場6、元電荷是（）A．電子 B．正電子 C．質子 D．電量的一種單位二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，閉合開關S后當變阻器R3的滑動頭P向b移動時，下列說法正確的是（）A．電壓表示數變大B．電流表示數變大C．電源消耗的總功率變小D．電源的效率（電源的輸出功率/電源消耗的總功率）變小8、如圖所示，R1為定值電阻，R2為可變電阻，E為電源電動勢，r為電源內阻，以下說法中正確的是（）A．當R2＝R1＋r時，R1上獲得最大功率B．當R2＝R1＋r時，R2上獲得最大功率C．當R2＝0時，R1上獲得最大功率D．當R2＝0時，電源的輸出功率最大9、勞倫斯和利文斯設計出回旋加速器，工作原理示意圖如圖所示.置于真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可忽略.磁感應強度為B的勻強磁場與盒面垂直，高頻交流電頻率為f，加速電壓為U.若A處粒子源產生質子的質量為m、電荷量為＋q，在加速器中被加速，且加速過程中不考慮相對論效應和重力的影響.則下列說法正確的是A．質子被加速后的最大速度不可能超過2πRfB．質子離開回旋加速器時的最大動能與加速電壓U成正比C．質子第2次和第1次經過兩D形盒間狹縫后軌道半徑之比為∶1D．不改變磁感應強度B和交流電頻率f，經該回旋加速器加速的各種粒子的最大動能不變10、如圖所示用三根長度相同的絕緣細線將三個帶電小球連接后懸掛在空中。三個帶電小球質量相等，A球帶負電，平衡時三根絕緣細線都是直的，但拉力都為零，已知BC連線水平，則A．B球帶負電荷，C球帶正電荷B．B球和C球都帶正電荷C．A球電荷量的絕對值是B球的兩倍D．B球和C球所帶電量不一定相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在驗證力的平行四邊形定則的實驗中。(1)測量分力和合力的實驗器材是測力計。測力計使用前____（填A或B）調零A．要B．不要(2)實驗中_____（填A或B）兩個分力方向相互垂直。A．需要B．不需要(3)該實驗采用了_____（填A或B）的實驗方法A．等效替代B．控制變量12．（12分）某小組的同學擬探究小燈泡L的伏安特性曲線，可供選用的器材如下：小燈泡L，規(guī)格“4.0V，0.7A”；電流表A1，量程3A，內阻約為0.1Ω；電流表A2，量程0.6A，內阻R2＝0.2Ω；電壓表V，量程3V，內阻RV＝9kΩ；標準電阻R1，阻值1Ω；標準電阻R2，阻值3kΩ；滑動變阻器R，阻值范圍0～10Ω；學生電源E，電動勢6V，內阻不計；開關S及導線若干。（1）甲同學設計了如圖1所示的電路來進行測量，當通過L的電流為0.46A時，電壓表的示數如圖2所示，此時L的電阻為______Ω。（2）乙同學又設計了如圖3所示的電路來進行測量，電壓表指針指在最大刻度時，加在L上的電壓值是______V。（3）小組認為要想更準確地描繪出L完整的伏安特性曲線，需要重新設計電路。請你在乙同學的基礎上利用所提供器材，在圖4所示的虛線框內補畫出實驗電路圖，并在圖上標明所選器材代號。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個電子以的速度沿與電場垂直的方向從A點飛進勻強電場，并且從另一端B點沿與場強方向成150°角方向飛出，電子從A到B運動的時間為.電子的質量為，電子重力不計．則：(1)A、B兩點間的電勢差為多少？(2)勻強電場的電場強度為多少？14．（16分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A，B水平放置，接入如圖所示電路中，兩板間的距離，電源電動勢，內電阻r，電阻，，閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，將一帶電的小球放入板間恰能保持靜止，若小球質量為，電量大小，取問：小球帶正電還是負電，電容器的電壓為多大？電源的內阻為多大？電源的效率是多大？15．（12分）在磁感應強度為0.8T的勻強磁場中，放一條與磁場方向垂直、長度為2m的通電導線，導線中的電流為5.0A，求：(1)這條導線所受安培力大??；(2)如果將導線轉動90°，使導線與磁場平行，求此時導線受到的安培力。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析:應把長木板的右端適當墊高，以平衡摩擦阻力，故A錯誤；應使小車離打點計時器近些，這樣可以打更多的點，故B錯誤；打點計時器接在交流電源上，故C錯誤；應調整滑輪高度使細繩與長木板表面平行，故D正確．考點：探究加速度與力、質量的關系2、D【解析】

對A、B球受力分析，根據共點力平衡和幾何關系表示出電場力和重力的關系．根據電場力和重力的關系得出兩球質量的關系．【詳解】對A、B球受力分析，根據共點力平衡和幾何關系得：m1g=F1cotα，m1g=F1cotβ由于F1=F1，α＞β所以m1＜m1．根據題意無法知道帶電量q1、q1的關系．故選D．【點睛】要比較兩球質量關系，我們要通過電場力把兩重力聯系起來進行比較，注意庫侖力與電量大小無關，而是與各自電量的乘積有關．3、D【解析】

當磁場在虛線下方時，通電導線的等效長度為，受到的安培力方向豎直向上，設三角形導線框質量為m，則有：當磁場在虛線上方時，通電導線的等效長度為，受到的安培力方向豎直向下，磁感應強度增大到原來的兩倍，故此時有：聯立可得故D正確，ABC錯誤；故選D。4、A【解析】

A、電動勢是表征電源把其他形式的能轉化為電勢能本領的物理量,故A正確.B、當外電路斷開時，電動勢大小等于電源兩極間的電壓，故B錯誤.C、電壓和電動勢單位相同，但電動勢和電壓物理意義不相同，電動勢反映電源的特性，與外電路的結構無關，故C錯誤D、電源電動勢定義式中的W是指非靜電力做的功，電勢差定義式中的W是指電場力做的功，故D錯誤.故選A.5、A【解析】

電場強度的定義式是是用比值定義法定義的物理量，式子中的q表示試探電荷的電荷量，而E為原電場的電場強度，是由電場本身決定的，與試探電荷無關，試驗電荷q的數值應足夠小，不改變它所在處的電場，這樣，電場強度就等于每單位正電荷所受的力．【詳解】A、B、C項：電場強度E可以根據定義式來測量，電場強度就等于每單位正電荷所受的力，但場強與試探電荷無關，是由電場本身決定的，故A正確，B、C錯誤；D項：電場強度E根據定義式適用于任意電場，故D錯誤．故應選：A．【點睛】本題涉及電場強度的定義式和點電荷電場強度的決定式，空間某點的電場強度是由場源電荷和與場源電荷間的相對位置決定的．6、D【解析】元電荷是電量的一種單位，是帶電體所帶電荷的最小值．等于質子，電子和正電子所帶電荷量的大小．D對．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】滑動變阻器和并聯，將滑動變阻器的滑片P向b移動的過程中，滑動變阻器連入電路的電阻減小，故電路總電阻減小，電路總電流增大，根據閉合回路歐姆定律可得知，路端電壓減小，即電壓表示數減小，而大小不變，通過的電流增大，所以兩端的電壓增大，故并聯電路兩端的電壓減小，即兩端的電壓減小，所以的電流減小，而總電流是增大的，故通過滑動變阻器的電流增大，即電流表示數增大，A錯誤B正確；因為總電流增大，根據P=EI可知電源消耗的功率增大，C錯誤；電源的效率，路端電壓U變小，所以電源的效率變小，故D正確；【點睛】在分析電路動態(tài)變化時，一般是根據局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據閉合回路歐姆定律推導所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數變化），也就是從局部→整體→局部8、BC【解析】

AB．將等效到電源的內部，上的功率視為等效電源的輸出功率，上的功率為：所以當外電阻等于內阻時，即：等效電源輸出功率最大，即上的功率最大，故A錯誤，B正確C．根據：可知經過電阻的電流最大時，上的功率最大；當外電阻最小時，即時，電流最大，上的功率最大，故C正確．D．當外電阻等于內阻時，即：電源的輸出功率最大，所以電源的輸出功率不一定最大，故D項錯誤．9、AC【解析】

A．質子出回旋加速器的速度最大，此時的半徑為R，則所以最大速度不超過，故A正確；B．根據知則最大動能與加速的電壓無關，故B錯誤；C．粒子在加速電場中做勻加速運動，在磁場中做勻速圓周運動，根據知，質子第2次和第1次經過D形盒狹縫的速度比為，根據，則半徑之比為，故C正確；D．質子離開回旋加速器時的最大動能最大初動能和粒子的質量和電荷量也有關，故D錯誤。10、BC【解析】

A、B、對B球受力分析如圖所示：B球受重力及A、C對B球的庫侖力而受于平衡狀態(tài)；則A與C球對B球的庫侖力的合力應與重力大小相等，方向相反；而庫侖力的方向只能沿兩電荷的連線方向，故可知A對B的庫侖力應指向A，C對B的作用力應指向B的左側；則可知B、C都應帶正電；故A錯誤、B正確.C、D、由受力分析圖可知，A對B的庫侖力應為C對B庫侖力的2倍，故C帶電量應為A帶電量的一半；同理分析C可知，B帶電量也應為A帶電量的一半，故B、C帶電量應相同；故C正確，D錯誤.故選BC.【點睛】庫侖定律考查一般都是結合共點力平衡進行的，因此解題的關鍵在于做出受力分析圖，明確庫侖力的方向；則可利用共點力的平衡條件進行解答．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABA【解析】

(1)[1]彈簧測力計在使用前必須校零，A正確B錯誤；故選A。(2)[2]為了作圖方便，兩個分力間的夾角不要太大，也不要太小即可，也不一定要垂直，B正確A錯誤；故選B。(3)[3]在驗證力的平行四邊形定則的實驗中，兩種情況下作用效果相同，故使用了等效替代的方法，故A正確，B錯誤；故選A。12、①5（2分）②4（3分）③答圖1（5分）答圖2（3分）【解析】試題分析：①由圖知，電壓表的讀數為2.30V，根據歐姆定律，L的電阻RL＝UI＝2.300.46Ω＝5Ω；②電壓表與電阻R2串聯，電壓表兩端的電壓3V，根據串聯電路電阻與電壓的關系，電阻R2兩端的電壓為1V，燈泡L兩端的電壓為電壓表和電阻R2兩端的電壓之和，即為4V；③為了使電流表讀數準確，電流表應用A2，因其量程為0.6A，不能測量0.7A，所以應與A2并聯一個定值電阻R考點：歐姆定律，串聯電路的關系，并聯電路的關系，電路圖畫法點評：學生能熟練運用歐姆定律，串聯電路的關系，并聯電路的關系去分析問題。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題