安徽省滁州市二中2025屆物理高三第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題含解析

安徽省滁州市二中2025屆物理高三第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一枚手榴彈開始時在空中豎直下落，到某位置時爆炸成沿水平方向運動的a、b兩塊，已知兩塊同時落地，其中a落地時飛行的水平距離OA大于b落地時飛行的水平距離OB，下列說法中正確的是A．爆炸瞬間a、b兩塊的速度變化量大小相等B．a(chǎn)、b兩塊落地時的速度大小相等C．爆炸瞬間a、b兩塊的動量變化量大小相等D．爆炸瞬間a、b兩塊的動能變化量相等2、將一小球以動能Ek0豎直向上拋出，小球在運動過程中受到的空氣阻力不可忽略且大小恒定．以拋出點為原點、零勢能點，拋出時為計時起點，豎直向上為正方向，用x表示小球發(fā)生的位移、Ek表示其動能、EP表示其勢能．則從地出到落地的過程中，下列圖象正確的是（）A．B．C．D．3、某同學(xué)為了探究影響電荷間相互作用力的因素，進(jìn)行了以下的實驗:M是一個帶正電的物體，把系在絲線上的帶正電的輕質(zhì)小球先后掛在P1、P2、P3位置，發(fā)現(xiàn)絲線偏離豎直方向的角度逐漸變小.這個實驗結(jié)果說明電荷之間的作用力（）A．隨著電荷量的增大而增大 B．與兩電荷量的乘積成正比C．隨著電荷間距離的增大而減小 D．與電荷間距離的平方成反比4、如圖所示，實線表示某電場的電場線（方向未標(biāo)出），虛線是一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設(shè)M點和N點的電勢分別為，粒子在M和N時加速度大小分別為，速度大小分別為，電勢能分別為．下列判斷正確的是A． B．C． D．5、如圖所示,木塊在拉力F作用下,沿著水平地面向右做減速直線運動,則力F與摩擦阻力的合力方向為(

)A．水平向左B．向上偏左C．豎直向上D．可以在豎直向上和力方向之間6、某人劃船渡河，當(dāng)劃行速度和水流速度一定，且劃行速度大于水流速度時．過河的最短時間是t1；若以最小位移過河，需時間t1．則劃行速度v1與水流速度v1之比為（）A．t1：t1 B．C．t1：（t1﹣t1） D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖D、E、F、G為地面上水平間距相等的四點，三個質(zhì)量相同的小球A、B、C分別在E、F、G的正上方不同高度處，以相同的水平初速度向左拋出，最后均落到D點。若不計空氣阻力，則可判斷A、B、C三個小球（）A．初始位置離地面的高度之比為1:4:9B．落地時重力的瞬時功率之比為1:2:3C．落地時三個小球的速度大小之比為1:2:3D．從拋出到落地過程中，動能的變化量之比為1:3:58、如圖所示，、為平行金屬板，兩板相距為，經(jīng)電源充電后與電源斷開．兩板的中央各有一小孔和，有—帶電質(zhì)點自板上方相距為的點由靜止自由下落(、、在同—豎直線上)，空氣阻力忽略不計．到達(dá)孔時速度恰好為零，然后沿原路返回．則以下說法正確的是()A．把板向上平移一小段距離，質(zhì)點自點自由下落后仍能返回B．把板向下平移一小段距離，質(zhì)點自點自由下落后將穿過孔繼續(xù)下落C．把板向上平移一小段距離，質(zhì)點自點自由下落后仍能返回D．把板向下平移一小段距離，質(zhì)點自點自由下落后仍能返回9、2020年7月23日，中國“天問一號”探測器發(fā)射升空，成功進(jìn)入預(yù)定軌道，開啟了火星探測之旅，邁出了我國自主開展行星探測的第一步。如圖所示，“天問一號”被火星捕獲之后，需要在近火星點P變速，進(jìn)入環(huán)繞火星的橢圓軌道。則關(guān)于“天問一號”，下列說法中正確的是（）A．由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ需要在P點加速B．在軌道Ⅰ上經(jīng)過P點時的加速度大于在軌道Ⅱ上經(jīng)過P點時的加速度C．在軌道Ⅰ上運行周期大于在軌道Ⅱ上運行周期D．在軌道Ⅰ上運行時的機械能大于在軌道Ⅱ上運行時的機械能10、如圖所示，一足夠長的光滑斜面，傾角為θ，一彈簧上端固定在斜面的頂端，下端與物體b相連，物體b上表面粗糙，在其上面放一物體a，a、b間的動摩擦因數(shù)為μ(μ>tanθ)，將物體a、b從O點由靜止開始釋放，釋放時彈簧恰好處于自由伸長狀態(tài)，當(dāng)b滑到A點時，a剛好從b上開始滑動；滑到B點時a剛好從b上滑下，b也恰好速度為零，設(shè)a、b間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．下列對物體a、b運動情況描述正確的是A．從A到B的過程中，a的速度減小，b的加速度增大，速度卻減小B．經(jīng)過B點，a掉下后，b開始反向運動，b一定能上滑超過O點C．從O到A的過程中，兩者一起加速，加速度大小從gsinθ先減小至0后又增大D．從O到B的過程中，摩擦力對a的功率先增大后不變?nèi)?、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系．(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是可以通過僅測量________(填選項前的序號)，間接地解決這個問題．A．小球開始釋放的高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的水平位移(2)用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2.圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放；然后把被碰小球m2靜止于軌道水平部分的右側(cè)末端，再將入射小球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并重復(fù)多次，分別找到小球的平均落點M、P、N，并測量出平均水平位移OM、OP、ON.(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達(dá)式可表示為________[用(2)中測量的量表示]；若碰撞是彈性碰撞，那么還應(yīng)該滿足的表達(dá)式為________[用(2)中測量的量表示]．12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，利用實驗得到了8組數(shù)據(jù)，在圖1所示的坐標(biāo)系中，通過描點連線得到了小燈泡的伏安特性曲線.（1）根據(jù)圖線的坐標(biāo)數(shù)值，請在圖2中選出該實驗正確的實驗電路圖：____(選填“甲”或“乙”).（2）根據(jù)所選電路圖，請在圖3中用筆畫線代替導(dǎo)線，把實驗儀器連接成完整的實驗電路.（________）（3）根據(jù)圖1，可判斷出圖4中正確的關(guān)系圖象是（圖中P為小燈泡功率"為通過小燈泡的電流）___.（5）將同種規(guī)格的兩個這樣的小燈泡并聯(lián)后再與R=10的定值電阻串聯(lián)，接在電動勢為8V、內(nèi)阻不計的電源上，如圖5所示.閉合開關(guān)S后，則電流表的示數(shù)為____A，兩個小燈泡的總功率為__W(本小題結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧左端固定在墻壁上，右端與置于水平面上的質(zhì)量為m的小滑塊相連。在以下的討論中小滑塊可視為質(zhì)點，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，取彈簧原長時彈性勢能為0，且空氣阻力可忽略不計。（1）若水平面光滑，以彈簧原長時小滑塊的位置O為坐標(biāo)原點，建立水平向右的坐標(biāo)軸Ox，如圖甲所示。①已知彈簧的勁度系數(shù)為k，請寫出彈簧彈力F與小滑塊所在位置坐標(biāo)x的關(guān)系式，并借助F-x圖像確定出將小滑塊由O點緩慢拉到位置坐標(biāo)x的過程中，彈簧彈力所做的功。②小滑塊在某輕質(zhì)彈簧的作用下，沿光滑水平面在O點附近做往復(fù)運動，若從小物塊向右運動通過O點時開始計時，請在圖乙中定性畫出小物塊所受彈力F隨時間t變化的關(guān)系圖像；若測得該彈簧的彈性勢能Ep與其位置坐標(biāo)x的關(guān)系曲線如圖丙所示，其中Ep0和x0皆為已知量，請根據(jù)圖丙中Ep-x圖像提供的信息求解本題中彈簧的勁度系數(shù)k′。（2）若水平面不光滑，小滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ。如圖丁所示，彈簧的勁度系數(shù)為k，O為彈簧原長位置，以距O點右側(cè)的O′為坐標(biāo)原點，向右為正方向建立坐標(biāo)軸O′x′。將小滑塊沿水平面向右拉到O′右側(cè)的P點，由靜止釋放小滑塊，小滑塊可以在水平面上往復(fù)運動并最終停下。已知重力加速度為g，并可認(rèn)為滑動摩擦力與最大靜摩擦力大小相等。①證明小滑塊被釋放后第一次向左的運動的過程中，其受力特點符合以O(shè)′為平衡位置的簡諧運動的受力條件。并分析如果小滑塊在O點最左方停不住，則O到P點距離應(yīng)滿足什么條件；②若小滑塊被釋放后能第2次經(jīng)過O點而不能第3次經(jīng)過O點，試分析說明O′到P點距離又應(yīng)滿足什么條件。14．（16分）如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，該裝置由三部分組成，傳送帶左邊是足夠長的光滑水平面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接質(zhì)量M=6.0kg的物塊A，物塊A靜止在水平面上．裝置的中間部分是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，并能平滑對接．傳送帶以u=1.0m/s逆時針勻速運動．傳送帶的右邊是一個半徑R=1.15m位于豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道．某時刻起將一個質(zhì)量m=1.0kg的物塊B從圓弧的最高處由靜止釋放．已知物塊B與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，傳送帶兩軸之間的距離l=4.5m，物塊B與A發(fā)生的碰撞為彈性碰撞．取g=10m/s1．求：(1)物塊B與物塊A第一次碰撞后彈簧的最大彈性勢能；(1)如果物塊A、B每次碰撞后，物塊A再回到平衡位置時彈簧都會被立即鎖定，而當(dāng)它們再次碰撞前鎖定被解除，求物塊B從第1次與物塊A碰撞結(jié)束后，到第5次與物塊A碰撞前,物塊B一共在傳送帶上運動了多長時間．15．（12分）(1)靜電場可以用電場線和等勢面形象描述，電場線的疏密反映了電場強度的大?。?a)請根據(jù)電場強度的定義和庫侖定律推導(dǎo)出點電荷Q的場強表達(dá)式；(b)點電荷的電場線和等勢面分布如圖所示，等勢面S1、S1到點電荷的距離分別為r1、r1．請計算S1、S1上單位面積通過的電場線條數(shù)之比N1/N1．(1)宇宙中的天體在不斷向外輻射電磁波，人們利用射電望遠(yuǎn)鏡收集來自天體的電磁波進(jìn)行觀測，如圖所示．假設(shè)A、B兩個天體輻射功率相同，且都在均勻持續(xù)地輻射．天體A距地球1萬光年，天體B距地球5萬光年．(忽略電磁波傳播過程中的損耗)(a)用一架射電望遠(yuǎn)鏡接收到A發(fā)出的電磁波功率為P1，則該望遠(yuǎn)鏡接收到的來自天體B的電磁波功率P1是多大?(b)為收集足夠強的信號，增大望遠(yuǎn)鏡口徑是一一種常用方法．為使接受到天體B的信號功率和天體A一樣強，可將望遠(yuǎn)鏡口徑增大為原來的多少倍?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】由題意知，爆炸后兩塊同時落地，說明爆炸瞬間兩塊在豎直方向的速度沒有發(fā)生變化，故爆炸是在水平方向上發(fā)生的．因OA大于OB，所以爆炸瞬間a獲得的水平速度較大，因而落地時也是a的速度較大，A、B錯誤；因水平方向的初動量為零，且水平方向動量守恒，所以爆炸后a、b兩塊的水平方向動量應(yīng)等值、反向，C正確；結(jié)合爆炸后兩塊的速度和動量可知，a塊的質(zhì)量較小，根據(jù)動量和動能的關(guān)系可知，a塊的動能變化較大，D錯誤．故選C2、C【解析】

根據(jù)Ep=mgx可知上升過程中重力勢能隨x均勻增加，下降過程重力勢能隨x均勻減小，且上升和下降過程的Ep-x圖像是重合的，選項AB錯誤；根據(jù)動能定理，上升過程中Ek=Ek0-(mg+f)x，下降過程中：Ek=(mg-f)(h-x)，則選項C正確，D錯誤；故選C.3、C【解析】試題分析：在研究電荷之間作用力大小的決定因素時，采用控制變量的方法進(jìn)行，如本實驗，根據(jù)小球的擺角可以看出小球所受作用力逐漸減小，由于沒有改變電性和電量，不能研究電荷之間作用力和電性、電量關(guān)系，故ABD錯誤，C正確．考點：電荷間的作用規(guī)律.4、D【解析】試題分析：將粒子的運動分情況討論：從M運動到N；從N運動到M，根據(jù)電場的性質(zhì)依次判斷；電場線越密，電場強度越大，同一個粒子受到的電場力越大，根據(jù)牛頓第二定律可知其加速度越大，故有；若粒子從M運動到N點，則根據(jù)帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知在某點的電場力方向和速度方向如圖所示，故電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，即，負(fù)電荷在低電勢處電勢能大，故；若粒子從N運動到M，則根據(jù)帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知在某點的電場力方向和速度方向如圖所示，故電場力做正功，電勢能減小，動能增大，即，負(fù)電荷在低電勢處電勢能大，故；綜上所述，D正確；【點睛】考查了帶電粒子在非勻強電場中的運動；本題的突破口是根據(jù)粒子做曲線運動時受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，從而判斷出電場力方向與速度方向的夾角關(guān)系，進(jìn)而判斷出電場力做功情況．5、B【解析】

木塊向右做勻減速直線運動，受到重力、拉力F、地面的支持力和摩擦力四個力作用，加速度方向向左，由牛頓第二定律知其合力方向向左．由于F有豎直向上的分力，所以地面對木塊的支持力小于重力，則支持力和重力的合力方向豎直向下，根據(jù)平行四邊形定則可知力F與摩擦阻力的合力方向向上偏左，故ACD錯誤，B正確．故本題正確答案選B．6、B【解析】試題分析：設(shè)河寬為h，將小船過河的運動分解到沿河方向和垂直河岸方向．當(dāng)船速垂直河岸時，用時最少，所以過河最短時間為：于是得：；當(dāng)船速大于水速時，合速度垂直河岸，位移最小，如圖所示，最小位移過河：解得：所以：．故選B．考點：本題考查考生對運動的合成與分解的理解和應(yīng)用．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】由題意知，小球在水平方向的位移之比，小球在水平方向做勻速直線運動，根據(jù)可知小球的運動時間之比為，小球在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)公式，則拋出點的高度之比為，A正確；重力做功功率，而，故，結(jié)合可得落地時重力的瞬時功率之比為1：2：3，B正確；因為落地速度為，而落地時豎直方向上的速度之比為1：2：3，所以落地的合速度之比不等于1：2：3，C錯誤；由動能定理得，動能的變化量，根據(jù)可知動能的變化量之比為1：4：9，D錯誤．8、AC【解析】A．由題設(shè)條件知，，知電場力做功等于重力做功的大小，把板向上平移一小段距離，質(zhì)點自點自由下落，根據(jù)動能定理知，小球到達(dá)點速度為零然后返回，故A正確；B．將板向下移動一小段距離，根據(jù)動能定理知，小球到達(dá)點速度為零然后返回，故B錯誤；C．把板向上平移一小段距離，根據(jù)動能定理知，，，知小球未到點速度已減為零，然后返回，故C正確；D、把B板向下平移一小段距離后，根據(jù)動能定理知，，，知小球到達(dá)N點速度不為零，小球會穿過N孔繼續(xù)下落，故D錯誤。點睛：對于本題選擇全過程為研究過程，運用動能定理進(jìn)行求解比較方便，在運用動能定理時，抓住電勢差不變，電場力做功不變，比較電場力做功與重力做功的關(guān)系進(jìn)行分析。9、CD【解析】

A．由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ需要在P點減速，故A錯誤；B．在軌道Ⅰ上經(jīng)過P點時的加速度等于在軌道Ⅱ上經(jīng)過P點時的加速度，都是由萬有引力提供向心力，故B錯誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力，有解得因為軌道Ⅰ的半徑大于軌道Ⅱ的半徑，所以在軌道Ⅰ上運行周期大于在軌道Ⅱ上運行周期，故C正確；D．從軌道Ⅰ變到軌道Ⅱ需要減速，所以在軌道Ⅰ上運行時的機械能大于在軌道Ⅱ上運行時的機械能，故D正確。故選CD。10、AB【解析】釋放時彈簧恰好處于自由伸長狀態(tài)，斜面光滑，二者具有向下的加速度，彈簧伸長，彈簧拉力增大，則二者做加速度逐漸減小的加速運動，以a為研究對象，取沿斜面向下為正方向，有：mgsinθ-f=ma得：f=mgsinθ-ma，可見只要a物體具有向下的加速度，則f＜mgsinθ＜μmgcosθ，即所受摩擦力小于最大靜摩擦力，物體不會滑動，當(dāng)二者加速度為零，即（M+m）gsinθ=F，之后彈簧繼續(xù)伸長，則ab開始具有沿斜面向上的加速度，即開始減速運動，以a為研究對象，取沿斜面向上為正方向，有：f-mgsinθ=ma；當(dāng)f有最大值時a有最大值，又fmax=μmgcosθ則a=μgcosθ-gsinθ，之后b加速度繼續(xù)增大而a加速度保持不變，二者發(fā)生相對滑動，故經(jīng)過A點時，a、b均已進(jìn)入到減速狀態(tài)，此時加速度大小是g（μcosθ-sinθ），A正確，C錯誤；在a落下后，b將以新的平衡位置為中心做諧振動，由對稱性可推斷出b將沖過O點，即b的最高點將在O點之上，選項B正確．從O到B的過程中，a的速度一直增大，則摩擦力對a的功率一直變大，選項D錯誤；故選AB．點睛：該題是牛頓第二定律的直接應(yīng)用，本題ACD三個選項注意使用臨界分析法即可得到正確結(jié)果，B選項關(guān)鍵點在于a脫離b后，b的受力滿足機械能和簡諧振動模型.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）C（3）【解析】（1）驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現(xiàn)速度，故選C．（3）若兩球相碰前后的動量守恒，則，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v1t，代入得：；若碰撞是彈性碰撞，滿足能量守恒：，代入得；m1OP1=m1OM1+m1ON1．12、甲D0.601.2【解析】

（1）[1]描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，所以正確的實驗電路圖是甲．（2）[2]根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（3）[3]由于燈泡電阻隨電流增大電阻R增大，由可知，圖象斜率增大，故選D．（4）[4][5]由圖5所示電路圖可知，兩燈泡并聯(lián)，可以把電源與定值電阻等效為電源，設(shè)每只電燈加上的實際電壓和實際電流分別為U和I，在這個閉合電路中，則有：代入數(shù)據(jù)并整理得：在圖a所示坐標(biāo)系中作出的圖象如圖所示由圖象可知，兩圖象交點坐標(biāo)值為：U=2V，I=0.3A此時通過電流表的電流值0.6A每只燈泡的實際功率=2×0.3=0.6W所以兩個小燈泡的總功率為1.2W．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)①-kx2,②圖見解析(2)①l≥,②≤l≤【解析】

（1）①彈力與x的關(guān)系：F=-kx因為F-x圖像是過原點的直線，則彈簧彈力所做的功②如圖1所示；因則（2）①即小滑塊第一次向左運動過程的受力情況與以O(shè)′為平衡位置的簡諧運動的受力相同。對于小滑塊由P點出發(fā)向左運動的過程，假設(shè)其在最左端時，其距O點的距離為l1，由功能關(guān)系得：即：解得：若小滑塊速度為零而停不住，則應(yīng)有：kl1＞μmg將l1代入得：②設(shè)小滑塊速度為零時距O點的距離為l2，對其由O點左側(cè)最大位移處向右運動至速度減為零的過程，由功能關(guān)系得：解得：若小滑塊到達(dá)O點時速度為零，則l2=0，則滑塊能第二次經(jīng)過O點時滿足條件是同理，小滑塊在O點右側(cè)速度為零時距O點的距離為l3，對其由O點右側(cè)最大位移處向左運動至速度減為零的過程，滿足則若小滑塊到達(dá)O點時速度為零，則32=0，則滑塊不能第三次經(jīng)過O點時滿足條件是O′到P點距離應(yīng)滿足的條件為≤l≤。14、（1）11J；（1）7.5s【解析】

（1）設(shè)物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置時的速度大小為v0，由機械能守恒定律得：①解得：在傳送帶上，對物塊B，由牛頓第二定律得：μmg=ma②設(shè)物塊B通過傳送帶后運動速度大小為v，有：③聯(lián)立解得：由于v＞u=1m/s，所以v=4m/s即為物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大小，設(shè)物塊A、B第一次碰撞后的速度分別為v1、v1，以向左為正方向，由動量守恒定律得：mv=mv1+Mv1④