湖南省衡陽市第二十六中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題含解析

湖南省衡陽市第二十六中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、用電流表和電壓表測量電阻Rx的阻值．如圖所示，分別將圖(a)和(b)兩種測量電路連接到電路中，按照(a)圖時(shí)，電流表示數(shù)為4.00mA，電壓表示數(shù)為2.50V；按照(b)圖時(shí)，電流表示數(shù)為5.00mA，電壓表示數(shù)為2.30V，比較這兩次結(jié)果，正確的是()A．電阻的真實(shí)值更接近625Ω，且大于625ΩB．電阻的真實(shí)值更接近625Ω，且小于625ΩC．電阻的真實(shí)值更接近460Ω，且大于460ΩD．電阻的真實(shí)值更接近460Ω，且小于460Ω2、下列關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)的說法中正確的是A．在某電源的電路中，每通過2C的電荷量，電源提供的電能是4J，那么這個(gè)電源的電動(dòng)勢(shì)是0.5VB．電動(dòng)勢(shì)就是電源兩極間的電壓C．電源的電動(dòng)勢(shì)與外電路無關(guān)D．電源的電動(dòng)勢(shì)越大，電源所能提供的電能就越多3、下列位移圖象中，表示物體始終靜止不動(dòng)的是()A． B．C． D．4、類比是一種有效的學(xué)習(xí)方法，通過歸類和比較，有助于掌握新知識(shí)，提高學(xué)習(xí)效率．在類比過程中，既要找出共同之處，又要抓住不同之處．某同學(xué)對(duì)機(jī)械波和電磁波進(jìn)行類比，發(fā)現(xiàn)電磁波可以在真空傳播而機(jī)械波不能，但電磁波與機(jī)械波一樣也可以產(chǎn)生干涉現(xiàn)象．如圖所示，AI機(jī)器人比賽要求按規(guī)定直線OO1行走，某興趣小組設(shè)想如下方案：在O點(diǎn)兩側(cè)適當(dāng)距離對(duì)稱放置兩個(gè)信號(hào)發(fā)射源S1和S2，信號(hào)源可以各發(fā)射相同頻率的電磁波信號(hào)，信號(hào)發(fā)射后可以向四周各個(gè)方向傳播，用波的干涉原理來引導(dǎo)機(jī)器人走規(guī)定直線．下列說法正確的是（）A．機(jī)器人在OO1上逐漸遠(yuǎn)離O點(diǎn)的過程中接收到的信號(hào)強(qiáng)度（以振幅反映）持續(xù)減弱B．機(jī)器人在OO1上逐漸遠(yuǎn)離O點(diǎn)的過程中接收到的信號(hào)強(qiáng)度（以振幅反映）保持不變C．機(jī)器人在OO1上逐漸遠(yuǎn)離O點(diǎn)的過程中接收到的信號(hào)強(qiáng)度（以振幅反映）持續(xù)增強(qiáng)D．機(jī)器人在OO1上逐漸遠(yuǎn)離O點(diǎn)的過程中接收到的信號(hào)強(qiáng)度（以振幅反映）交替變化5、圖為多用電表歐姆擋的原理示意圖，其中電流表的滿偏電流為300μA，內(nèi)阻Rg＝100Ω，調(diào)零電阻的最大值R0＝50kΩ，電池電動(dòng)勢(shì)E＝1.5V，兩表筆短接調(diào)零后，用它測量電阻Rx，當(dāng)電流計(jì)指針指在滿刻度的時(shí)，則Rx的阻值是（）A．1kΩB．10kΩC．100kΩD．100Ω6、如圖為靜電除塵機(jī)理示意圖，廢氣先經(jīng)過一個(gè)機(jī)械過濾裝置再進(jìn)入靜電除塵區(qū)，帶負(fù)電的塵埃在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵目的。圖中虛線為電場線(方向未標(biāo))。不考慮塵埃在遷移過程中的相互作用和電量變化，則A．每個(gè)塵埃的運(yùn)動(dòng)軌跡都與一條電場線重合B．塵埃在遷移過程中電勢(shì)能增大C．塵埃在遷移過程中做勻變速運(yùn)動(dòng)D．圖中點(diǎn)電勢(shì)低于點(diǎn)電勢(shì)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在一勻強(qiáng)磁場中有三個(gè)帶電粒子，其中1和2為質(zhì)子，3為α粒子（He）的徑跡．它們?cè)谕黄矫鎯?nèi)沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，三者軌道半徑r1＞r2＞r3并相切于P點(diǎn)，設(shè)T、v、a、t分別表示它們做圓周運(yùn)動(dòng)的周期、線速度、向心加速度以及各自從經(jīng)過P點(diǎn)算起到第一次通過圖中虛線MN所經(jīng)歷的時(shí)間，則（）A．T1＝T2＜T3 B．v1＞v2＞v3 C．a(chǎn)1＞a2＞a3 D．t1＞t2＞t38、如圖所示的各電場中，A、B兩點(diǎn)場強(qiáng)大小相同的是A． B． C． D．9、如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個(gè)點(diǎn)電荷，質(zhì)量分別為m、M．t=0時(shí)，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運(yùn)動(dòng)．此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運(yùn)動(dòng)（整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中沒有接觸），它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖象分別如圖（b）中甲、乙兩曲線所示．則由圖線可知（）A．m=2MB．t1時(shí)刻兩電荷的電勢(shì)能最大C．0～t2時(shí)間內(nèi)，兩電荷的靜電力先增大后減小D．運(yùn)動(dòng)過程中，甲的動(dòng)能一直增大，乙的動(dòng)能一直減小10、如圖所示,MNPQ為有界的豎直向下的勻強(qiáng)電場,電場強(qiáng)度為E,ACB為光滑固定的半圓形軌道,圓軌道半徑為R,A、B為圓水平直徑的兩個(gè)端點(diǎn),ACB為圓弧.一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電小球,從A點(diǎn)正上方高為H處由靜止釋放,并從A點(diǎn)沿切線進(jìn)入半圓軌道.不計(jì)空氣阻力及一切能量損失,關(guān)于帶電小球的運(yùn)動(dòng)情況,下列說法正確的是(

)A．小球再次到達(dá)C點(diǎn)的速度可能為零B．小球一定能從B點(diǎn)離開軌道C．小球在AC部分可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)D．當(dāng)小球從B點(diǎn)離開時(shí),上升的高度一定等于H三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，為“測繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)的實(shí)物電路圖，已知小燈泡的額定電壓為3V.（1）在圖乙方框圖中畫出與實(shí)物電路相對(duì)應(yīng)的電路圖．（________）（2）完成下列實(shí)驗(yàn)步驟：①閉合開關(guān)前，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，滑片應(yīng)停留在滑動(dòng)變阻器的最________(選填“左”或“右”)端；②閉合開關(guān)后，逐漸移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，增加小燈泡兩端的電壓，記錄電流表和電壓表的多組讀數(shù)，直至電壓達(dá)到額定電壓；③記錄如下8組U和I的數(shù)據(jù)，斷開開關(guān)．根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在圖丙方格紙上作出小燈泡燈絲的伏安特性曲線.（_______）編號(hào)12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1400.1700.1900.2000.205小燈泡發(fā)光情況不亮微亮逐漸變亮正常發(fā)光（3）數(shù)據(jù)分析：①圖線表明導(dǎo)體的電阻隨溫度的升高而________．②小燈泡正常工作時(shí)的電阻約為________．(保留到小數(shù)點(diǎn)后一位)12．（12分）用伏安法測電阻時(shí)，已知待測電阻約是10Ω，電流表內(nèi)阻是1Ω，電壓表內(nèi)阻是5000Ω，若要盡量減小實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差，則應(yīng)該采用電流表__________法（填“內(nèi)接”或“外接”），此時(shí)測量值比真實(shí)值__________（填“偏大”或“偏小”）。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為E=60V/m，方向水平向右。在電場中有a、b、c三點(diǎn)，ab=6cm，bc=8cm，其中ab沿電場線方向，bc和電場線方向成60°角，現(xiàn)將一電荷從b點(diǎn)移到a點(diǎn)時(shí)靜電力做功為W=-3.6×10-7J，求:（1）該電荷的電荷量大小;（2）a、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uac;（3）假設(shè)a點(diǎn)的電勢(shì)為零，則該電荷在c點(diǎn)的電勢(shì)能Ep。14．（16分）如圖所示，在一個(gè)范圍足夠大、垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，用絕緣細(xì)線將金屬棒吊起，使其呈水平狀態(tài)．已知金屬棒長L=0.1m，質(zhì)量m=0.05kg，棒中通有I=10A的向右的電流，取g=10m/s1．（1）若磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T，求此時(shí)金屬棒受到的安培力F的大小；（1）若細(xì)線拉力恰好為零，求磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小．15．（12分）某同學(xué)自制了一個(gè)電爐，已知該電爐工作時(shí)的電阻時(shí)，工作時(shí)通過電爐的電流是4A，求：①加在該電爐兩端的電壓是多少？②該電爐工作時(shí)，10s內(nèi)發(fā)的熱是多少？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

由題意可知?jiǎng)t有，電流變化量大，電壓表分流對(duì)實(shí)驗(yàn)影響較大，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，即圖（a）所示接法，則電阻測量值為由于電流表采用內(nèi)接法，電壓表測量值偏大，電阻測量值大于真實(shí)值，則電阻真實(shí)值小與625Ω，故選B。2、C【解析】

A.在某電源的電路中，每通過2C的電荷量，電源提供的電能是4J，那么這個(gè)電源的電動(dòng)勢(shì)是故A錯(cuò)誤；B.閉合電路歐姆定律得知：電動(dòng)勢(shì)的數(shù)值等于內(nèi)外電壓之和，當(dāng)電源沒有接入電路時(shí)，電路中沒有電流，電源的內(nèi)電壓為零，外電壓即電源兩極間的電壓等于電動(dòng)勢(shì)；當(dāng)電源接入電路時(shí)，電路有電流，電源有內(nèi)電壓，兩極間的電壓小于電動(dòng)勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C.電動(dòng)勢(shì)由電源本身特性決定，與外電路的組成無關(guān)，故C正確；D.電源電動(dòng)勢(shì)越大，電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)就越大，不能說電源所能提供的電能就越多；故D錯(cuò)誤。3、A【解析】由A圖象可知，物體的位移不變，故物體一直靜止，故A正確；B圖中曲線的斜率越來越大，說明物體的位移隨時(shí)間變化越來越快，故說明物體做變加速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；由C圖可知物體的位移由某點(diǎn)向原點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，然后又反向勻速向正方向運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D圖中物體由離原點(diǎn)較遠(yuǎn)的位置向原點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，且速度保持不變，故物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．故選A．點(diǎn)睛：位移-時(shí)間圖象中：點(diǎn)的坐標(biāo)表示物體所在的位置；圖象的斜率表示物體的速度大小．4、A【解析】

兩列波的頻率必須相同，中垂線是加強(qiáng)區(qū)，但機(jī)器人離波源越來越遠(yuǎn)，所以接收到的信號(hào)強(qiáng)度（以振幅反映）持續(xù)減弱，故選A5、B【解析】

由閉合電路歐姆定律可知，當(dāng)兩表筆短接，電流表滿偏時(shí)：，解得R內(nèi)=5kΩ；當(dāng)偏轉(zhuǎn)1/3時(shí)，；兩式聯(lián)立解得：Rx=10kΩ；故選B．【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵明確歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，能根據(jù)歐姆表的使用方法結(jié)合閉合電路的歐姆定律列方程；知道中值電阻等于歐姆表內(nèi)電阻．6、D【解析】

A.電場線為直線時(shí)，運(yùn)動(dòng)軌跡才有可能與電場線重合，并且要求初速度為零或者方向與電場線方向一致；電場線為曲線時(shí)，則運(yùn)動(dòng)軌跡不能與電場線重合，故A錯(cuò)誤；D.由題帶負(fù)電的塵埃在電場力的作用下向集塵極遷移，則知集塵極帶正電荷，是正極，所以電場線方向由集塵極指向放電極，點(diǎn)更靠近放電極，所以圖中點(diǎn)電勢(shì)低于點(diǎn)電勢(shì)，故D正確；B.帶電塵埃所受的電場力方向與位移方向相同，做正功，所以在遷移過程中電勢(shì)能減小，故B錯(cuò)誤；C.放電極與集塵極間建立非勻強(qiáng)電場，塵埃所受的電場力是變化的，塵埃的加速度是變化的，故C錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】

根據(jù)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力可得半徑公式，同時(shí)推出周期公式和時(shí)間公式，根據(jù)牛頓第二定律得到加速度的公式，再進(jìn)行分析．【詳解】設(shè)帶電粒子的質(zhì)量和電量分別為m、q，則帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)周期為

，T與比荷成反比，質(zhì)子與

α粒子的比荷之比為2：1，則有,故A正確．帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)半徑為

，則，對(duì)粒子1和2，其比荷相等，則半徑越大速度越大，故；對(duì)粒子2和3，粒子2的比荷和半徑均比粒子3大，故故B正確．粒子的加速度為，同理，故C正確．由圖看出粒子2的速度偏向角大于粒子1的速度偏向角，根據(jù)軌跡所對(duì)的圓心角等于速度偏向角，可知粒子2軌跡的圓心角大于粒子1軌跡的圓心角，所以粒子2的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于粒子1的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，即；同理可得,

粒子3軌跡的圓心角大于粒子2軌跡的圓心角，同時(shí)由于可知

，故有，則，故D錯(cuò)誤．8、AC【解析】

A．AB兩點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離相等，由公式可知，兩點(diǎn)場強(qiáng)大小相等，故A正確；B．AB兩點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離不相等，由公式可知，兩點(diǎn)場強(qiáng)大小不相等，故B錯(cuò)誤；C．勻強(qiáng)電場中AB兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同，故C正確；D．由于B處電場線更A處更密，所以B點(diǎn)的電場強(qiáng)度比A點(diǎn)的更大，故D錯(cuò)誤。9、ABC【解析】:A、兩球相互作用時(shí),受到的合外力為零,故動(dòng)量守恒,設(shè)向左為正方向,時(shí)刻兩球速度相等,由動(dòng)量守恒,計(jì)算得出:,所以A選項(xiàng)是正確的;

B、時(shí)間內(nèi)兩電荷間距離逐漸減小,在時(shí)間內(nèi)兩電荷間距離逐漸增大，時(shí)刻兩球相距最近,系統(tǒng)克服電場力最大,兩電荷的電勢(shì)能最大.所以B選項(xiàng)是正確的.

C、時(shí)間內(nèi)兩電荷間距離逐漸減小,在時(shí)間內(nèi)兩電荷間距離逐漸增大,由庫侖定律得知,兩電荷間的相互靜電力先增大后減小.所以C選項(xiàng)是正確的.

D、由圖像看出,時(shí)間內(nèi),甲的速度一直增大,則其動(dòng)能也一直增大.乙的速度先沿原方向減小,后反向增大,則其動(dòng)能先減小后增大.故D錯(cuò)誤.

所以ABC選項(xiàng)是正確的綜上所述本題答案是：ABC10、CD【解析】

當(dāng)小球的重力與電場力平衡，小球進(jìn)入軌道，靠彈力提供向心力，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．根據(jù)動(dòng)能定律判斷上升的高度與H的關(guān)系．．通過假設(shè)法判斷小球到達(dá)C點(diǎn)的速度能否為零，若能為零，根據(jù)動(dòng)能定理知，電場力做功做功等于重力做功，則電場力大于重力，無法做圓周運(yùn)動(dòng)．【詳解】A、若小球到達(dá)C點(diǎn)的速度為零，由動(dòng)能定理得，小球所受電場力大于重力，則小球不可能沿半圓軌道運(yùn)動(dòng)，所以小球到達(dá)C點(diǎn)的速度不可能為零，A錯(cuò)誤；B、由于題中沒有給出H與R、E的關(guān)系，所以小球不一定能從B點(diǎn)離開軌道，B錯(cuò)誤；C、若重力大小等于電場力，小球在AC部分做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，C正確；D、若小球能從B點(diǎn)離開軌道，由于小球在AB部分電場力做功為零，所以若小球能從B點(diǎn)離開，上升的高度一定等于H，D正確．故選CD．【點(diǎn)睛】本題考查了帶電小球在電場和重力場中的運(yùn)動(dòng)，綜合運(yùn)用了動(dòng)能定理、牛頓第二定律等知識(shí)，綜合性強(qiáng)，對(duì)學(xué)生的能力要求較高．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、左增大14.6Ω【解析】

(1)[1]測定小燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流要從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡電阻較小，約為幾歐姆到十幾歐姆，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用外接法，所以電路圖如圖(2)[2]為保護(hù)電路安全，開關(guān)閉合之前，圖乙中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于左端；[3]根據(jù)