2025屆貴州省畢節(jié)市實驗高級中學高二物理第一學期期中質量檢測試題含解析

2025屆貴州省畢節(jié)市實驗高級中學高二物理第一學期期中質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物理學中建立“速度”、“加速度”、“電阻”、“電場強度”等概念時采用了以下哪種科學方法：（）A．比值定義法B．建立理想物理模型C．等效替代D．控制變量2、在圖示的電路中,閉合開關后,當滑動變阻器的滑動觸頭P從最上端逐漸滑向最下端的過程中,電壓表V的讀數變化量為△U,電流表A2的讀數變化量為△I2(電表均視為理想電表).則()A．電壓表V的讀數先變小后變大B．電流表A1的讀數先變大后變小C．電流表A2的讀數變大D．△U與△I2的比值為定值3、如圖所示，在光滑水平面上有直徑相同的a、b兩球，在同一直線上運動，選定向右為正方向，兩球的動量分別為pa＝6kg·m/s、pb＝－4kg·m/s。當兩球相碰之后，兩球的動量可能是（）A．pa＝－6kg·m/s、pb＝4kg·m/sB．pa＝－6kg·m/s、pb＝8kg·m/sC．pa＝－4kg·m/s、pb＝6kg·m/sD．pa＝2kg·m/s、pb＝04、如圖所示是“探究電磁感應的產生條件”的實驗裝置，下列情況中不會引起電流表指針偏轉的是A．閉合開關時 B．斷開開關時C．閉合開關后拔出線圈A時 D．斷開開關后移動變阻器的滑片時5、如圖中所示，三個等勢面上有a、b、c、d四點，若將一正電荷由c經a移到d，電場力做正功W1，若由c經b移到d，電場力做正功W2，則（）A．W1＞W2,?1＞?2B．W1＜W2,?1＜?2C．W1=W2,?1=?2D．W1=W2,?1＞?26、關于電阻、電壓和電流下列說法中錯誤的是（）A．由R=UIB．半導體的電阻率隨溫度的升高而減小C．金屬的電阻率隨溫度的升高而增大D．由R=ρLS二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，紙面內有一矩形導體閉合線框abcd，置于垂直紙面向里、邊界為MN的勻強磁場外，兩次ab邊平行于MN、速度方向均垂直于MN勻速的完全進入磁場．第一次速度為v，線框上產生的熱量為Q1，通過線框導體橫截面的電荷量為q1；第二次速度為2v，線框上產生的熱量為Q2，通過線框導體橫截面的電荷量為q2，則A．q2＝q1 B．q2=2q1 C．Q2＝Q1 D．Q2＝2Q18、如圖所示的電路中，閉合開關S后，將滑動變阻器R的滑片P向上移動，則有（）A．V1表讀數變大B．V2表讀數變大C．電源的總功率變小D．A表讀數變小9、如圖所示，真空中有一邊長為a的等邊三角形ABC，P點是三角形的中心．在A點固定一電荷量為q的負點電荷，在B點同定一電荷量為q的正點電荷，已知靜電力常量為k，則以下說法正確的是A．c點的電場強度大小為B．c點電勢高于P點電勢C．某一試探電荷在c點與P點所受靜電力大小之比為D．將某一試探電荷從C點沿CP連線的方向移動到P點的過程中靜電力不做功10、關于作勻速圓周運動物體所受合外力的情況，以下說法正確的是：（）A．合外力的方向不一定始終指向圓心B．合外力對物體是不做功的C．合外力始終是不變的D．當物體所受合外力小于所需向心力時產生離心現象三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為用電火花打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗裝置．（1）若已知打點計時器的電源頻率為50Hz，當地的重力加速度g=9.80m/s2，重物質量為0.2kg．實驗中得到一條點跡清晰的紙帶如圖所示，打P點時，重物的速度為零，A、B、C為另外3個連續(xù)點，根據圖中的數據，可知重物由P點運動到B點，重力勢能減少量等于___________J．（結果保留3位有效數字）（2）實驗中發(fā)現重物增加的動能略小于減少的重力勢能，其主要原因是_________．A．重物的質量過大

B．重物的體積過小C．使用的直流電源

D．重物及紙帶在下落時受到阻力12．（12分）為測量某一玩具電動機M中導線圈導線的電阻率，某實驗小組的部分實驗方案如下：（1）用多用電表測量電動機中導線圈的電阻Rx，選擇“×10”歐姆擋測量時，發(fā)現指針指示位置很靠近歐姆“0”刻度，需要更換倍率測量。某小組成員將選擇開關旋到_____的倍率檔位后，立即將紅、黑表筆分別接觸導線圈兩端重新測量，指針指示的位置如圖甲所示，則Rx=______Ω。（2）該成員的以上操作中，遺漏了一個很重要的步驟，請指出__________。（3）為了提高精度，實驗小組又增加以下儀器，用“伏安法”再次測量導線圈的電阻Rx：電流表A1(0～3A、約5Ω)；電流表A2(0～30mA、約10Ω)；滑動變阻器R1(0～1kΩ)；滑動變阻器R2(0～50Ω)；定值電阻R0=60Ω；電源(4V、約1Ω)、開關、導線若干。①實驗小組為使測量過程中電動機不轉動而采用了如圖乙所示的電路圖，多用電表已選擇“直流電壓2.5V”擋作為電壓表使用，應選擇的電流表是_____，滑動變阻器是___。(填寫儀器字母符號)②實驗中給電動機串聯R0的原因是____________。③請依據圖乙的實驗電路圖將圖丙所示的實物圖用筆畫線代替導線將缺少的兩根導線補完整。（______）④圖丁是該實驗小組用測得的數值描繪出的圖象，其斜率表示的是___(填選項)。A．導線圈的電阻B．導線圈的電阻與R0阻值之和四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在電場中一條電場線上有A、B兩點，如圖所示．若將一負電荷q=2.0×10-7C，從A點移至B(1)電場方向；(2)A、B兩點的電勢差，哪一點電勢高？(3)在這一過程中，電荷的電勢能怎樣變化？14．（16分）直流電動機額定電壓為U=110V，當電動機吊著質量為m1=50kg的重物勻速上升時，電流為I1=5A，重物上升速度大小為v1=0.9m/s，取g=10m/s1，求：（1）此電動機的線圈電阻；（1）若所吊重物質量為m1=100kg，則重物勻速上升時所需電流必須是前面的1倍，求重物m1勻速上升的速度v1．15．（12分）帶有等量異號電荷、相距10cm的平行板A和B之間有一個勻強電場（如圖），電場強度E=2×104V/m，方向向下。電場中C點距B板3cm，D點距A板2cm，E點距B板2cm。(1)C、D兩點哪點電勢高？兩點的電勢差UCD等于多少？(2)如果令B板接地（即電勢φB=0），則C的電勢φc是多少？如果令A板接地，則C的電勢又是多少？(3)一個電子從c點先移到E點，再移動到D點，靜電力做多少功？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

速度等于位移與所用時間的比值，加速度是速度變化量與所用時間的比值，電阻是電壓與電流的比值，電場強度是試探電荷所受的電場力與其電荷量的比值，這三個物理量都是采用比值定義法定義的，故A正確，BCD錯誤。故選A。【點睛】比值定義法是常用的物理思想方法，要抓住比值法的共性理解物理量的意義．2、D【解析】試題分析：滑動變阻器的滑動觸頭P從最上端逐漸滑向最下端的過程中，滑動變阻器的總電阻值先增大后減小，故電路的總電阻先增大后減小，總電流先減小后增大，即電流表A2的讀數先減小后增大，選項C錯誤；路端電壓先增大后減小，即電壓表V的讀數先變大后變小，選項A錯誤；因P向下滑動過程中，A1支路的電阻逐漸減小，故電流表A1的讀數逐漸變大，選項B錯誤；因為E=I2r+U，則ΔUΔI2考點：電路的動態(tài)分析3、C【解析】

A．根據碰撞過程中動量守恒可知碰撞后的總動量等于原來總動量2kg?m/s。碰后的合動量為-2kg?m/s，不守恒，故A錯誤；B．a球的動能不變，b球的動能增加了，不符合機械能不能增大的規(guī)律，故B錯誤；C．ab小球的動量滿足動量守恒，也不違背物體的運動規(guī)律，故C正確；D．與實際不符，a不可能穿過停止的b向前運動，故D錯誤。故選C。4、D【解析】

閉合開關時，穿過B線圈的磁通量從無到有，磁通量發(fā)生了變化，可以產生感應電流，會引起電流表指針的偏轉，故A不合題意；斷開開關時，穿過B線圈的磁通量從有到無，磁通量發(fā)生了變化，可以產生感應電流，會引起電流表指針的偏轉，故B不合題意；閉合開關后拔出線圈A時，穿過B線圈的磁通量發(fā)生了變化，可以產生感應電流，會引起電流表指針的偏轉，故C不合題意；斷開開關后，移動變阻器的滑片時，磁通量始終為零，不會產生感應電流，不會引起電流表指針的偏轉，故D符合題意．5、D【解析】

根據電場力做功公式WAB=qUAB，可知，初末位置電勢相等，移動同一電荷時，電場力做功相等．電場力對正電荷做正功時，電勢降低．【詳解】正電荷由c經a移到d點，電場力做功為W1=qUcd，由c經b移到d點，電場力做功為W1=qUcd，則有W1=W1．電場力對正電荷做正功時，電勢降低，則φ1＞φ1．故D正確，ABC錯誤．故選D．【點睛】本題考查對電場力做功WAB=qUAB的理解和應用能力．電場力做功與路徑無關，只與初末位置的電勢差有關．6、A【解析】

導體電阻由導體材料、長度、橫截面積決定，與電壓、電流無關；金屬材料的電阻率越大，導電能力越差，材料的電阻率由材料決定，受溫度影響；根據電阻定律分析答題?！驹斀狻緼項：導體電阻由導體材料、長度、橫截面積決定，與電壓、電流無關，故A錯誤；B、C項：金屬材料的電阻率越大，導電能力越差，材料的電阻率由材料決定，受溫度影響，但半導體的電阻率隨溫度的升高而減小故B、C正確；D項：由電阻定律可知導體的電阻與導體的長度和橫截面積都有關系。則D正確。因選錯誤的，故選：A。【點睛】本題考查了電阻率、電流定義式、電阻等問題，涉及的知識點較多，但難度不大，是一道基礎題，熟練掌握基礎知識即可正確解題。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

由，可判兩次進入通過線框導體橫截面的電荷量相等；根據功能關系可求線框中產生的熱量．【詳解】由公式可知，電荷量相等，即q2=q1線圈進入磁場過程中產生的感應電流為：，由焦耳定律可知，產生的熱量為：所以熱量之比等于速度度之比即為Q2＝2Q1故應選：AD．8、AC【解析】

A.閉合開關S后，將滑動變阻器R的滑片P向上移動，變阻器接入電路的阻值變大，則外電路的總電阻變大，根據閉合電路的歐姆定律，總電流變小，則路端電壓變大，即V1表讀數變大，故A正確；B.總電流變小，根據部分電路的歐姆定律，R1兩端的電壓變小，即V2表讀數變小，故B錯誤；C.電源的總功率為P＝EI，E不變，I減小，電源的總功率變小。故C正確；D.R2兩端的電壓加上R1兩端的電壓等于路端電壓，即U1＋U2＝U，R1兩端的電壓變小，路端電壓變大，所以R2兩端的電壓變大，故R2中的電流變大，即A表讀數變大。故D錯誤；故選AC；9、CD【解析】AB兩點的點電荷在C點形成電場的場強大小均為，故C點的電場強度大小為，選項A錯誤；CP兩點均處于AB連線的垂直平分線上，故兩點的電勢相等，將某一試探電荷從C點沿CP連線的方向移動到P點的過程中靜電力不做功，選項B錯誤，D正確；AB兩點的點電荷在P點形成電場的場強大小均為，故P點的電場強度大小為，CP兩點的場強大小之比：,某一試探電荷在c點與P點所受靜電力大小之比為，選項C正確；故選CD.10、BD【解析】勻速圓周運動物體所受合外力大小不變，方向時刻指向圓心，所以合外力是變力，故AC錯誤；因為合外力的方向時刻與速度方向垂直，所以合外力對物體是不做功，故B正確；當物體所受合外力小于所需向心力時產生離心現象，故D正確。所以BD正確，AC錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、9.82×10-2D【解析】

(1)[1]重力勢能減少量△Ep＝mgh＝0.2×9.8×5.01×10-2J＝9.82×10-2J(2)[2]重物增加的動能略小于減少的重力勢能，主要原因是，重物及紙帶在下落時受到阻力，阻力做負功，根據能量守恒，重力勢能轉化為物體的動能和克服摩擦力做功,故D正確。故選D。12、×125更換到×1倍率檔位之后沒有進行歐姆調零A2R2電動機兩端最大電壓約為，比電壓表量程小得多B【解析】

(1)[1][2]指針指示位置很靠近歐姆“0”刻度,即選擇的倍率過大，故應將選擇開關旋到“×1”歐姆的倍率檔.根據圖可讀出讀數為25Ω.(2)[3]歐姆表更換檔位后要重新歐姆調零，故遺漏步驟為：更換到×1倍率檔位之后沒有進行歐姆調零.(3)[4][5]電路最大電流約為：選3A量程電流表讀數誤差太大，因此電流表應選A2，由電路圖可以知道滑動變阻器采用分壓接法,為方便實驗操作,滑動變阻器應選R2.[6]電動機兩端最大電壓約為：比電壓表量程小得多，故應串聯一個電阻.[7]連接的實物圖如圖所示：[8]由電路圖可以知道,電壓表測定值保護電阻與電動機兩端電壓，電流表測通過他們的電流，因此U-I圖象的斜率是導線圈的電阻與R0阻值之和，所以B正確.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的