2025屆甘肅省定西市渭源縣高三物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)試題含解析

2025屆甘肅省定西市渭源縣高三物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、2017年6月15日上午11點(diǎn)，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征四號(hào)乙運(yùn)載火箭成功發(fā)射首顆X射線調(diào)制望遠(yuǎn)鏡衛(wèi)星“慧眼”．假設(shè)將發(fā)射火箭看成如下模型；靜止實(shí)驗(yàn)火箭總質(zhì)量為M=2100g．當(dāng)它以對(duì)地速度為v0=840m／s噴出質(zhì)量為△m=100g的高溫氣體后，火箭的對(duì)地速度大小為(噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計(jì))A．30m／s B．40m／s C．42m／s D．50m／s2、如圖所示，質(zhì)量為M的小車放在光滑的水平地面上，右面靠墻，小車的上表面是一個(gè)光滑的斜面，斜面的傾角為α，設(shè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，那么，當(dāng)有一個(gè)質(zhì)量為m的物體在這個(gè)斜面上自由下滑時(shí)，小車對(duì)右側(cè)墻壁的壓力大小是A．mgtanα B． C． D．mgsinα·cosα3、如圖所示，足夠長(zhǎng)的半徑為R=0.4m的1/4圓弧形光滑軌道固定于豎直平面內(nèi)，圓弧形軌道與光滑固定的水平軌道相切，可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量均為m=1kg的小球甲、乙用輕桿連接，置于圓弧形軌道上，小球甲與O點(diǎn)等高，小球乙位于圓心O的正下方。某時(shí)刻將兩小球由靜止釋放，最終它們?cè)谒矫嫔线\(yùn)動(dòng)。g取10m/s2。則()A．兩球最終在水平面上運(yùn)動(dòng)的速度大小為2m/sB．小球甲下滑過程中機(jī)械能守恒C．小球甲下滑到圓弧形軌道最低點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道壓力的大小為10ND．整個(gè)過程中輕桿對(duì)小球乙做的功為1J4、關(guān)于運(yùn)動(dòng)物體所受的合外力、合外力做的功及動(dòng)能變化的關(guān)系，下列說法正確的是()A．合外力為零，則合外力做功一定為零B．合外力做功為零，則合外力一定為零C．合外力做功越多，則動(dòng)能一定越大D．動(dòng)能不變，則物體所受合外力一定為零5、如圖所示，質(zhì)量為m的小球A沿高度為h傾角為θ的光滑斜面以初速v0滑下，另一質(zhì)量與A相同的小球B自相同高度同時(shí)由靜止落下，結(jié)果兩球同時(shí)落地．下列說法正確的是（）A．重力對(duì)兩球做的功不等B．落地前的瞬間A球的速度等于B球的速度C．落地前的瞬間A球重力的瞬時(shí)功率大于B球重力的瞬時(shí)功率D．兩球重力的平均功率相同6、如圖所示，用一根長(zhǎng)桿和兩個(gè)小定滑輪組合成的裝置來(lái)提升質(zhì)量為m的重物A，長(zhǎng)桿的一端放在地面上，并且通過鉸鏈連接形成轉(zhuǎn)軸，其端點(diǎn)恰好處于左側(cè)滑輪正下方的O點(diǎn)處，在桿的中點(diǎn)C處拴一細(xì)繩，通過兩個(gè)滑輪后掛上重物A，C點(diǎn)與O點(diǎn)的距離為，滑輪上端B點(diǎn)距O點(diǎn)的距離為.現(xiàn)在桿的另一端用力，使其沿逆時(shí)針方向由豎直位置以角速度勻速轉(zhuǎn)至水平位置(轉(zhuǎn)過了角).則在此過程中，下列說法正確的是（）A．重物A的速度先增大后減小，最大速度是B．重物A做勻速直線運(yùn)動(dòng)C．繩的拉力對(duì)A所做的功為D．繩的拉力對(duì)A所做的功為二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，不計(jì)電壓表和電流表內(nèi)阻對(duì)電路的影響，當(dāng)電鍵閉合后，兩小燈泡均能發(fā)光．在將滑動(dòng)變阻器的觸片逐漸向右滑動(dòng)的過程中，下列說法正確的是()A．小燈泡L1、L2均變暗B．小燈泡L1變亮，小燈泡L2變暗C．電流表A的讀數(shù)變小，電壓表V的讀數(shù)變大D．電流表A的讀數(shù)變大，電壓表V的讀數(shù)變小8、在如圖所示的電路中，當(dāng)閉合開關(guān)S后，若將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則正確的是A．電壓表和電流表的示數(shù)都增大。B．燈L2變暗，電流表的示數(shù)增大。C．燈L2變亮，電容器的帶電量增加。D．燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小。9、2019年7月19日，天宮二號(hào)實(shí)驗(yàn)室受控離軌并再入在大氣層，少量殘骸落入南太平洋預(yù)定安全海域，標(biāo)志著中國(guó)載人航天工程空間實(shí)驗(yàn)室階段全部任務(wù)圓滿完成。在實(shí)驗(yàn)期間，成功實(shí)現(xiàn)將貨運(yùn)飛船“天舟一號(hào)”與軌道空間站“天宮二號(hào)”剛性對(duì)接，設(shè)對(duì)接后的組合體繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其周期為，離地面的高度為。已知地球半徑為，引力常量為，根據(jù)以上信息可求出A．組合體的質(zhì)量為 B．地球的質(zhì)量為C．地球表面的重力加速度為 D．組合體的向心加速度為10、已知一足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面的傾角為,以恒定的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)．某時(shí)刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣?、質(zhì)量為m的小物塊,如圖甲所示．以此時(shí)為時(shí)刻,小物塊的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示(圖甲中取沿傳送帶向上的方向?yàn)檎较?圖乙中)．下列說法中正確的是()A．0～t1內(nèi)傳送帶對(duì)小物塊做正功B．小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ小于C．0～t2內(nèi)傳送帶對(duì)小物塊做功為D．0～t2內(nèi)小物塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量大于小物塊動(dòng)能的減少量三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示的裝置可以用來(lái)測(cè)量滑塊與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)．在水平面上將彈簧的一端固定，另一端與帶有擋光片的滑塊接觸（彈簧與滑塊不固連）．壓縮彈簧后，將其釋放，滑塊被彈射，離開彈簧后經(jīng)過O處的光電門，最終停在P點(diǎn)．(1)除了需要測(cè)量擋光片的寬度d，還需要測(cè)量的物理量有____．A．光電門與P點(diǎn)之間的距離sB．擋光片的擋光時(shí)間tC．滑塊（帶擋光片）的質(zhì)量mD．滑塊釋放點(diǎn)到P點(diǎn)的距離x(2)動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式μ=____（用上述測(cè)量量和重力加速度g表示）．(3)請(qǐng)?zhí)岢鲆粋€(gè)可以減小實(shí)驗(yàn)誤差的建議：_________12．（12分）為了測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某實(shí)驗(yàn)小組按圖（甲)所示的電路圖連好實(shí)驗(yàn)電路，合上開關(guān)，電流表和電壓表的讀數(shù)正常，當(dāng)將滑動(dòng)變阻器的滑片由A端向B端逐漸滑動(dòng)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)逐漸增大，而電壓表的示數(shù)接近1.5V且?guī)缀醪蛔?，直到?dāng)滑片滑至臨近B端時(shí)電壓表的示數(shù)急劇變化，這種情況很難讀出數(shù)值分布均勻的幾組不同的電流值、電壓值．(1)出現(xiàn)上述情況的原因是________，改進(jìn)方法是________．(2)改進(jìn)后，測(cè)出幾組電流、電壓的數(shù)值，并畫出如圖（乙)所示的圖象，由圖象可知，這個(gè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=_____Ω(均保留三位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在傾角θ＝30°的光滑斜面上有兩個(gè)用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)開始用一沿斜面方向的力F拉物塊A使之向上勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊B剛要離開C時(shí)F的大小恰為2mg．問：(1)從F開始作用到物塊B剛要離開C的過程中彈簧彈力對(duì)物塊A做的功；(2)物塊B剛要離開C時(shí)物塊A的動(dòng)能；(3)從F開始作用到物塊B剛要離開C的過程中力F做的功．14．（16分）如圖所示，一汽球從地面上以v0=6m/s的速度豎直向上勻速升起，當(dāng)氣球的下端距地面h=13m高時(shí)，在氣球的正下方緊貼地面將一小球豎直上拋，小球的初速度v1=14m/s，不計(jì)小球的大小，小球在運(yùn)動(dòng)中所受的空氣阻力大小總等于重力的0.1倍，g取10m/s1．求：（1）小球上升過程的加速度為多大；（1）判斷小球能否擊中氣球．若能擊中，計(jì)算出小球擊中氣球時(shí)的速度大小；若不能擊中，計(jì)算小球落地的速度大?。ㄓ?jì)算結(jié)果可保留最簡(jiǎn)根號(hào)）15．（12分）質(zhì)量為m的物體置于傾角為=37°的固定斜面上，物體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.1．如圖甲所示，先用平行于斜面的推力F1作用于物體上，使其能沿斜面勻速上滑；若改用水平推力F1作用于物體上，也能使物體沿斜面勻速上滑，如圖乙所示．求兩次推力大小之比．(sin37°=0.6，cos37°=0.8)

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】

發(fā)射過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出導(dǎo)彈的速度．【詳解】噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計(jì)，可知在火箭發(fā)射的過程中二者組成的相同豎直方向的動(dòng)量守恒；以噴出氣體的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：△mv0+（M-△m）v=0，解得：v=-42m/s，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C．【點(diǎn)睛】本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，考查了求導(dǎo)彈的速度問題，知道發(fā)射過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以解題．2、D【解析】試題分析：當(dāng)物塊下滑時(shí)，物塊對(duì)小車的作用力為mgcosα；對(duì)小車進(jìn)行受力分析，如圖所示：小車處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，水平方向有：N=mgcosαsinα故選項(xiàng)A正確．考點(diǎn)：力的平衡及正交分解法．3、A【解析】

先對(duì)兩個(gè)球整體分析，只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式分析；考慮重力對(duì)小球甲做功功率時(shí)，結(jié)合特殊位置進(jìn)行分析；在圓弧軌道最低點(diǎn)，重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式分析；對(duì)球乙運(yùn)用動(dòng)能定理列式分析?！驹斀狻緼項(xiàng)：兩個(gè)球系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則，解得：，故A正確；B項(xiàng)：由甲、乙組的系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，由于乙球的機(jī)械能增大，所以甲球的機(jī)械能減小，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：小球甲下滑到圓弧形軌道最低點(diǎn)，重力和支持力的合力提供向心力，故：解得：，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：整個(gè)過程中，對(duì)球乙，根據(jù)動(dòng)能定理，有：，故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：A?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵時(shí)明確兩個(gè)球相同機(jī)械能守恒，而單個(gè)球的機(jī)械能不守恒，同時(shí)要結(jié)合動(dòng)能定理分析，還要找到向心力來(lái)源。4、A【解析】如果物體所受的合外力為零，根據(jù)W=FS得，那么外力對(duì)物體做的總功一定為零，故A正確；如果合外力做的功為零，但合外力不一定為零．可能物體的合外力和運(yùn)動(dòng)方向垂直而不做功，故B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可知，如果合外力做功越多，動(dòng)能變化越大，但是動(dòng)能不一定越大，故C錯(cuò)誤；物體動(dòng)能不變，只能說合外力不做功，但合外力不一定為零，例如做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，故D錯(cuò)誤．故選A．點(diǎn)睛：合外力做功和動(dòng)能變化的關(guān)系由動(dòng)能定理反映．合外力為零，其功一定為零，但合外力功為零，但合外力不一定為零．注意功是標(biāo)量，公的正負(fù)不表示方向．5、D【解析】

本題考查功和功率A.兩球從相同的高度下落，策略所做的功相同，均為，故A錯(cuò)；B.設(shè)落地前的瞬間A，B球的速度為，則，，由于所以，所以落地前的瞬間A球的速度大于B球的速度，故B錯(cuò)；C.根據(jù)平均速度公式可知：對(duì)A有：，對(duì)B有：，整理得：，而vAsinθ就是A球在底端的豎直速度，很明顯小于vB，，因此PA＜PB，故C錯(cuò)誤．D.重力所做的功相同，均為；做功的時(shí)間也相同均為，所以其功率也相同，且為，故本題正確答案為D6、A【解析】設(shè)C點(diǎn)線速度方向與繩子沿線的夾角為（銳角），由題知C點(diǎn)的線速度為，該線速度在繩子方向上的分速度就為，的變化規(guī)律是從最大（）然后逐漸變小，則逐漸變大，直至繩子和桿垂直，變?yōu)榱?，繩子的速度變?yōu)樽畲螅蝗缓笥种饾u增大，逐漸變小，繩子的速度變慢，可知重物做變速運(yùn)動(dòng)，重物先加速，后減速，當(dāng)為零時(shí)，重物的速度最大，達(dá)到，故A正確；B錯(cuò)誤；拉力對(duì)重物m所做的功等于物體重力勢(shì)能的增加量和動(dòng)能的增加量，物體升高的高度等于左側(cè)繩子的伸長(zhǎng)量，由幾何關(guān)系可知，故重力勢(shì)能增加量為，而桿轉(zhuǎn)到水平位置時(shí)，，則此時(shí)速度為；故此時(shí)動(dòng)能的增加量為，因此繩子對(duì)物體A所做的功為，故CD錯(cuò)誤；選A.【點(diǎn)睛】本題應(yīng)明確重物的速度來(lái)自于繩子的速度，注意在速度的分解時(shí)應(yīng)明確桿的轉(zhuǎn)動(dòng)線速度為線速度，而繩伸長(zhǎng)速度及轉(zhuǎn)動(dòng)速度為分速度，再由運(yùn)動(dòng)的合成與分解得出合速度與分速度的關(guān)系．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】滑動(dòng)變阻器的觸片向右滑動(dòng),電阻變大，總電阻變大，總電流變小，所以電流表A的讀數(shù)變小，小燈泡L2變暗．總電流變小，內(nèi)電壓變小，路端電壓變大，即電壓表V的讀數(shù)變大．又小燈泡L2分壓變小，所以并聯(lián)部分分壓變大，小燈泡L1變亮，BC對(duì)8、BD【解析】試題分析：滑動(dòng)片向下移動(dòng)時(shí)，連入電路電阻減小，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，故電壓表示數(shù)變小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；因電流增大，內(nèi)電壓及L1上的電壓都增大（燈L1變亮），所以L2上電壓減?。鬖2變暗）、電流減小，故電容器電量減小，電流表示數(shù)增大，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤，B、D正確?？键c(diǎn)：閉合電路歐姆定律部分電路歐姆定律串并聯(lián)規(guī)律9、BD【解析】

AB．對(duì)接后的組合體繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其周期為T，離地面的高度為H，設(shè)地球質(zhì)量為M，組合體質(zhì)量為m，萬(wàn)有引力提供向心力得得①故A錯(cuò)誤，B正確；C．忽略球體自轉(zhuǎn)影響，萬(wàn)有引力等于重力得②聯(lián)立①②得故C錯(cuò)誤；D．對(duì)接后的組合體繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其周期為T，離地面的高度為H，設(shè)地球質(zhì)量為M，組合體質(zhì)量為m，萬(wàn)有引力提供向心力得③聯(lián)立①③解得故D正確。故選BD。10、BD【解析】試題分析：由圖知，物塊先向下運(yùn)動(dòng)后向上運(yùn)動(dòng)，則知傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)向上．0～t1內(nèi)，物塊對(duì)傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊對(duì)傳送帶做負(fù)功．故A錯(cuò)誤．在t1～t2內(nèi)，物塊向上運(yùn)動(dòng)，則有μmgcosθ＞mgsinθ，得μ＞tanθ．故B正確．0～t2內(nèi)，由圖“面積”等于位移可知，物塊的總位移沿斜面向下，高度下降，重力對(duì)物塊做正功，設(shè)為WG，根據(jù)動(dòng)能定理得：W+WG=mv22-mv1，則傳送帶對(duì)物塊做功W≠mv22-mv1．故C錯(cuò)誤．物塊的重力勢(shì)能減小、動(dòng)能也減小都轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，則由能量守恒得知，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量大小一定大于物塊動(dòng)能的變化量大?。蔇正確．故選BD.考點(diǎn)：動(dòng)能定理；能量守恒定律.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AB多次測(cè)量取平均值；選用寬度較小的擋光片【解析】（1）遮光片經(jīng)過光電門的速度；由動(dòng)能定理：解得；則除了需要測(cè)量擋光片的寬度d，還需要測(cè)量的物理量有：光電門與P點(diǎn)之間的距離s和擋光片的擋光時(shí)間t，故選AB.（2）動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式；（3）可以減小實(shí)驗(yàn)誤差的建議：多次測(cè)量取平均值可減小偶然誤差；選用寬度較小的擋光片可減小測(cè)量速度產(chǎn)生的誤差.12、滑動(dòng)變阻器阻值太大，有效調(diào)節(jié)部分太短選擇阻值較小的滑動(dòng)變阻器1.482.40【解析】

(1)[1][2]滑動(dòng)變阻器串聯(lián)在電路中，電壓表測(cè)量路端電壓，剛開始滑動(dòng)觸頭P由A端向B端逐漸滑動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)幾乎不變，說明隨著電阻的變小，滑動(dòng)變阻器的電阻占整個(gè)電路電阻的比例變化不大，直到當(dāng)滑動(dòng)觸頭P滑至臨近B端時(shí)，電壓表的示數(shù)急劇變化，說明滑線變阻器的總電阻太大。所以原因是：滑動(dòng)變阻器