2025屆江蘇省兩校物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

2025屆江蘇省兩校物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4．作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、對(duì)做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，下列說(shuō)法正確的是()A．速度方向與合外力方向不可能在同一條直線上B．加速度方向與合外力方向可能不在同一條直線上C．加速度方向與速度方向有可能在同一條直線上D．合外力的方向一定是變化的2、均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的點(diǎn)電荷電場(chǎng)。如圖所示，在23球面上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，球心為O，CD為23球面AB的對(duì)稱軸，在軸線上有M、N兩點(diǎn)，且OM=ON=2R，A1A//B1B//CD，已知球面A1BA．kq2R2a2+3、關(guān)于磁場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是()A．磁場(chǎng)是一種為研究分別而假想的物質(zhì)B．所有磁場(chǎng)都是電流產(chǎn)生的C．磁場(chǎng)不但有強(qiáng)弱而且有方向D．地球不是一個(gè)磁體4、圓周運(yùn)動(dòng)中角速度的單位是()A．弧度/秒 B．米/秒 C．秒 D．弧度5、兩個(gè)小燈泡的標(biāo)識(shí)分別問(wèn)L1“4V、4W”，L2“4V、8W”，把它們分別接在同一直流電源上(電源內(nèi)阻不可忽略)，L1消耗的功率恰好為4W，則L2消耗的功率為（）A．一定等于8WB．一定小于8WC．一定大于8WD．條件不足，不能確定6、如圖，a、b、c、d是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是一個(gè)梯形的四個(gè)頂點(diǎn)．電場(chǎng)線與梯形所在的平面平行．a(chǎn)b平行cd，且ab邊長(zhǎng)為cd邊長(zhǎng)的一半，已知a點(diǎn)的電勢(shì)是3V，b點(diǎn)的電勢(shì)是5V，c點(diǎn)的電勢(shì)是7V．由此可知，d點(diǎn)的電勢(shì)為（

）A．4V B．3V C．2V D．1V二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，MN是勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的一塊薄金屬板，帶電粒子（不計(jì)重力）在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)并穿過(guò)金屬板，曲線表示其運(yùn)動(dòng)軌跡，由圖知：A．粒子帶負(fù)電B．粒子運(yùn)動(dòng)方向是abcdeC．粒子運(yùn)動(dòng)方向是edcbaD．粒子在上半周所用時(shí)間比下半周所用時(shí)間長(zhǎng)8、某學(xué)生用電流表和電壓表測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)，所用滑動(dòng)變阻器的阻值范圍為0～20Ω，連接電路的實(shí)物圖如圖所示。關(guān)于該學(xué)生接線的說(shuō)法正確的是（）A．滑動(dòng)變阻器不起變阻作用B．電流表接線有誤C．電壓表量程選用不當(dāng)D．電壓表接線正確9、平行板電容器的一個(gè)極板與靜電計(jì)的金屬桿相連，另一個(gè)極板與靜電計(jì)金屬外殼相連，給電容器充電后，靜電計(jì)指針編轉(zhuǎn)一個(gè)角度，以下情況中，能使電靜電計(jì)指針偏角增大的有（）A．把兩板間的距離減小B．把兩板的正對(duì)面積減小C．在兩板間插入相對(duì)介電常數(shù)較大的電介質(zhì)D．增大電容器所帶電荷量10、如圖所示，R1＝2Ω，R2＝10Ω，R3＝10Ω，A、B兩端接在電壓恒定的電源上，則（）A．S斷開(kāi)時(shí)，R1與R2的電流之比為1∶5B．S閉合時(shí)通過(guò)R1與R2的電流之比為2∶1C．S斷開(kāi)與閉合兩種情況下，電阻R1兩端的電壓之比為2∶1D．S斷開(kāi)與閉合兩種情況下，電路中的總電阻之比為12：7三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，除標(biāo)有“5V，2.5W”的小燈泡、導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，還有以下器材可供使用：A．直流電源（電動(dòng)勢(shì)約為5V，內(nèi)阻不計(jì)）B．直流電流表（量程0~3A，內(nèi)阻約為0.1Ω）C．直流電流表（量程0~600mA，內(nèi)阻約為5Ω）D．直流電壓表（量程0~5V，內(nèi)阻約為10kΩ）E．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為10Ω，允許通過(guò)的最大電流為2A）F．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為1kΩ，允許通過(guò)的最大電流為0.5A）(1)實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用的電流表是_________，應(yīng)選用的滑動(dòng)變阻器是______（填字母）；(2)實(shí)驗(yàn)要求小燈泡兩端的電壓從零開(kāi)始變化并能測(cè)多組數(shù)據(jù)，請(qǐng)按要求將圖甲中的實(shí)驗(yàn)電路圖連線補(bǔ)充完整__________________；(3)某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)正確作出的小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，曲線向U軸彎曲的原因是_____________；(4)由圖乙可知，當(dāng)通過(guò)小燈泡的電流為0.4A時(shí)，小燈泡的實(shí)際功率_________W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。12．（12分）某學(xué)生選用匝數(shù)可調(diào)的可拆變壓器來(lái)“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí)，原線圈接在學(xué)生電源上，用多用電表測(cè)量副線圈的電壓．（1）下列操作正確的是________A．原線圈接直流電壓，電表用直流電壓檔B．原線圈接直流電壓，電表用交流電壓檔C．原線圈接交流電壓，電表用直流電壓檔D．原線圈接交流電壓，電表用交流電壓檔（2）該學(xué)生繼續(xù)做實(shí)驗(yàn)，在電源電壓不變的情況下，先保持原線圈的匝數(shù)不變，增加副線圈的匝數(shù)，觀察到副線圈兩端的電壓增大；然后再保持副線圈的匝數(shù)不變，增加原線圈的匝數(shù)，觀察到副線圈兩端的電壓________（選填“增大”、“減小”或“不變”）．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一絕緣軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R=0.2m的光滑圓軌道，軌道的AB部分水平且與BC相切。AB長(zhǎng)度為2R，一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+10-4C的小球，與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，由A點(diǎn)靜止釋放后，求:(g=10m/s2)(1)小球到達(dá)B點(diǎn)所用的時(shí)間(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）一個(gè)物體從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為3m/s2，則物體在第2秒末的速度大小是多少？2秒內(nèi)的位移大小是多少米．15．（12分）在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=10V，內(nèi)阻r未知，R1是阻值為9Ω的定值電阻，R2是由某金屬氧化物制成的導(dǎo)體棒，可視為非純電阻，實(shí)驗(yàn)證明通過(guò)R2的電流I和它兩端電壓U遵循I=0.1U3的規(guī)律．閉合開(kāi)關(guān)S后，理想電流表的示數(shù)為0.8A．求：（1）R1、R2消耗的電功率P1、P2（2）電源的內(nèi)阻r．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】

物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點(diǎn)曲線的切線方向相同；物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，所受合外力的方向與加速度的方向在同一直線上；合力可以是恒力，也可以是變力．【詳解】A.物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，故A正確；B.根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知，加速度與合力方向相同，所以加速度與合外力一定在同一條直線上，故B錯(cuò)誤；C.物體做曲線運(yùn)動(dòng)，合外力指向指向曲線的凹處，速度沿切線方向，所以加速度與速度不可能在同一條直線上，故C錯(cuò)誤；D.如果做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，則合外力恒定，如平拋運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．故選A.2、C【解析】

將AB部分補(bǔ)上變成一個(gè)完整的均勻球殼，該球殼帶電荷量為：Q=32q；則該球殼在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為：EM=kQ(2R)2=3kq8R2；根據(jù)電場(chǎng)的疊加原理可知：球殼上A1ABB13、C【解析】

磁場(chǎng)是存在于磁體周?chē)囊环N特殊物質(zhì)，它與實(shí)物粒子不同，磁場(chǎng)看不見(jiàn)，摸不到，但又確定存在，通常用人們假想的磁感線來(lái)描繪，故A錯(cuò)誤；除了電流會(huì)產(chǎn)生，磁體也會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)，故B錯(cuò)誤；磁場(chǎng)不但有強(qiáng)弱而且有方向，故C正確；地球周?chē)嬖诘卮艌?chǎng)，故D錯(cuò)誤；故選C．【點(diǎn)睛】磁極與磁極是通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生相互作用的．地球周?chē)嬖诘卮艌?chǎng)．磁場(chǎng)是一種客觀存在的物質(zhì)．磁體和電流周?chē)即嬖诖艌?chǎng)．4、A【解析】試題分析：圓周運(yùn)動(dòng)中角速度的單位是弧度/秒，選項(xiàng)A正確；故選A考點(diǎn)：考查圓周運(yùn)動(dòng)點(diǎn)評(píng)：本題難度較小，記憶為主5、B【解析】

由公式可知燈泡L2的電阻小于燈泡L1的電阻，因此將燈泡L2接入電路時(shí)其分壓作用小于燈泡L1的分壓作用，因此燈泡L2兩端電壓小于4V，因此功率小于8WA.一定等于8W與分析不符，A錯(cuò)誤B.一定小于8W與分析相符，B正確C.一定大于8W與分析不符，C錯(cuò)誤D.條件不足，不能確定與分析不符，D錯(cuò)誤6、B【解析】

由題意知，ab∥dc，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，根據(jù)U=Ed可知，沿電場(chǎng)線方向相等距離兩點(diǎn)間的電勢(shì)差相等，則dc間電勢(shì)差是ab間電勢(shì)差的2倍，即有可得：故B正確，ACD錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】ABC、帶電粒子穿過(guò)金屬板后速度減小，由可知，軌跡半徑應(yīng)減小，故可知粒子運(yùn)動(dòng)方向是edcba.粒子所受的洛倫茲力均指向圓心，則粒子應(yīng)帶負(fù)電，故A正確，B錯(cuò)誤，C正確；D.由可知，粒子運(yùn)動(dòng)的周期和速度無(wú)關(guān)，而上下均為半圓，故粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，均為T(mén)/2，故D錯(cuò)誤；故選AC.8、AB【解析】

A.因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器全接入電路，所以滑動(dòng)變阻器不起變阻作用，故A正確。B.根據(jù)圖示可知，電流表接線有誤，故B正確。C.由電路圖可知，電壓表選3V量程，電壓表量程選擇正確，故C錯(cuò)誤；D.電壓表正負(fù)接線柱接反，故D錯(cuò)誤。9、BD【解析】

A．減小板間距離d，根據(jù)電容的決定式分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢(shì)差U減小，則靜電計(jì)的指針偏角變小，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．減小極板正對(duì)面積，根據(jù)電容的決定式，分析得知，電容C減小，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢(shì)差U增大，則靜電計(jì)的指針偏角變大，故B項(xiàng)正確；C．在兩板間插入相對(duì)常數(shù)較大的電介質(zhì)，根據(jù)電容的決定式，分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢(shì)差U減小，則靜電計(jì)的指針偏角變小，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．增大電容器所帶電荷量，由公式可知，板間電勢(shì)差U增大，則靜電計(jì)的指針偏角變大，故D項(xiàng)正確。10、BD【解析】

A.S斷開(kāi)時(shí)，R1與R2串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電流相等可知，R1與R2的電流之比為1∶1，A錯(cuò)誤；B.S閉合時(shí)，R1在干路上，則有干路電流等于各支路之和I1=I2+I3，R2與R3并聯(lián)，且R2=R3，所以由I2=I3，可得I1:I2=2:1，B正確；C.設(shè)AB之間的電壓為U，S斷開(kāi)時(shí)，R1與R2串聯(lián)，R1兩端電壓為，S閉合時(shí)，R2與R3并聯(lián)，并聯(lián)部分電阻為，此時(shí)R1兩端的電壓為，則S斷開(kāi)與閉合兩種情況下，電阻R1兩端的電壓之比為7:12，C錯(cuò)誤；D.S斷開(kāi)時(shí)，總電阻S閉合時(shí)所以S斷開(kāi)與閉合兩種情況下，電路中的總電阻之比為12：7，D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、CE隨著電壓的升高，燈絲的溫度越高，阻值越大1.0【解析】

(1)[1]燈泡的額定電流故電流表應(yīng)選C[2]為了方便操作，且小燈泡兩端的電壓從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選阻值較小的E(2)[3]本實(shí)驗(yàn)要求多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，故采用分壓接法；同時(shí)因電流表內(nèi)阻與燈泡內(nèi)阻接近，故電流表選用外接法；實(shí)物圖如圖所示(3)[4]圖線斜率表示電阻，由圖可知，燈泡電阻變大，則曲線向U軸彎曲的原因是隨著電壓的升高，燈絲的溫度越高，阻值越大(4)[5]由圖乙可知，當(dāng)通過(guò)小燈泡的電流為0.4A時(shí)，燈泡兩端電壓為2.5V，小燈泡的實(shí)際功率12、D；減?。弧窘馕觥浚?）變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象，故原線圈接交流電壓，輸出電壓也是交流電壓，故電表用交流電壓擋，故ABC錯(cuò)誤，D正確；

（2）原線圈的電壓U1不變，根據(jù)變壓比公式，保持副線圈的匝數(shù)不變，增加原線圈的匝數(shù)，觀察到副線圈兩端的電壓，觀察到副線圈兩端的電壓減小；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)0.4s(2)3N【解析】

（1）根據(jù)牛頓第二定律求出AB段的加速度，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系可求時(shí)間；（2）對(duì)全過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理可求到達(dá)C點(diǎn)的速度，根據(jù)牛頓第二定律可求對(duì)軌道的壓力，再由牛頓第三定律可知小球?qū)壍赖膲毫Γ驹斀狻浚?）.水平軌道上，對(duì)小球，由牛頓第二定律得：設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則：由以上各式得：t=0.4s（2）設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是vC,則對(duì)于小球由A→C的過(guò)程中,由動(dòng)能定理得:小球在C點(diǎn)，由牛頓第二定律得:解得:由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍赖膲毫?NC'=NC=3N14、物體在第2s末的速度為6m/s，2s內(nèi)的位移為6m【解析】試題分析：根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系v=at得物體第2s末的速度v=3×2m/s=6m/s；根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系．15、（1）5.76W，1.6W；（2）1Ω【解析】

串聯(lián)電路電流相等，根據(jù)通過(guò)R2的電流I和它兩端的電壓U遵循I=0.1U3的規(guī)律，求出R2兩端的電壓；串聯(lián)電路電流相等，根據(jù)歐姆定律求解R1的電壓；根據(jù)P=UI求解R1、R2消