2025屆黑龍江省綏化市望奎縣第二中學物理高二上期末學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

2025屆黑龍江省綏化市望奎縣第二中學物理高二上期末學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，位于紙面內(nèi)的細直導線，長L＝5m，通有I＝3A的恒定電流．平行于紙面水平向右的勻強磁場，磁感應強度B＝2T．當導線與B成60°夾角時，發(fā)現(xiàn)其受到的磁場力為零，則該區(qū)域同時存在的另一勻強磁場的磁感應強度B1的可能值為()A.TB.C.TD.T2、以下是四種導電器件的伏安特性曲線，隨電壓增加，電阻變小的是（）A. B.C. D.3、如圖所示，50匝矩形閉合導線框ABCD處于磁感應強度大小B＝T的水平勻強磁場中，線框面積S＝0.5m2，線框電阻不計。線框繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω＝200rad/s勻速轉(zhuǎn)動，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈接入一只“220V，60W”燈泡，且燈泡正常發(fā)光，熔斷器允許通過的最大電流為10A，下列說法正確的是（）A.圖示位置穿過線框的磁通量變化率不為零B.線框中產(chǎn)生交變電壓的表達式為u＝500sin(200t)VC.變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為50：11D.允許變壓器輸出的最大功率為2200W4、如圖所示，原來不帶電的絕緣金屬導體MN，在其兩端下面都懸掛金屬驗電箔，若使帶正電的絕緣金屬球A靠近導體M端，可能看到的現(xiàn)象是（）A.只有M端驗電箔張開，且M端帶正電B.只有N端驗電箔張開，且N端帶負電C.兩端的驗電箔都張開，且左端帶負電，右端帶正電D.兩端的驗電箔都張開，且左端帶正電，右端帶負電5、質(zhì)量和電量都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經(jīng)小孔S垂直進入勻強磁場，運行的半圓軌跡如圖兩種虛線所示，下列表述正確的是A.M帶負電，N帶正電B.M的速度率小于N的速率C.洛倫茲力對M、N做正功D.M運行時間大于N的運行時間6、關(guān)于磁現(xiàn)象的電本質(zhì)，安培提出了分子電流假說．他是在怎樣的情況下提出來的（）A.安培通過精密儀器觀察到分子電流B.安培根據(jù)原子結(jié)構(gòu)理論，進行嚴格推理得出的結(jié)論C.安培根據(jù)環(huán)形電流的磁性與磁鐵相似提出的一種假說D.安培憑空想出來的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，光滑絕緣的水平面上M、N兩點各放一電荷量分別為+q和+2q，完全相同的金屬球A和B，給A和B以大小相等的初動能E0（此時動量大小均為p0）使其相向運動剛好能發(fā)生碰撞，碰后返回M、N兩點時的動能分別為E1和E2，動量大小分別為p1和p2，則()A.，B.，C.碰撞發(fā)生在M、N中點的左側(cè)D.兩球同時返回M、N兩點8、如圖所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的P環(huán)套在固定不光滑的水平長直絕緣桿上，整個裝置處在垂直于桿的水平勻強磁場中，磁感應強度大小為B．現(xiàn)給環(huán)一向右的初速度（），則（）A.環(huán)將向右減速，最后勻速B.環(huán)將向右減速，最后停止運動C.從環(huán)開始運動到最后達到穩(wěn)定狀態(tài)，損失的機械能是D.從環(huán)開始運動到最后達到穩(wěn)定狀態(tài)，損失的機械能9、如圖所示，圓O半徑為R，直徑豎直、BD水平．兩電荷量均為的點電荷固定在圓周上關(guān)于AC對稱的M、N兩點，從A點將質(zhì)量為m、電荷量為的帶電小球由靜止釋放，小球運動到O點的速度大小為，不計空氣阻力，重力加速度為g．則A.小球運動到C點的速度為B.小球從O運動到C，電勢能先增大后減小C.A、O兩點間電勢差D.A、C兩點電勢相等10、如圖所示的U-I圖象中，直線Ⅰ為某電源路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線Ⅱ為某一電阻R的U-I圖線．用該電源與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）A.R的阻值為1.5ΩB.電源電動勢為3.0V，內(nèi)阻為1.5ΩC.電源的輸出功率為3.0WD.電阻R消耗的功率為1.5W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖是一個多用表歐姆檔內(nèi)部電路示意圖．電流表滿偏電流0.5mA、內(nèi)阻10Ω；電池電動勢1.5V、內(nèi)阻1Ω；變阻器阻值0-5000Ω（1）該歐姆表的刻度值是按電池電動勢為1.5V刻度的，當電池的電動勢下降到1.45V、內(nèi)阻增大到4Ω時仍可調(diào)零．調(diào)零后阻值將變_________（選填“大”或“小”）；若測得某電阻阻值為300Ω，則這個電阻的真實值是________Ω（2）該歐姆表換了一個電動勢為1.5V，內(nèi)阻為10Ω的電池，調(diào)零后測量某電阻的阻值，其測量結(jié)果___________（選填“偏大”或“偏小”或“準確”）12．（12分）某同學用多用電表測量一未知電阻阻值，選擇了“×1k”擋位，并進行了歐姆調(diào)零?測量時發(fā)現(xiàn)指針指在圖1所示位置，則應改換_________擋位?重新歐姆調(diào)零之后，指針位置如圖2所示，則該電阻的阻值為_________Ω?四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各種數(shù)值。靜止的帶電粒子帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m（不計重力），從點P經(jīng)電場加速后，從小孔Q進入N板右側(cè)的勻強磁場區(qū)域，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外，CD為磁場邊界上的一絕緣板，它與N板的夾角θ＝45°，孔Q到板的下端C的距離為L，當M、N兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在CD板上，求：（1）兩板間電壓的最大值Um；（2）CD板上可能被粒子打中區(qū)域的長度s；（3）粒子在磁場中運動的最長時間tm。14．（16分）如圖所示，第四象限內(nèi)有互相正交的勻強電場E與勻強磁場B1，已知E大小為1.5×103V/m，B1大小為0.5T；第一象限的某個圓形區(qū)域內(nèi)，有方向垂直紙面的勻強磁場B2，磁場的邊界與x軸相切．一質(zhì)量m＝1×10－14kg、電荷量q＝2×10－10C的帶正電微粒以某一速度v沿與y軸正方向成60°角的M點射入第四象限，并沿直線運動，經(jīng)P點立即進入處于第一象限內(nèi)的磁場B2區(qū)域．一段時間后，微粒經(jīng)過y軸上的N點并沿與y軸正方向成60°角的方向飛出．已知M點的坐標為(0，－0.1)，N點的坐標為(0，0.3)，不計微粒重力，g取10m/s2．求：(1)微粒運動速度v的大??；(2)勻強磁場B2的大小；(3)B2磁場區(qū)域的最小面積15．（12分）一質(zhì)量為m=1.0×10-4kg的帶電小球，帶電量大小為q=1.×10-6C，用長為L的絕緣細線懸掛在水平向右的勻強電場中，靜止時細線與豎直方向如圖所示成θ角，且θ=37°．（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）判斷小球帶何種電荷；（2）求電場強度E的大??；（3）求剪斷細線開始經(jīng)歷t=1s小球電勢能的變化大小.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當磁場方向與電流方向在平行時，電流不受磁場力作用；根據(jù)磁場的疊加原理，由平行四邊形定則分析B1的最小值，即可選擇【詳解】通電導線所受磁場力為零，則電流方向與磁場方向平行，說明該區(qū)域同時存在的另一勻強磁場B2，并且B2與B1的合磁場的磁感應強度方向沿導線方向，由平行四邊形定則可知，當B2與合磁場(通電導線)垂直時，磁場最小，B2最小=B1sin60°=T，則B2?B1sin60°=T，所以B2的可能值為T，故C正確，ABD錯誤；故選C.2、B【解析】伏安特性曲線描述電流與電壓的變化關(guān)系，其斜率，電阻變小的應為圖線的斜率變大的，因此只有選項B正確，A、C、D錯誤。故選B。3、B【解析】A．由圖可知，此時線圈和磁場垂直，此時線框的磁通量最大，磁通量變化率為零，感應電動勢為0，故A錯誤。B．矩形閉合導線框ABCD在磁場中轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交流電的最大值為Em＝nBSω＝50××0.5×200V＝500V所以線框中產(chǎn)生交變電壓的表達式為u＝500sin(200t)V故B正確；C．有效值：E＝＝500V由于電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為＝故C錯誤；D．由于熔斷器允許通過的最大電流為10A，所以允許變壓器輸出的最大功率為P＝UI＝500×10W＝5000W故D錯誤。故選B。4、D【解析】使帶正電的絕緣金屬球A靠近導體的M端時，由于感應起電，使右端M端帶負電，左端N端帶正電，兩端的驗電箔都張開。選項D正確，ABC錯誤。故選D。5、A【解析】A．由左手定則可知，M帶負電，N帶正電，選項A正確B．由可知，M的速度率大于N的速率，選項B錯誤；C．洛倫茲力對M、N都不做功，選項C錯誤；D．由可知，M的運行時間等于N的運行時間，選項D錯誤6、C【解析】安培根據(jù)環(huán)形電流的磁性與磁鐵相似提出的一種分子電流假說，C對二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】AB．由動量觀點看，系統(tǒng)動量守恒，兩球的速度始終等值反向，也可得出結(jié)論：兩球必將同時返回各自的出發(fā)點，且兩球末動量大小和末動能一定相等。從能量觀點看，兩球接觸后的電荷量都變?yōu)?.5q，在相同距離上的庫侖斥力增大，返回過程中電場力做的正功大于接近過程中克服電場力做的功，系統(tǒng)機械能必然增大，即末動能增大。故A錯誤，B正確。CD．由牛頓定律的觀點看，兩球的加速度大小始終相同，相同時間內(nèi)的位移大小一定相同，必然在連線中點相遇，又同時返回出發(fā)點。故C錯誤，D正確。故選BD。8、AD【解析】環(huán)受重力、支持力、洛倫茲力以及摩擦力作用做減速運動，當洛倫茲力等于重力時，支持力為零，摩擦力等于零，環(huán)做勻速直線運動．根據(jù)能量守恒求出損失的機械能【詳解】A、B項：當環(huán)受到重力、支持力、摩擦力和洛倫茲力，先向右做減速運動，速度減小，洛倫茲力減小，當洛倫茲力等于重力時，支持力為零，摩擦力為零，環(huán)將做勻速直線運動，故A正確，B錯誤；C、D項：根據(jù)能量守恒知，損失的機械能等于環(huán)動能的減小量，勻速直線運動時有qvB=mg，解得v，損失的機械能△E=，故C錯誤，D正確故應選：AD【點睛】解決本題的關(guān)鍵能夠根據(jù)物體的受力，通過合力的變化以及與速度方向的關(guān)系判斷出環(huán)的運動情況9、BC【解析】等量同種點電荷電場的分布具有對稱性，由動能定理結(jié)合其對稱性來分析【詳解】A．由電場線的分布特點及對稱性知，從O到C的過程由動能定理得：，解得：，故A錯誤；B．從O運動到C，場強的方向先向上后向下，電場力對小球先做負功后做正功，所以電勢能先增加后減小，故B正確；C．從A運動到O，由動能定理得：，解得：，故C正確；D．由電場線的分布特點及對稱性知O、C兩點電勢相等，要比A點電勢高，故D錯誤所以BC正確，AD錯誤【點睛】本題考查等量同種點電荷電場的分布特點，可以結(jié)合等量同種點電荷電場的分布圖象來分析最為直接方便．基礎(chǔ)題10、ABD【解析】A、由兩圖線的交點知，，故A正確；B、直線I在縱軸上的截距為電動勢，即E=3V，斜率的絕對值為內(nèi)阻，即，選項B正確；CD、電源的輸出功率P=UI=1.5W，也等于電阻R消耗的功率，選項C錯誤，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.小②.290③.準確【解析】（1）[1]由閉合電路歐姆定律得因為式中E變小，r變大，故R0將減??；[2]因為該歐姆表的刻度是按電池電動勢為E=1.5V刻度的．測得某電阻阻值為300Ω時，電流表中的電流其它當電池電動勢下降到E′=1.45V時，此時歐姆表的內(nèi)阻為由閉合電路歐姆定律得解得真實值R′=290Ω（2）[3]該歐姆表換了一個電動勢為1.5V，內(nèi)阻為10Ω的電池，調(diào)零后測量某電阻的阻值的測量結(jié)果準確，因為電源的內(nèi)阻的變化，可以通過調(diào)零電阻的阻值的變化來抵消【考點定位】多用表的應用12、①.×100②.1900【解析】考查歐姆表讀數(shù)?！驹斀狻?1)[1]由于歐姆表表盤零刻度在右側(cè)，并且刻度不均勻，由歐姆表的構(gòu)造可知，表針越靠近中央讀數(shù)越準，從圖1可知，電阻阻值較小，因此選用小檔位測量，因此應將檔位換為×100。(2)[2]歐姆檔是倍率檔，由于是×100檔位，因此電阻阻值為19×100Ω=1900Ω四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）兩板間電壓的最大值為；（2）CD板上可能被粒子打中的區(qū)域的長度x為；（3）粒子在磁場中運動的最長時間為?！窘馕觥浚?）粒子恰好垂直打在CD板上，根據(jù)粒子的運動的軌跡，可以求得粒子運動的半徑，由半徑公式可以求得電壓的大小；（2）當粒子的運動的軌跡恰好與CD板相切時，這是粒子能達到的最下邊的邊緣，在由幾何關(guān)系可以求得被粒子打中的區(qū)域的長度（3）打在QE間的粒子在磁場中運動的時間最長，均為半周期，根據(jù)周期公式即可求解?！驹斀狻浚?）M、N兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在CD板上，所以圓心在C點，CH=QC=L，故半徑R1=L，又因所以（2）設(shè)軌跡與CD板相切于K點，半徑為R2，在△AKC中