福建省泉州市永春第一中學2025屆物理高二上期中綜合測試試題含解析

福建省泉州市永春第一中學2025屆物理高二上期中綜合測試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是某直流電路中電壓隨電流變化的圖象，其中a、b分別表示路端電壓、負載電阻上電壓隨電流變化的情況，下面說法不正確的是A．陰影部分的面積表示電源的輸出功率B．陰影部分的面積表示電源的內阻上消耗的功率C．當滿足時，電源的輸出功率最大D．當滿足時，電源的效率小于50％2、下列說法中正確的是（）A．檢驗電荷在某處不受電場力的作用，則該處電場強度不一定為零B．一小段通電導線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應強度一定為零C．表征電場中某點電場的強弱，是把一個檢驗電荷放在該點時受到的電場力與檢驗電荷本身電荷量的比值D．表征磁場中某點磁場的強弱，是把一小段通電導線放到該點時受到的磁場力與該小段導線長度和電流乘積的比值3、如圖所示，一光滑絕緣斜槽放在方向豎直向下，電場強度為E的勻強電場中，從斜槽頂端A沿斜槽向下釋放一初速度為v0的帶負電的小球，小球質量為m，帶電荷量為q，斜槽底端B與A點的豎直距離為h。則關于小球的情況，下列說法中正確的是A．只有，小球才能沿斜槽運動到B點B．只有，小球才能沿斜槽運動到B點C．小球若沿斜槽能到達B點，速度可能是v0D．小球若沿斜槽能到達B點，最小速度一定大于v04、如圖所示，用干電池點亮幾個小燈泡，不計燈泡的電阻隨溫度的變化，當逐一閉合電鍵，接入電路的燈泡增多時，以下正確的是（）A．燈亮度一定增加B．干電池輸出的總功率一定減小C．該電路電源的效率一定降低D．整個電路消耗的功率一定減小5、點電荷A、B固定在真空中，所帶電荷量均為+，若此時它們之間的庫侖力為F，將兩點電荷所帶電量均變?yōu)?，則B球所受的庫侖力將變成（）A．，方向與原來相同 B．，方向與原來相同C．大小和方向均不變 D．，方向與原來相同6、如圖所示，勻強磁場中放置一矩形線圈，線圈所在平面與磁場平行，現(xiàn)通了如圖的電流，則線圈的運動情況是：A．從上往下看是順時針方向轉動；B．從上往下看是逆時針方向轉動；C．從左往右看是順時針方向轉動；D．從左往右看是逆時針方向轉動．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示電路中的小燈泡通電后其兩端電壓U隨所通過的電流I變化的圖線如圖乙所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PM為U軸的垂線，PQ為I軸的垂線，下列說法中正確的是A．隨著所通電流的增大，小燈泡的電阻增大B．對應P點，小燈泡的電阻為C．若在電路甲中燈泡L兩端的電壓為U1，則電阻R兩端的電壓為I1RD．對應P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積8、下列說法正確的是（）A．由E=FB．電容器的電容C=QC．由R=ρlD．由R=U9、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度v飛出．僅在電場力作用下，兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）A．a加速度減小，b加速度增大B．a和b的動能一定都增大C．a一定帶正電，b一定帶負電D．a電勢能減小，b電勢能增大10、在同一光滑斜面上放同一導體棒，下圖所示是兩種情況的剖面圖。它們所在空間有磁感應強度大小相等的勻強磁場，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次豎直向上，兩次導體A分別通有電流I1和I2，都處于靜止平衡．已知斜面的傾角為θ，則（）A．I1∶I2=cosθ：1B．I1∶I2=1∶1C．導體A所受安培力大小之比F1∶F2=sinθ∶cosθD．斜面對導體A的彈力大小之比N2∶N2=cos2θ∶1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測量某根金屬絲的電阻率，根據(jù)電阻定律需要測量長為L的金屬絲的直徑D，電阻R．某同學進行如下幾步進行測量：(1)直徑測量：該同學把金屬絲放于螺旋測微器兩測量桿間，測量結果如圖，由圖可知該金屬絲的直徑D=____________mm.(2)歐姆表粗測電阻，他先選擇歐姆×100檔，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉過大，為了使讀數(shù)更精確些，還需進行的步驟是________.之后多用表的示數(shù)如下圖所示，測得該元件電阻為_______Ω.A．換為×1K檔，重新測量B．換為×10檔，重新測量C．換為×1K檔，先歐姆調零再測量D．換為×10檔，先歐姆調零再測量12．（12分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法測量這個小燈泡的伏安特性曲線?，F(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表V1(0～5V，內阻約10kΩ)B．電壓表V2(0～10V，內阻約20kΩ)C．電流表A1(0～0.3A，內阻約1Ω)D．電流表A2(0～0.6A，內阻約0.4Ω)E．滑動變阻器R1(0～10Ω，2A)F．滑動變阻器R2(0～100Ω，0.2A)G．學生電源(直流6V)、開關及導線(1)為了調節(jié)方便，測量盡可能準確，實驗中應選用電壓表______，電流表_____，滑動變阻器_______(填器材前方的選項符號，如“A”，“B”)(2)為使實驗誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數(shù)據(jù)；請在下面的方框中畫出實驗電路圖____________。(3)P為上圖中圖線上的一點，PN為圖線上P點的切線、PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，下列說法中正確的是（____）A．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小C．對應P點，小燈泡的電阻約為5.33ΩD．對應P點，小燈泡的電阻約為24.0Ω(4)某同學通過實驗得到的數(shù)據(jù)畫出了該小燈泡的伏安特性曲線，如圖所示，若用電動勢為4.0V、內阻為8Ω的電源直接給該小燈泡供電，則該小燈泡的實際功率是_______W（保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，已知電阻R2=R3=2R1=2R，電池提供給電路的電壓始終保持不變，其內阻不計，開關S閉合前流過R2的電流為I，求S閉合后流過R2的電流大?。?4．（16分）水平放置的兩塊平行金屬板長L，兩板間距d，兩板間電壓為U，且上板帶正電，一個電子沿水平方向以速度v0從兩板中間射入，如圖所示，已知電子質量為m，電荷量為e.(電子的重力不計)（1）求電子飛出電場時側位移y.（2）求電子飛出電場時的速度大小v1.（3）電子離開電場后，打在屏上的P點，若平行金屬板右端到屏的距離為s，求OP的長．15．（12分）如圖所示，豎直放置的半圓形絕緣光滑軌道半徑R=40cm，下端與絕緣粗糙的水平面平滑連接，小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，AB間距離S=1.2m.整個裝置處于方向豎直向下，大小為E=103V/m的勻強電場中，一質量為m=10g、帶電量為q=+10-4C的小物塊（可視為質點），從水平面上的A點以初速度v0水平向左運動，沿半圓形軌道恰好能通過最高點C，取g=10m/s2，試求：（1）小物塊從C點拋出后落地點與B點間的水平距離；（2）v0的大小和過B點時軌道對小物塊的支持力大小；

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

AB.陰影部分的面積為路端電壓與電流的乘積，為電源的輸出功率，故B不符合題意，A符合題意；C.由當滿足α=β時，內外阻相等，輸出功率最大，但電源的效率為50%，外阻越大，效率越高，時，即，效率應小于50%，故C不符合題意,D不符合題意2、C【解析】

A．電荷不受電場力的作用，則該點的電場強度一定為零，所以A選項錯誤：BD．通電導線在磁場中不一定受到磁場力的作用，與導線和磁感應強度的夾角有關系，即，其中θ為B與電流I的夾角，所以BD兩項錯誤；C．電場強度的定義為，所以C項錯誤．3、C【解析】若電場力大于重力qE>mg，，小球將離開斜面做曲線運動，若電場力等于重力，小球合力為0，做勻速直線運動，到達B點的速度也就是v0，若電場力小于重力，小球將沿著斜面做將勻加速直線運動，到達B點的速度大于v0，故C正確，A、B、D錯誤。點晴：帶電小球在電場中運動受到多個力作用的情形，共點力作用下的平衡和牛頓第二定律在電學中的應用。4、C【解析】

由題中“不計燈泡的電阻隨溫度的變化”可知，本題考查恒定電流中并聯(lián)電路的功率、效率問題，運用并聯(lián)電路特點、電阻并聯(lián)、電路功率等知識可以進行分析?！驹斀狻緼.由于閉合開關讓燈泡并聯(lián)，使外電路總電阻變小，因此分壓變小，所以每個燈泡的電壓變小，電阻不變，導致電流變小，亮度降低，故A錯誤；B.由于不計燈泡電阻隨溫度的變化，所以可以把電路看成是純電阻電路，電源的輸出功率：當外電路電阻等于內阻時，輸出功率最大，由于本題不知道電源內阻是多少，因此接入電路的燈泡增多時，無法判斷輸出功率的變化情況，故B錯誤；CD．根據(jù)，可知，總電阻逐漸減小，因此總功率增加，電路的效率降低，因此C正確，D錯誤。5、D【解析】

根據(jù)庫侖定律列出前后兩次庫侖力的表達式，則可得出增加后的倍數(shù)關系．【詳解】根據(jù)庫侖定律的公式為：它們的間距不變，但它們的電量均變?yōu)樵瓉淼?倍，則庫侖力變?yōu)樵瓉淼?倍．原來是等量正電荷，后來是等量負電荷，都是同種電荷，始終相互排斥，故庫侖力方向沒變，故D正確、ABC錯誤．【點睛】對于庫侖定律公式涉及物理量較多，要明確公式中各個物理量的含義，可以和萬有引力公式對比理解．6、A【解析】

由左手定則知，右邊邊所受安培力方向指向紙外，左邊邊所受安培力方向指向紙里，上邊和下邊電流方向與磁場方向平行，不受安培力作用，故轉動方向為：從上往下看是順時針方向轉動；故選A．【點睛】本題考查了左手定則的運用，注意當I與B平行時，不受安培力的作用．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．圖線上的點與原點連線的斜率等于電阻大小，由數(shù)學知識可知，隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大。故A正確；B．對應P點，小燈泡的電阻為，故B錯誤；C．在電路中燈泡L兩端的電壓為U1時，電流為I2，則電阻R兩端的電壓為I2R，故C錯誤；D．由恒定電流的功率公式P=UI，推廣可知，對應P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積。故D正確。8、BC【解析】試題分析：電場強度反映電場本身的性質，與試探電荷的電荷量無關，故A錯誤；電容是電容器本身的性質，和極板上的電荷量及電壓無關，而是決定于電容器本身的結構．故B正確；由電阻定律的表達式R=ρl【點睛】該題考查對電場強度、電容、電阻的定義式以及歐姆定律的表達式等幾個不同的公式的理解，要通過它們的比較，理解定義式與定律的表達式的差別．9、AB【解析】

A.根據(jù)a、b兩粒子做曲線運動軌跡彎曲程度即電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強度變強，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏，電場強度變弱，所受的電場力在減小，加速度在減小，故A正確；B.根據(jù)圖知a、b兩粒子的電場力與速度的夾角為銳角，電場力對電荷做正功，電勢能減小，動能增加，故B正確，D錯誤；C.由運動軌跡如圖可知，a、b做曲線運動，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定，故C錯誤．故選AB10、AD【解析】

兩種情況下，導體棒受力如圖所示，I1所受的安培力沿斜面向上，I2所受的安培力水平向右；

I1

所受的安培力沿斜面向上，如左圖，根據(jù)共點力平衡得：F1=mgsinθN1=mgcosθI2所受的安培力水平向右，如右圖，根據(jù)共點力的平衡得：F2=mgtanθ又：F1=BI1LF2=BI2L所以：斜面對導體A的彈力大小之比AD正確，BC錯誤。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.682mmD70Ω【解析】

(1)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù).(2)應用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進行歐姆調零，歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表的示數(shù).【詳解】(1)由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：1.5mm+18.2×0.01mm=1.682mm；(2)用歐姆表粗測電阻，選擇歐姆×100檔，表頭指針偏轉過大，說明所選擋位太大，為了使讀數(shù)更精確些，需要選擇歐姆×10檔，然后重新進行歐姆調零再測量，故選D；由圖2所示表盤可知，電阻阻值為7×10=70Ω.【點睛】本題考查了螺旋測微器讀數(shù)、歐姆表的使用及讀數(shù)、實驗電路的選擇，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法，螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，螺旋測微器需要估讀，讀數(shù)時視線要與刻度線垂直.12、ADEAC0.42W【解析】

（1）[1][2][3]．燈泡的額定電壓為4V，電壓表應選A；燈泡的額定電流電流表應選擇0～0.6A的量程，故選D；變阻器用分壓接法，為方便實驗操作，滑動變阻器選E．

（2）[4]．燈泡內阻電壓表內約為10kΩ，電流表內阻約為0.4Ω，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，因此電流表應采用外接法；描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，電路圖如圖所示：