2025屆青海省玉樹市物理高二第一學(xué)期期中經(jīng)典試題含解析

2025屆青海省玉樹市物理高二第一學(xué)期期中經(jīng)典試題注意事項(xiàng)1．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗．一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、某導(dǎo)體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．由圖可知，隨著電壓的增大，導(dǎo)體的電阻不斷減小B．加5V電壓時(shí)，導(dǎo)體的電阻是0.2ΩC．加12V電壓時(shí)，導(dǎo)體的電阻是8ΩD．該元件為非線性元件，所以歐姆定律不適用2、一小型火箭在高空繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),若其沿運(yùn)動(dòng)方向的相反方向射出一物體P,不計(jì)空氣阻力,則()A．火箭一定離開原來軌道運(yùn)動(dòng)B．P一定離開原來軌道運(yùn)動(dòng)C．火箭運(yùn)動(dòng)半徑可能不變D．P運(yùn)動(dòng)半徑一定減小3、真空中有兩個(gè)完全相同的、可視為點(diǎn)電荷的甲、乙?guī)щ娦∏?，甲的電荷量為q，乙的電荷量為-2q，當(dāng)它們相距為r時(shí)，它們間的庫侖力大小為F．現(xiàn)將甲、乙充分接觸后再分開，且將甲、乙間距離變?yōu)?r，則它們間的庫侖力大小變?yōu)椋ǎ〢．F/32 B．F/16 C．F/8 D．F/44、有一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷只受電場(chǎng)力的作用，從電場(chǎng)中的a點(diǎn)由靜止釋放，在它沿直線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，動(dòng)能Ek隨位移s變化的關(guān)系圖如圖所示，則能與圖線相對(duì)應(yīng)的電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布圖是下圖中的（）A． B．C． D．5、如圖所示，Q帶負(fù)電荷，導(dǎo)體P在a處接地，下列說法中正確的是（）A．P的a端不帶電荷，b端帶負(fù)電荷B．P的a端帶正電荷，b端不帶電C．P的a端帶正電荷，b端帶負(fù)電荷，且正、負(fù)電荷的電荷量相等D．導(dǎo)體P的a端帶正電荷，b端帶負(fù)電荷，正電荷的電荷量大于負(fù)電荷的電荷量6、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.2T，通電直導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向垂直，導(dǎo)線長度L＝0.2m，導(dǎo)線中電流I＝1A。該導(dǎo)線所受安培力F的大小為()A．0.01N B．0.02NC．0.03N D．0.04N二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，電阻R1和R2的伏安特性曲線把第一象限分成了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個(gè)區(qū)域。現(xiàn)將R1和R2串聯(lián)在電路中，串聯(lián)后總電阻為R，下列關(guān)于R1和R2大小關(guān)系和R的伏安特性曲線說法中正確的是（）A．R1<R2B．R1>R2C．R的伏安特性曲線在Ⅰ區(qū)域D．R的伏安特性曲線在Ⅲ區(qū)域8、圖中K、L、M為某靜電場(chǎng)中的三個(gè)相距較近的等差等勢(shì)面，電勢(shì)滿足φK<φL<φM，等勢(shì)面關(guān)于bc連線對(duì)稱．現(xiàn)將一個(gè)帶負(fù)電的試探電荷先從圖中a點(diǎn)沿直線移到b點(diǎn)，再從b點(diǎn)沿直線移到c點(diǎn)．則該試探電荷在此全過程中()A．所受電場(chǎng)力的方向不變B．所受電場(chǎng)力一直變大C．電勢(shì)能一直減小D．電勢(shì)能先不變后增大9、在同一平面內(nèi)有①、②、③三根等間距平行放置的長直導(dǎo)線，通入的電流分別為1A、2A、1A，②的電流方向?yàn)閏→d，且受到安培力的合力方向水平向右，則（

）．A．①的電流方向?yàn)閍→bB．③的電流方向?yàn)閑→fC．①受到安培力的合力方向水平向左D．③受到安培力的合力方向水平向左10、如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中三條電場(chǎng)線，實(shí)線為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場(chǎng)力作用下通過該區(qū)域的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)．下列判斷正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的加速度大于它在Q點(diǎn)的加速度B．該靜電場(chǎng)一定是孤立正電荷產(chǎn)生的C．帶電質(zhì)點(diǎn)通過Q點(diǎn)時(shí)動(dòng)能較小D．帶電質(zhì)點(diǎn)通過Q點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能較小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示的多用電表測(cè)量電阻，要用到選擇開關(guān)K和兩個(gè)部件S、T．請(qǐng)根據(jù)下列步驟完成電阻測(cè)量:①旋動(dòng)部件________，使指針對(duì)準(zhǔn)電流的"0"刻線．②將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋"×l00"的位置．③將插入"十"、"－"插孔的表筆短接，旋動(dòng)部件_______，使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的________（填"0刻線"或"∞刻線"）．④將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小．為了得到比較準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，請(qǐng)從下列選項(xiàng)中挑出合理的步驟，并按_______的順序避行操作，再完成讀數(shù)測(cè)量．A．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋"×1k"的位置B．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋"×10"的位置C．將兩表筆的金屬部分分別與被測(cè)電阻的兩恨引線相接D．將兩表筆短接，旋動(dòng)合適部件，對(duì)電表進(jìn)行校準(zhǔn)12．（12分）用如圖所示的裝置可以探究做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體需要的向心力的大小與哪些因素有關(guān).(1)本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_______。A．控制變量法B．累積法C．微元法D．放大法(2)圖示情景正在探究的是______。A．向心力的大小與半徑的關(guān)系B．向心力的大小與線速度大小的關(guān)系C．向心力的大小與角速度大小的關(guān)系D．向心力的大小與物體質(zhì)量的關(guān)系(3)通過圖示實(shí)驗(yàn)可以得到的結(jié)論是_____________。A．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比B．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小成正比C．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比D．在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）鉛蓄電池是太陽能供電系統(tǒng)中的重要器件，它的主要功能是把太陽能電池板發(fā)的電能及時(shí)儲(chǔ)存在電瓶內(nèi)，以供用電設(shè)備使用．某太陽能電池板給一電動(dòng)勢(shì)為15V的鉛蓄電池充電時(shí)的電流為4A，充電10h充滿．該鉛蓄電池儲(chǔ)存了多少電能？14．（16分）如圖所示，長為L的絕緣細(xì)線，一端懸于O點(diǎn)，另一端連接一質(zhì)量為m的小球，在O點(diǎn)正下方釘一個(gè)釘子O’．現(xiàn)將細(xì)線向右水平拉直后從靜止釋放，細(xì)線碰到釘子后要使小球剛好繞釘子O’在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)．（重力加速度為g）（1）求小球剛到最低點(diǎn)時(shí)的速度；（2）求OO’的長度；（3）若小球帶上負(fù)電，電量為q；在區(qū)域內(nèi)加一水平向右，的勻強(qiáng)電場(chǎng)．再次將細(xì)線向右拉直后從靜止釋放，細(xì)線碰到釘子后小球剛好能繞釘子O’在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，求此時(shí)OO’的長度．15．（12分）如圖所示，已知豎直桿O1O1長為1.0m，水平桿長L1=0.1米，用長L1=0.12米的細(xì)繩懸掛小球，整個(gè)裝置可繞豎直桿O1O1轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)該裝置以某一角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，繩子與豎直方向成45°角，取g=10m/s1．求：（1）該裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度；（1）如果運(yùn)動(dòng)到距離桿最遠(yuǎn)時(shí)刻懸掛小球的細(xì)繩突然斷了，小球?qū)⒆銎綊佭\(yùn)動(dòng)．求小球落地點(diǎn)與豎直桿在地面上點(diǎn)O1的距離s．（答案可用根式表示）

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A：導(dǎo)體電流-電壓圖線上點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示電阻的倒數(shù)；由圖可知，隨著電壓的增大，點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率變小，導(dǎo)體的電阻不斷變大。故A項(xiàng)錯(cuò)誤。B：加5V電壓時(shí)，導(dǎo)體的電流是1.0A，導(dǎo)體的電阻。故B項(xiàng)錯(cuò)誤。C：加12V電壓時(shí)，導(dǎo)體的電流是1.5A，導(dǎo)體的電阻。故C項(xiàng)正確。D：該元件為非線性元件，能用歐姆定律計(jì)算導(dǎo)體在某狀態(tài)的電阻。故D項(xiàng)錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：導(dǎo)體電流-電壓圖線上點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，不是圖線切線斜率表示電阻的倒數(shù)。2、A【解析】試題分析：若其沿運(yùn)動(dòng)方向的相反方向射出一物體P,根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得，火箭的速度一定增大，將做離心運(yùn)動(dòng)，半徑一定變化，A正確，C錯(cuò)誤，若沿反方向以和火箭相同的速度射出物體P，則物體P將沿圓軌道運(yùn)動(dòng)，不改變半徑，BD錯(cuò)誤故選A考點(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律，萬有引力定律的應(yīng)用點(diǎn)評(píng)：做本題的關(guān)鍵是知道射出物體后，火箭的速度一定增大，做離心運(yùn)動(dòng)，3、A【解析】

當(dāng)甲、乙充分接觸后它們的電荷量先中和再平分，所以接觸后帶的電荷量都為-q/2，由庫倫力的公式F=k可得，原來電荷之間，將甲、乙充分接觸后再分開，且將甲、乙間距離變?yōu)?r后的庫侖力的大小為，所以A正確．故選A．【點(diǎn)睛】當(dāng)兩個(gè)異種電荷接觸后，電荷的電量先中和之后再平分電量，找到電量的關(guān)系再由庫倫力的公式F=k計(jì)算即可．4、C【解析】

AB.負(fù)點(diǎn)電荷從a運(yùn)動(dòng)到b，只有電場(chǎng)力做功，根據(jù)動(dòng)能定理Fs=Ek，當(dāng)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中時(shí)F為定值，Ek與s成正比，故AB不符合題意；CD.由于負(fù)電荷受靜電力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，圖線為曲線，動(dòng)能隨位移增加的不均勻（越來越快），電場(chǎng)力應(yīng)該越來越大且做正功，根據(jù)圖像判斷C選項(xiàng)符合題意，D選項(xiàng)錯(cuò)不符合題意．5、B【解析】試題分析：金屬導(dǎo)體P接地時(shí)與大地組成一個(gè)新的導(dǎo)體，a為新導(dǎo)體的靠近Q的一端，而大地是遠(yuǎn)離Q的一端，由于靜電感應(yīng)的作用，靠近Q的一端會(huì)帶上與Q相反的電荷，即帶上正電荷．接地的過程應(yīng)是b端感應(yīng)出來的負(fù)電荷被導(dǎo)到大地上，所以b端不帶電．故B正確，考點(diǎn)：考查了靜電感應(yīng)現(xiàn)象6、D【解析】

根據(jù)F=BIL可知導(dǎo)線所受安培力F的大小為F=0.2×1×0.2N=0.04N，故選D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】

AB．根據(jù)可知，I-U圖像的斜率越大，則電阻越小，可知R1<R2，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD．兩電阻串聯(lián)后的總電阻R比R1和R2都大，對(duì)應(yīng)I-U圖像的斜率更小，則R的伏安特性曲線在Ⅲ區(qū)域，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。8、AB【解析】

等勢(shì)面與電場(chǎng)線的方向垂直，電場(chǎng)線從高等勢(shì)面指向低等勢(shì)面，所以等勢(shì)面L處的電場(chǎng)的方向向左；負(fù)電荷從a到b的過程中，受到的電場(chǎng)力的方向向右；由圖可知，負(fù)電荷從b到c的過程中受到的電場(chǎng)力的方向也向右。故A正確；等差等勢(shì)面的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱；由圖可得，電荷a→b→c的過程中，c處的等勢(shì)面最密，a處的等勢(shì)面最疏，所以電荷a→b→c的過程中，所受電場(chǎng)力一直變大。故B正確；在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷時(shí)，電場(chǎng)力不做功，所以a到b的過程中電場(chǎng)力不做功；b到c的過程中負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力的方向向右，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。故CD錯(cuò)誤。故選AB。【點(diǎn)睛】本題要求學(xué)生判斷出特定電場(chǎng)的等勢(shì)面的特點(diǎn)，并判定電荷在運(yùn)動(dòng)過程中受力情況，從而可以判斷電場(chǎng)受力及電荷能量變化．9、BCD【解析】根據(jù)“同向電流相互吸引，異向電流相互排斥”，因②的電流方向?yàn)閏→d且受到安培力的合力方向水平向右，可知①的電流方向?yàn)閎→a，③的電流方向?yàn)閑→f，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；①受到②③的排斥力，故安培力的合力方向水平向左，選項(xiàng)C正確；③受到②的吸引力和①的排斥力，因②的吸引力大于①的排斥力，故③受到安培力的合力方向水平向左，選項(xiàng)D正確；故選BCD.點(diǎn)睛：此題是電流之間的相互作用問題，解答此題關(guān)鍵是知道“同向電流相互吸引，異向電流相互排斥”，根據(jù)三根導(dǎo)線的位置關(guān)系進(jìn)行解答.10、AC【解析】

電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，由牛頓第二定律分析加速度的大??；根據(jù)電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)分析場(chǎng)源電荷的電性；由于質(zhì)點(diǎn)只受電場(chǎng)力作用，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知電場(chǎng)力的方向，通過電場(chǎng)力做功情況判斷電勢(shì)能和動(dòng)能的變化情況；【詳解】A、根據(jù)電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，則知P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)比Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大，粒子在P點(diǎn)所受的電場(chǎng)力比在Q點(diǎn)時(shí)的大，所以由牛頓第二定律知，質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的加速度大于它在Q點(diǎn)的加速度，故A正確；

B、由于電場(chǎng)線的方向不能確定，可知，該靜電場(chǎng)可能是孤立正電荷產(chǎn)生的，也可能是孤立負(fù)電荷產(chǎn)生的，故B錯(cuò)誤；

C、由圖可知，帶電質(zhì)點(diǎn)所受的電場(chǎng)力方向沿電場(chǎng)線向右，若帶電質(zhì)點(diǎn)從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q，電場(chǎng)力做負(fù)功，則帶電質(zhì)點(diǎn)的電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，故帶電質(zhì)點(diǎn)通過Q點(diǎn)時(shí)動(dòng)能

較小，電勢(shì)能較大，故C正確，D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】解決這類電場(chǎng)軌跡問題的思路是：根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出電場(chǎng)力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)能、動(dòng)能等物理量的變化。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ST0刻線ADC【解析】

①[1]電表使用前要調(diào)節(jié)機(jī)械調(diào)零旋鈕，使指針指在0刻線位置，故調(diào)節(jié)S旋鈕；③[2][3]歐姆表測(cè)量前要進(jìn)行歐姆調(diào)零，調(diào)節(jié)T旋鈕，使指針對(duì)準(zhǔn)0刻度線；④[4]指針偏轉(zhuǎn)度過小，說明電阻偏大，故需選擇較大的倍率；每次換擋要重新調(diào)零，再進(jìn)行電阻的測(cè)量；故順序?yàn)锳DC；12、ADC【解析】

(1)[1]在這兩個(gè)裝置中控制半徑、角速度不變，只改變質(zhì)量來研究向心力與質(zhì)量之間的關(guān)系，故采用的控制變量法，所以A是正確的

(2)[2]控制半徑、角速度不變，只改變質(zhì)量來研究向心力與質(zhì)量之間的關(guān)系，所以D是正確的.(3)[3]通過控制變量法得到的結(jié)果為在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比,所以C是正確的四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、2.16×106J【解析】

根據(jù)W＝qE＝EIt可解得：W＝15×4×10×3600J＝2.16×106J.14、（1）（2）（3）【解析】

（1）小球由水平位置到最低點(diǎn)，由動(dòng)能定理：mgL=mv2，解得（2）設(shè)小球剛好繞釘子O′在豎直平面內(nèi)作圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)軌道半徑為r，則

在最高點(diǎn)有：mg=m對(duì)于小球從開始運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的整個(gè)過程，由動(dòng)能定理得：解得：，則故OO′長度為

（3）由于重力場(chǎng)和電場(chǎng)力做功都與路徑無關(guān)，因此可以把兩個(gè)場(chǎng)疊加起來看成一個(gè)等效力場(chǎng)來處理．重力和電場(chǎng)力的合力大小為設(shè)此合力與水平方向的夾角為θ，則，得：θ=45°

在等效力場(chǎng)中，當(dāng)合力F的方向通過點(diǎn)O′時(shí)，小球恰好通過繞O′點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的