2025屆湖南邵陽縣一中物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

2025屆湖南邵陽縣一中物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，ABC為與勻強(qiáng)磁場垂直的邊長為a的等邊三角形，比荷為的電子以速度v0從A點沿AB邊射出（電子重力不計），欲使電子能經(jīng)過AC邊，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值為A．B＜ B．B＜ C．B＞ D．B＞2、如果在某電場中將5.0×10-8C的電荷由A點移到B點，電場力做功為6.0×10-3J，那么（）A．A、B兩點間的電勢差是1.2×10-5VB．A、B兩點間的電勢差是3.0×10-10VC．若在A、B兩點間移動2.5×10-8C的電荷，電場力將做3.0×10-3J的功D．若在A、B兩點間移動1.0×10-7C的電荷，電場力將做3.0×10-3J的功3、在某靜電場中P點放一個帶負(fù)電的檢驗電荷q，它所受的電場力為F，則關(guān)于P點的電場強(qiáng)度E，正確的說法是（）A．E=F/q，方向與F相同B．若取走q，P點的電場強(qiáng)度E=0C．若在P點放一個2q的檢驗電荷，則P點的電場強(qiáng)度將變?yōu)樵瓉淼?倍D．E的大小與檢驗電荷無關(guān)4、一個單擺做受迫振動，其共振曲線振幅A與驅(qū)動力的頻率f的關(guān)系如圖所示，則A．此單擺的固有周期約為B．此單擺的擺長約為1mC．若擺長減小，單擺的固有頻率減小D．若擺長增大，共振曲線的峰將向右移動5、如圖所示，MN、PQ是水平方向的勻強(qiáng)磁場的上下邊界，磁場寬度為L．一個邊長為a的正方形導(dǎo)線框（L>2a）從磁場上方下落，運動過程中上下兩邊始終與磁場邊界平行．線框進(jìn)入磁場過程中感應(yīng)電流i隨時間t變化的圖象如右圖所示，則線框從磁場中穿出過程中線框中感應(yīng)電流i隨時間t變化的圖象可能是以下的哪一個（）A． B．C． D．6、單擺振動的回復(fù)力是A．?dāng)[球所受的重力B．?dāng)[球重力在垂直懸線方向上的分力C．懸線對擺球的拉力D．?dāng)[球所受重力和懸線對擺球拉力的合力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，電源的電動勢恒定．要想使燈泡變暗，可以()A．增大R1B．減小R1C．增大R2D．減小R28、如圖所示，在水平向左的勻強(qiáng)電場中，一小球質(zhì)量為m，電荷量為-q，用絕緣輕繩（不伸縮）懸于O點，平衡時小球位于A點，此時繩與豎直方向的夾角繩長為L，OD水平，OC豎直。在D點給小球適當(dāng)?shù)某跛俣仁蛊淅@O點做圓周運動，下列說法正確的是（）A．勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為B．小球在C點時的重力勢能最小C．小球在C點時動能最大D．小球從D運動到A的過程中電勢能先增大后減小9、如圖電路中,電源內(nèi)阻不計,三個小燈泡完全相同且外電路變化時每個燈泡兩端的電壓都不會超其額定電壓,開始時只有S1閉合.當(dāng)S2也閉合后,下列說法正確的是A．燈泡L1變暗 B．燈泡L2變暗C．電容器C的帶電荷量將增大 D．電路中總電流增大10、質(zhì)譜儀是用來分析同位素的裝置，如圖為質(zhì)譜儀的示意圖，其由豎直放置的速度選擇器、偏轉(zhuǎn)磁場構(gòu)成。由三種不同粒子組成的粒子束以某速度沿豎直向下的方向射入速度選擇器，該粒子束沿直線穿過底板上的小孔O進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場，最終三種粒子分別打在底板MN上的P1、P2、P3三點，已知底板MN上下兩側(cè)的勻強(qiáng)磁場方向均垂直紙面向外，且磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為B1、B2，速度選擇器中勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度的大小為E．不計粒子的重力以及它們之間的相互作用，則A．速度選擇器中的電場方向向右B．三種粒子的速度大小均為EC．如果三種粒子的電荷量相等，則打在P3點的粒子質(zhì)量最大D．如果三種粒子電荷量均為q，且P1、P3的間距為Δx，則打在P1、P3兩點的粒子質(zhì)量差為q三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現(xiàn)有一個阻值大約為10Ω的電阻,為了更精確地測量其電阻,實驗室給出了以下器材：①電流表G1（0～50mA，內(nèi)阻r1=3Ω）②電流表G1（0～100mA，內(nèi)阻r1=1Ω）③定值電阻R1（R1=150Ω）④定值電阻R1（R1=15Ω）⑤滑動變阻器R（0～5Ω）⑥干電池（1.5V，內(nèi)阻不計）⑦開關(guān)S及導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的電路圖，其中A、B一個為被測電阻、一個為定值電阻，請問圖中電阻_______為被測電阻（填“A”或“B”），定值電阻應(yīng)選________（填“R1”或“R1”）（1）若某次測得電流表G1、G1的示數(shù)分別為I1、I1．則被測電阻的大小為___________（用已知和測量物理量的符號表示）．（3）若通過調(diào)節(jié)滑動變阻器，該同學(xué)測得多組I1、I1的實驗數(shù)據(jù)，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)做出I1、I1的圖象如圖乙所示，并求得圖象的斜率k=1.85，則被測電阻的大小為________Ω（保留三位有效數(shù)字）．12．（12分）某同學(xué)利用圖（a）所示電路測量量程為1．5V的電壓表的內(nèi)阻（內(nèi)阻為數(shù)千歐姆），可供選擇的器材有：電阻箱R（最大阻值992．9Ω），滑動變阻器R1（最大阻值50Ω），滑動變阻器R1（最大阻值5kΩ），直流電源E（電動勢3V）．開關(guān)1個，導(dǎo)線若干．實驗步驟如下①按電路原理圖（a）連接線路；②將電阻箱阻值調(diào)節(jié)為0，將滑動變阻器的滑片移到與圖（a）中最左端所對應(yīng)的位置，閉合開關(guān)S；③調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電壓表滿偏；④保持滑動變阻器滑片的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，使電壓表的示數(shù)為1．00V，記下電阻箱的阻值．回答下列問題：（1）試驗中應(yīng)選擇滑動變阻器_______（填“”或“”）．（1）根據(jù)圖（a）所示電路將圖（b）中實物圖連線．（3）實驗步驟④中記錄的電阻箱阻值為3．0Ω，若認(rèn)為調(diào)節(jié)電阻箱時滑動變阻器上的分壓不變，計算可得電壓表的內(nèi)阻為_______Ω（結(jié)果保留到個位）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個質(zhì)量為m=2.0×10-11kg，電荷量q=+1.0×10-5C的帶電微粒（重力忽略不計），從靜止開始經(jīng)U1=100V電壓加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場中，且速度與電場線垂直．金屬板長L=20cm，兩板間距d=10cm．求：（1）微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時的速度v多大？（2）微粒射出偏轉(zhuǎn)電場時的偏轉(zhuǎn)角θ=30°，則兩金屬板間的電壓U2是多大？14．（16分）如圖所示為一真空示波管，電子從燈絲K發(fā)出（初速度不計），經(jīng)燈絲與A板間的加速電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進(jìn)入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉(zhuǎn)電場中（偏轉(zhuǎn)電場可視為勻強(qiáng)電場），電子進(jìn)入M、N間電場時的速度與電場方向垂直，電子經(jīng)過電場后打在熒光屏上的P點．已知加速電壓為U1，M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L1，板右端到熒光屏的距離為L2，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e．求：（1）電子穿過A板時的速度大小；（2）電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的豎直側(cè)移量；（3）P點到O點的距離．15．（12分）如圖所示，豎直放置的通電直導(dǎo)線ab位于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=1.0T，導(dǎo)線ab長L=0.2m，通以大小I=0.5A、方向向上的電流。（1）判斷導(dǎo)線ab所受的安培力的方向；（答“水平向左”或“水平向右”）（2）求導(dǎo)線ab所受的安培力的大小F。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

當(dāng)電子從C點離開磁場時，電子做勻速圓周運動對應(yīng)的半徑最小，設(shè)為R，如圖所示：由幾何知識得：2Rcos30°=a，解得：；欲使電子能經(jīng)過AC邊,必須滿足：而，得：，解得：；A.B＜．故A項錯誤；B.B＜．故B項錯誤；C.B＞．故C項正確；D.B＞．故D項錯誤．2、C【解析】試題分析：根據(jù)公式UAB=求解電勢差A(yù)、B間的電勢差與所移動的電荷無關(guān)，再由公式W=qU求解在A、B兩點間移動2.5×10﹣8C的電荷時，電場力做的功．解：A、B，A、B兩點間的電勢差UAB==V=1.2×105V．故A正確，B錯誤．C、D，在A、B兩點間移動2.5×10﹣8C的電荷時，A、B間的電勢差不變．則電場力做功為WAB′=q′UAB=2.5×10﹣8×1.2×105J=3.0×10﹣3J故C正確，D錯誤．故選AC點評：本題要抓住電場中兩點間的電勢差由電場中兩點的位置決定，與移動的試探電荷無關(guān)．3、D【解析】

A.由定義式，當(dāng)檢驗電荷為負(fù)電荷時，電場強(qiáng)度E與F方向相反。故A錯誤。B.若取走q，電場與試探電荷無關(guān)，電場強(qiáng)度大小不變，仍為E，故B錯誤。C.若檢驗電荷為-2q，而電場強(qiáng)度仍為E，電場力為2F．故C錯誤。D.電場強(qiáng)度反映電場本身的力的性質(zhì)，與檢驗電荷無關(guān)。故D正確。4、B【解析】

A、當(dāng)此單擺的固有頻率與驅(qū)動力的頻率f相等時，得到共振，振幅最大，由圖可知，單擺的固有頻率為0.5Hz，所以此單擺的固有周期T=2s，故A錯誤．B、由單擺的周期公式T=2，T=2s，可求得L1m，故B正確．C、若擺長減小，單擺的固有周期T減小，固有頻率增大，故C錯誤．D、若擺長增大，單擺的固有周期T增大，固有頻率減少，共振曲線的峰將向左移動，故D錯誤．故選B5、B【解析】

由題意可知，線框進(jìn)入磁場過程中感應(yīng)電流i隨時間t變化的圖象如圖（乙）所示，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，線框勻速進(jìn)入磁場，由于L＞2a，當(dāng)完全進(jìn)入磁場后，因磁通量不變，則沒有感應(yīng)電流，線框只受到重力，使得線框速度增加，當(dāng)出磁場時，速度大于進(jìn)入磁場的速度，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，出磁場的感應(yīng)電流大于進(jìn)磁場的感應(yīng)電流，導(dǎo)致出磁場時的安培力大于重力，導(dǎo)致線框做減速運動，根據(jù)牛頓第二定律，BIL-mg=ma，則做加速度在減小的減速運動，故B正確，ACD錯誤；故選B．【點睛】由題意可知，線框進(jìn)入磁場時，做勻速直線運動，根據(jù)L＞2a，則可知，出磁場時，速度與進(jìn)入磁場的速度相比較，從而確定線框的運動性質(zhì)，進(jìn)而由法拉第電磁感應(yīng)定律，可求得感應(yīng)電流的大小如何變化，即可求解．6、B【解析】

單擺振動的受力為重力、繩子拉力，其中繩子拉力與重力沿著繩子的分量共同提供向心力，物體的重力沿著速度方向分量在擺角很小時幾乎指向平衡位置，提供回復(fù)力．因此正確答案為B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

如圖所示，燈泡與電阻R2并聯(lián)，然后R1串聯(lián)．要使燈泡變暗，應(yīng)使流過燈泡的電流變?。驹斀狻緼.增大R1，電路總電阻增大，干路總電流減小，燈泡和R2并聯(lián)的電壓就減小，所以燈泡的電流減小，燈泡變暗，A正確B.減小R1，電路總電阻減小，干路總電流增大，燈泡和R2并聯(lián)的電壓就增大，所以燈泡的電流增大，燈泡變亮，B錯誤C.增大R2，電路總電阻增大，干路總電流減小，則電壓內(nèi)阻r和R1的電壓都減小，并聯(lián)部分的電壓增大，加在燈泡兩端的電壓變大，流過電燈泡的電流增大，燈泡變亮，C錯誤D.減小R2，電路總電阻減小，干路總電流增大，則電壓內(nèi)阻r和R1的電壓都增大，并聯(lián)部分的電壓減小，加在燈泡兩端的電壓減小，流過電燈泡的電流減小，燈泡變暗，D正確8、AB【解析】

A．小球在A點平衡時，根據(jù)平衡條件得解得：故A正確；BC．小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動時，C點為最低點，所以物體在C點的重力勢能最小，A點為等效最低點，動能最大，故B正確，C錯誤；D．小球從D到A過程，電場力做正功，電勢能減小，故D錯誤。9、BD【解析】

分析清楚電路結(jié)構(gòu)，判斷S2閉合后電路總電阻如何變化，由閉合電路的歐姆定律判斷電路電流如何變化，由功率公式判斷燈泡實際功率如何變化；由歐姆定律判斷出電容器兩端電壓如何變化，然后判斷電容器電荷量如何變化；【詳解】A、S2閉合前，燈泡L3與電容器相串聯(lián)，則不亮，當(dāng)S2也閉合后，L2與L3并聯(lián)，然后與L1串聯(lián)，由于并聯(lián)電阻小于L2的電阻，所以總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流變I大，燈泡L1的實際功率變大，燈L1變亮，故A錯誤，D正確；B、電路電流變I大，L1兩端的電壓增大，所以L2兩端的電壓減小，則燈泡L2的實際功率變小，燈泡L2變暗，故B正確；C、S2閉合前電容器兩端電壓等于電源電動勢，S2閉合后電容器兩端電壓等于L1兩端電壓，電壓變小，由Q=CU可知電容器所帶電荷量減小，故C錯誤；故選BD．10、ACD【解析】三個粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)方向相同，則電性相同，根據(jù)左手定則，知電荷帶正電．則粒子下B1磁場中受洛倫茲力向左，則電場力向右，場強(qiáng)向右，故A正確．粒子在兩板中做勻速直線運動，有：qvB1=Eq，則粒子的速度v=EB1，選項B錯誤；根據(jù)qvB=mv2r可得m=qB2rv；則如果三種粒子的電荷量相等，則運轉(zhuǎn)半徑越大，則質(zhì)量越大，即打在P3點的粒子質(zhì)量最大，選項C正確；因為2r3-2r1=?點睛：解決本題的關(guān)鍵知道粒子在電容器中做勻速直線運動，在磁場中做勻速圓周運動．掌握粒子在磁場中做圓周運動的半徑公式．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BR111.1【解析】

(1)[1][1]電流表G1的量程是電流表G1的一半，但電阻值約為待測電阻的，所以需要給電流表G1串聯(lián)一個定值電阻，將待測電阻與電流表G1并聯(lián)即可，所以B為待測電阻。電流表G1的量程是電流表G1的一半，電流表G1的內(nèi)電阻與R1的和與待測電阻接近，所以定值電阻應(yīng)選擇R1。(1)[3]根據(jù)實驗原理圖可知，并聯(lián)部分兩側(cè)的電壓是相等的，即：（I1-I1）Rx=I1（r1+R1）所以：(3)[4]將上式變形：代入數(shù)據(jù)可得：Rx=11.1Ω12、（1）R1（1）連線如圖；（3）1510【解析