2025屆北京市朝陽區(qū)17中高三上物理期中聯(lián)考試題含解析

2025屆北京市朝陽區(qū)17中高三上物理期中聯(lián)考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A．研究張繼科打出的弧旋乒乓球，可把乒乓球看成質點B．研究在女子萬米比賽中的“長跑女王”特魯納什迪巴巴，可把特魯納什迪巴巴看成質點C．杭州四中第一節(jié)課7：45開始，7：45指時間間隔D．通常時刻用時間軸的一段線段表示2、如圖所示，三條平行且等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，其電勢分別為10V、20V、30V，實線是一帶電粒子不計重力在該區(qū)域內運動的軌跡，軌跡上有a、b、c三點，已知帶電粒子所帶電荷量為，在a點處的動能為，則該帶電離子（）A．可能帶負電 B．在b點處的電勢能為C．在b點處的動能為零 D．在c點處的動能為3、圖甲是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個“D”形金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源兩極相連．帯電粒子在磁場中運動的動能及隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列說法正確的是A．在Ek-t圖中應有（t2-t1）>（t3-t2）>……>（tn-tn-1）B．高頻電源的變化周期應該等于tn-tn-1C．要使粒子獲得的最大動能增大，可以增大“D”形盒的半徑D．在磁感應強度B、“D”形盒半徑R、粒子的質量m及其電荷量q不變的情況下，粒子的加速次數(shù)越多，離子的最大動能一定越大4、已知均勻帶電球殼內部電場強度處處為零，電勢處處相等．如圖所示，正電荷均勻分布在半球面上，Ox為通過半球頂點與球心O的軸線．A、B為軸上的點，且OA=OB．則下列判斷正確的是（）A．A點的電場強度與B點的電場強度相同B．A點的電勢等于B點的電勢C．在A點由靜止開始釋放重力不計的帶正電粒子，該粒子將做勻加速直線運動D．帶正電的粒子在O點的電勢能為零5、如圖所示，有一質量不計的桿AO，長為R，可繞A自由轉動．用繩在O點懸掛一個重為G的物體，另一根繩一端系在O點，另一端系在以O點為圓心的圓弧形墻壁上的C點．當點C由圖示位置逐漸向上沿圓弧CB移動過程中(保持OA與地面夾角θ不變)，OC繩所受拉力的大小變化情況是A．逐漸減小 B．逐漸增大C．先減小后增大 D．先增大后減小6、如圖所示，滑塊A和B疊放在固定的光滑斜面體上，從靜止開始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑．則在下滑過程中正確的是（）A．B對A的支持力不做功B．B對A的合力不做功C．B對A的摩擦力不做功D．B對A的摩擦力做負功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在圖中坐標系的原點處有一波源，圖中a、b、c、d、e五點的橫坐標分別為5cm、15cm、18cm、21cm、27cm．該波源在介質中形成了一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，從該簡諧波第一次傳到c點開始計時，此時c點的振動方向沿y軸的正方向，經時間Δt＝0.6s時該簡諧波第一次傳到e點，此時c點第一次到達x軸下方的最大位移處，已知該簡諧波的振幅為A．則以下說法正確的是________．(填正確答案標號)A．該簡諧波的速度大小為20cm/sB．該簡諧波的周期為0.8sC．在Δt＝0.6s時間內，質點d通過的路程為3AD．在t＝s時質點a應處于平衡位置且沿y軸的負方向振動E.在t＝0.5s時質點b、c的位移相同8、一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，原線圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖甲所示，副線圈所接電路如圖乙所示，P為滑動變阻器的觸頭．下列說法正確的是（）A．副線圈輸出電壓的頻率為50HzB．副線圈輸出電壓的有效值為31VC．P向右移動時，滑動變阻器消耗的電功率增加D．P向右移動時，原、副線圈的電流比不變9、消防員用繩子將一不慎落入井中的兒童從井內加速向上提的過程中，不計繩子的重力，以下說法正確的是()A．繩子對兒童的拉力大于兒童對繩子的拉力B．繩子對兒童的拉力大于兒童的重力C．消防員對繩子的拉力與繩子對消防員的拉力是一對作用力與反作用力D．消防員對繩子的拉力與繩子對兒童的拉力是一對平衡力10、小船過河，河寬為90m，船在靜水中航行速度是3m/s，水流速度是4m/s，則（）A．船渡過河的最短時間為30sB．小船渡河的最短路程為90mC．船頭偏向上游某一角度可使船垂直河岸過河D．小船渡河的最短路程為120m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在用單擺的小角度振動測量當?shù)氐闹亓铀俣鹊膶嶒炛?，以下說法中正確的是（______）A．測量周期時，應該從擺球到達最低點開始計時，并記錄次全振動時間，這樣做的目的是減小測量的偶然誤差B．若測出的重力加速度比當?shù)貙嶋H重力加速度大，有可能是誤將次全振動記為次全振動了C．某同學測量了多組周期隨擺長變化的數(shù)據(jù)后，利用畫圖象法得到了當?shù)刂亓铀俣鹊闹?，發(fā)現(xiàn)圖線不過坐標原點，則他通過圖象得到的重力加速度值有可能是比較準確的D．若宇航員在火星上測量，但手邊沒有規(guī)則的小球，只有一些小石頭子，其他器材都有，因不能準確測量擺長，他測出的重力加速度一定偏小或偏大12．（12分）在“研究彈簧的形變與外力的關系”的實驗中,將彈簧水平放置,測出其自然長度,然后豎直懸掛讓其自然下垂,在其下端豎直向下施加外力F。實驗過程是在彈簧的彈性限度內進行的。用記錄的外力F與彈簧的形變量x作出的F-x圖線如圖所示。(1)彈簧的形變量x與外力F關系式F=___；（力的單位：N，長度單位：m）(2)圖線不過原點的原因是:______________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）小球A通過長為h的細線懸掛在離地面高度也是h的O點，現(xiàn)在把小球A移動到水平位置并把細線伸直由靜止釋放，同時在O點正下方A的原位置放置一個質量為小球質量5倍的滑塊B?；瑝K和地面之間動摩擦因數(shù)為，小球A與滑塊發(fā)生正碰后反彈高度為，不計空氣阻力，重力加速度為g，求:(1)小球A與B碰撞前瞬間速度的大??；(2)B在水平面運動的時間。14．（16分）如圖所示，傾角α＝30°的足夠長光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一長L＝1.8m、質量M＝3kg的薄木板，木板的最上端疊放一質量m＝1kg的小物塊，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)。對木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由靜止開始做勻加速直線運動。設物塊與木板間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g＝10m/s2。（1）為使物塊不滑離木板，求力F應滿足的條件；（2）若F＝37.5N，物塊能否滑離木板？若不能，請說明理由；若能，求出物塊滑離木板所用的時間及滑離木板后沿斜面上升的最大距離。15．（12分）一木板B置于光滑水平面上，小物塊A靜置于木板左端，若給小物塊一個瞬間水平向右的初速度v0=3m/s，小物塊經歷時間t=0.5s恰好不滑離木板，已知小物塊的質量m=1kg，木板質量M=2kg，重力加速度g=10m/s2。(1)求小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)；(2)若水平面是粗糙的，木板與水平面間的動摩擦因數(shù)是物塊與木板間的動摩擦因數(shù)的四分之一，現(xiàn)對小物塊施加一個水平向右的恒定外力F,使小物塊由靜止開始運動，若使小物塊能滑離木板，求外力F的范圍；(3)在（2）中，若F=7N,求小木塊滑離木板時的速度大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.在研究乒乓球的旋轉情況對發(fā)球效果的影響時，乒乓球的形狀不能忽略，不能看成質點。故A項錯誤；B.研究在女子萬米比賽中的“長跑女王”特魯納什?迪巴巴，可把特魯納什?迪巴巴看作質點，故B項正確；CD.通常時刻用時間軸的一個點表示，7：45是時間軸上的一個點，指時刻，故C項錯誤，D項錯誤。2、D【解析】

A．根據(jù)電場線和等勢線垂直，且由高電勢處指向低電勢處，得出場強方向向上，由帶電粒子的運動軌跡可判定，粒子所受電場力向上，則粒子帶正電荷，A錯誤；B．b點處的電勢能：B錯誤；C．由能量守恒，a點處動能和電勢能總和：則b點處的動能為：C錯誤；D．c點處的動能為：D正確。故選D。3、C【解析】試題分析：根據(jù)周期公式T=知，粒子的回旋的周期不變，與粒子的速度無關，所以t4-t3=t3-t2=t2-t1．A錯誤；交流電源的周期必須和粒子在磁場中運動的周期一致，故電源的變化周期應該等于2（tn-tn-1），B錯誤；根據(jù)公式r=，有v=，故最大動能Ekm=mv2=，與半徑有關；要想粒子獲得的最大動能增大，可以增大“D”形盒的半徑，C正確；與粒子加速的次數(shù)無關，D正確．考點：本題考查回旋加速器．4、A【解析】

A、將題中半球殼補成一個完整的球殼，且?guī)щ娋鶆?，設左、右半球在A點產生的場強大小分別為E2和E2．由題知，均勻帶電球殼內部電場強度處處為零，則知E2=E2.根據(jù)對稱性可知，左、右半球在B點產生的場強大小分別為E2和E2．且E2=E2.則在圖示電場中，A的場強大小為E2，方向向右．B的場強大小為E2，方向向右，所以A點的電場強度與B點的電場強度相同；故A正確.B、根據(jù)電場的疊加原理可知，x軸上電場線方向向右，則A點的電勢高于B點的電勢；故B錯誤.C、在A點由靜止開始釋放重力不計的帶正電粒子，由于電場強度是變化的，所以粒子所受的電場力是變化的，則該粒子將做變加速直線運動；故C錯誤.D、電場線方向向右，O點的電勢高于無窮遠處電勢，則O點的電勢大于零；故D錯誤.故選A.【點睛】本題解題關鍵是抓住對稱性，找出兩部分球面上電荷產生的電場關系．左半球面在A點的場強與缺失的右半球面在B點產生的場強大小相等，方向相反是解題的關鍵．5、C【解析】

對O點受力分析：G的向下的拉力，繩子OC的拉力，如圖：由于桿可繞A點自由轉動，所以兩拉力的合力方向應沿桿指向A．由圖可知，當C點沿圓弧向上移動的過程中，OC與OA之間的夾角先增大到90，然后又大于90，根據(jù)垂直桿方向兩力的分力平衡，設OC與桿夾角為α，則：當OC與OA之間的夾角為90時，繩子OC對A點的拉力最?。渣cC由圖示位置逐漸向上沿圓弧CB移動過程中，OC繩所受拉力的大小變化情況是先減小后增大．A.逐漸減小，與推導結果不符，故A錯誤；B.逐漸增大，與推導結果不符，故B錯誤；C.先減小后增大，與推導結果符合，故C正確；D.先增大后減小，與推導結果不符，故D錯誤．6、B【解析】

A．B對A的支持力豎直向上，A和B是一起沿著斜面下滑的，所以B對A的支持力與運動方向之間的夾角大于90°，所以B對A的支持力做負功，所以A錯誤．B．以A、B整體為研究對象，應用牛頓第二定律得a=gsinθ；隔離A分析，如圖所示，有mgsinθ+fcosθ-Nsinθ=ma得fcosθ=Nsinθf與N的合力沿+y方向，B對A的合力不做功，故B正確．CD．B對A的摩擦力是沿著水平面向左的，與運動方向之間的夾角小于90°，所以B對A的摩擦力做正功，故CD錯誤．故選B．考點：牛頓第二定律的應用；功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】

設該簡諧波的波長為λ，由題中的條件可知c、e兩點之間的距離為λ，即λ=9cm，λ=12cm，周期為T，則Δt＝T，所以T＝0.8s，因此該簡諧波的波速大小為，故A錯誤，B正確；該簡諧波的振動形式由c傳到d所需要的時間為，在Δt＝0.6s的時間內質點d振動的時間為t2＝Δt－t1＝0.4s＝，則質點d通過的路程為振幅的2倍，即2A，故C錯誤；由題中的條件描繪出t=0時的波形圖，如圖所示，此時質點a處于x軸上方且向上振動，原點的振動形式從原點傳播到a點所需的時間為，故時，a點處于平衡位置，振動方向沿y軸的負方向，故D正確；0.5s＝，則在0～0.5s內質點b先由x軸上方最大位移處向下運動到達x軸下方最大位移處，再向上運動到達位移為A處，質點c先由平衡位置向上運動到達x軸上方最大位移處，再向下運動經過平衡位置，到達位移為處，故E正確．所以BDE正確，AC錯誤．8、AD【解析】

根據(jù)瞬時值表達式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結論?！驹斀狻緼項：由圖象可知，交流電的周期為0.02s，所以交流電的頻率為50Hz，故A正確；B項：根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，原線圈的電壓的最大值為310V，所以副線圈的電壓的最大值為31V，所以電壓的有效值為U=312VC項：P右移，R變小，原副線的電流都變大，而原線圈電壓不變，所以副線圈兩端電壓也不變，可將副線圈也定值電阻R看成電源，滑動變阻器視為外電路，當外電路電阻與電源內阻相等時，滑動變阻器的功率最大，由于不知道滑動變阻器與定值電阻間的關系，所以無法確定，故C錯誤；D項：原副線圈電流之比等于匝數(shù)的反比，故原副線圈的電流之比不變，故D正確。故應選：AD?！军c睛】電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路。9、BC【解析】

A.繩子對兒童的拉力和兒童對繩子的拉力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A錯誤；B.兒童從井內加速向上提的過程中，加速度方向向上，兒童處于超重狀態(tài)，則繩子對兒童的拉力大于兒童的重力。故B正確；C.消防員對繩子的拉力與繩子對消防員的拉力是一對作用力與反作用力，故C正確；D.消防員對繩子的拉力是作用在繩子上的力，而繩子對兒童的拉力是作用在兒童上的，故二力不是平衡力，故D錯誤。10、AD【解析】

A．當靜水速的方向與河岸垂直時，渡河時間最短，最短時間：故A符合題意。BC．因為水流速度大于靜水速度，所以合速度的方向不可能垂直河岸，則小船不可能到達正對岸。當合速度的方向與靜水速的方向垂直時，合速度的方向與河岸的夾角最短，渡河航程最小。故BC不符合題意。D．當合速度的方向與靜水速的方向垂直時，合速度的方向與河岸的夾角最短，渡河航程最??；

設船頭與河岸夾角為θ，則：根據(jù)題意可知：，故小船渡河的最短路程為：故D符合題意。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABC【解析】A．依據(jù)實驗原理多次測量，減少誤差，故A正確；B．依據(jù)單擺公式，周期，解得，若變大，則減少，而周期，故B正確；C．不過原點則的長度可能不準確，但不影響的大小，故C正確；D．不一定測量偏大或偏小，可能做豎直上拋，故D錯誤；故選ABC?！军c睛】實驗注意事項、作圖象、求重力加速度，知道實驗注意事項、掌握描點法作圖的方法。12、100x-2(N)彈簧自身的重力【解析】

分析圖象可知伸長量和拉力的關系；由胡克定律可求出彈簧的勁度系數(shù)，再選一特殊點代入，即可求解關系式；根據(jù)彈簧自身有重力分析圖線不過原點的原因．（1）由圖可知，該彈簧受力為零時，伸長是2cm，受到拉力為8N時，伸長為10cm，故彈簧的勁度系數(shù)為k=ΔFΔx=100N/m，由圖象可設其關系式為：F=100x+b，再從圖象任選清晰的點對應的坐標，如（8N，10cm），帶入關系式解之：b=-2，所以彈簧的形變量x與外力（2）該圖線不過原點的原因是：彈簧自身有重力，彈簧水平放置其自然長度為L，豎直放置時由于自身的重力必然就會有一定的伸長．【點睛】在應用胡克定律時，要首先轉化單位，知道圖線的斜率即為彈簧的