2025屆鞍山市重點中學物理高三第一學期期中達標測試試題含解析

2025屆鞍山市重點中學物理高三第一學期期中達標測試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某同學設想駕駛一輛“陸地——太空”兩用汽車(如圖)，沿地球赤道行駛并且汽車相對于地球速度可以增加到足夠大．當汽車速度增加到某一值時，它將成為脫離地面繞地球做圓周運動的“航天汽車”．不計空氣阻力，已知地球的半徑R＝6400km．下列說法正確的是()A．汽車在地面上速度增加時，它對地面的壓力增大B．當汽車速度增加到1．9km/s，將離開地面繞地球做圓周運動C．此“航天汽車”環(huán)繞地球做圓周運動的最小周期為1hD．在此“航天汽車”上可以用彈簧測力計測量物體的重力2、設同步衛(wèi)星離地心的距離為r，運行速率為v1，加速度為a1；地球赤道上的物體隨地球自轉的向心加速度為a2，第一宇宙速度為v2A．a(chǎn)1a2=R23、一根輕彈簧，下端固定在水平地面上，一個質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點），從距彈簧上端h處自由下落并壓縮彈簧，如圖所示.若以小球下落點為x軸正方向起點，設小球從開始下落到壓縮彈簧至最大位置為H，不計任何阻力，彈簧均處于彈性限度內(nèi)；小球下落過程中加速度a，速度v，彈簧的彈力F，彈性勢能Ep

變化的圖象正確的是（）A． B． C． D．4、物體做豎直上拋運動，若取物體拋出點為起點，則下列可表示物體路程隨時間變化的圖象是()A．B．C．D．5、如圖所示，體操運動員在比賽中，他先雙手撐住吊環(huán)，然后身體下移，雙臂緩慢張開到圖示位置，此時連接吊環(huán)的繩索與豎直方向的夾角為α。已知他的體重為G，吊環(huán)和繩索的重力不計，則每條繩索的張力為()A．B．C．D．6、在兒童樂園的蹦床項目中，小孩在兩根彈性繩和蹦床的協(xié)助下實現(xiàn)上下彈跳．如圖所示，某次蹦床活動中小孩靜止時處于點，當其彈跳到最高點后下落可將蹦床壓到最低點，小孩可看成質(zhì)點，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．從運動到，小孩重力勢能減少量大于動能增加量B．從運動到，小孩動能減少量等于蹦床彈性勢能增加量C．從運動到，小孩機械能減少量小于蹦床彈性勢能增加量D．若從返回到，小孩機械能增加量等于蹦床彈性勢能減少量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，帶有長方體盒子的斜劈A放在固定的斜面體C的斜面上，在盒子內(nèi)放有光滑球B，B恰與盒子前、后壁P、Q點相接觸。若使斜劈A在斜面體C上由靜止釋放，以下說法正確的是A．若C的斜面光滑，斜劈A由靜止釋放，則P點對球B有壓力B．若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，則Q點對球B有壓力C．若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面勻速下滑，則Q點對球B有壓力D．若C的斜面粗糙，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，則Q點對球B有壓力8、如圖所示，質(zhì)量為M的斜面體靜止在水平面上，其斜面的傾角為θ，質(zhì)量為m的物體沿斜面上升，最終停止在斜面上。下列說法正確的是（）A．此過程物體克服摩擦力做的功等于它的初動能B．此過程物體機械能的減少量等于它克服摩擦力做的功C．上升過程地面對斜面體的支持力小于（m+M）gD．上升過程地面對斜面體的摩擦力向右9、如圖所示，水平傳送帶勻速運動，在傳送帶的右側固定一彈性擋桿.在時刻，將工件輕輕放在傳送帶的左端，當工件運動到彈性擋桿所在的位置時與擋桿發(fā)生碰撞，已知碰撞時間極短，不計碰撞過程的能量損失.則從工件開始運動到與擋桿第二次碰撞前的運動過程中，工件運動的圖像可能是（）A． B．C． D．10、空間中P、Q兩點處各固定一個點電荷，P、Q兩點附近電場的等勢面分布如圖所示，a、b、c、d為電場中的4個點，已知a、c的電勢關系為φa>φc，則()A．P、Q兩點處的電荷為等量同種電荷B．a(chǎn)點和b點的電場強度相同C．c點的電勢低于d點的電勢D．負電荷從b到d電勢能增加三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖是研究小球的平拋運動時拍攝的閃光照片的一部分，其背景是邊長為5cm的小方格，重力加速度取g=10m/s2。由此可知：閃光頻率為__________Hz；小球拋出時的初速度大小為____________m/s；從拋出到C點，小球速度的改變量為_____________m/s。12．（12分）某一小型電風扇額定電壓為4.0V，額定功率為2.4W。某實驗小組想通過實驗描繪出小電風扇的伏安特性曲線。實驗中除導線和開關外，還有以下器材可供選擇：A．電源E（電動勢為4.5V）B．電壓表V（量程為0～5V，內(nèi)阻約為4k2vC．電流表A1（量程為0～0.6A，內(nèi)阻約為0.2v）D．電流表A2(量程3A，內(nèi)阻約0.05Ω);E．滑動變阻器R1（最大阻值10Ω，額定電流1A）F．滑動變阻器R2（最大阻值2kΩ，額定電流100mA）為了便于調(diào)節(jié)，減小讀數(shù)誤差和系統(tǒng)誤差，實驗中所用電流表應選用______，滑動變阻器應選用_____。（填所選儀器前的字母序號）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖1所示，山區(qū)高速公路上，一般會在較長的下坡路段的坡底設置緊急避險車道。如圖2所示，將緊急避險車道視為一個傾角為θ的固定斜面。一輛質(zhì)量為m的汽車在剎車失靈的情況下，以速度v沖上緊急避險車道勻減速至零。汽車在緊急避險車道上受到除重力之外的阻力，大小是自身重力的k倍。（1）求出汽車行駛時的加速度；（2）求出汽車行駛的距離。14．（16分）如圖所示，在傾角θ＝30°的光滑斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)開始用一沿斜面方向的力F拉物塊A使之向上勻加速運動，當物塊B剛要離開C時F的大小恰為2mg．問：(1)從F開始作用到物塊B剛要離開C的過程中彈簧彈力對物塊A做的功；(2)物塊B剛要離開C時物塊A的動能；(3)從F開始作用到物塊B剛要離開C的過程中力F做的功．15．（12分）某公路上汽車駕駛員以=20m/s的速度勻速行駛，突然發(fā)現(xiàn)距離前方=120m處有_障礙物，該駕駛員立即操縱剎車，直至汽車開始減速所經(jīng)歷的時間(即反應時間),剎車后汽車以大小為的恒定加速度運動，最終停止.求：(1)剎車后汽車減速運動的時間t；(2)該汽車停止時到障礙物的距離L；(3)欲使該車不會撞到障礙物，汽車安全行駛的最大速度.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：汽車沿地球赤道行駛時，由重力和支持力的合力提供向心力，由牛頓第二定律分析速度減小時，支持力的變化，再由牛頓第三定律確定壓力的變化．當速度增大時支持力為零，汽車將離開地面繞地球圓周運動．根據(jù)第一宇宙速度和地球半徑求出“航天汽車”環(huán)繞地球做圓周運動的最小周期為1h．在此“航天汽車”上物體處于完全失重狀態(tài)，不能用彈簧測力計測量物體的重力．汽車沿地球赤道行駛時，由重力和支持力的合力提供向心力．設汽車的質(zhì)量為m，支持力為F，速度為v，地球半徑為R，則由牛頓第二定律得，，當汽車速度v減小時，支持力F增大，則汽車對對地面的壓力增大，故A錯誤；1.9km/s是第一宇宙速度，當汽車速度時，汽車將離開地面繞地球做圓周運動，成為近地衛(wèi)星，故B正確；“航天汽車”環(huán)繞地球做圓周運動時半徑越小，周期越小，則環(huán)繞地球附近做勻速圓周運動時，周期最?。?/p>

最小周期，v=1.9km/s，R=6400km，代入解得T=5081s=1.4h，“航天汽車”環(huán)繞地球做圓周運動的最小周期為1.4h，故C錯誤；在此“航天汽車”上物體處于完全失重狀態(tài)，不能用彈簧測力計測量物體的重力，故D錯誤．2、B【解析】

因為地球同步衛(wèi)星的角速度和地球赤道上的物體隨地球自轉的角速度相同，由a1=ω2r，a2=ω2R可得a1a2=rR，故B正確，A錯誤；對于地球同步衛(wèi)星和以第一宇宙速度運動的近地衛(wèi)星，由萬有引力提供做勻速圓周運動所需向心力，得：GMmr2=m【點睛】本題注意要區(qū)別兩種物理模型，即“衛(wèi)星”和“地面上的物體”；對于衛(wèi)星類型，關鍵要抓住萬有引力等于向心力進行列式分析。解題時用已知物理量來表達未知的物理量時應該選擇兩者有更多的共同物理量的表達式。3、D【解析】

AB．小球與彈簧接觸前做自由落體運動，加速度：a=g保持不變，速度：v=gt均勻增加；小球與彈簧接觸后向下運動壓縮彈簧，小球受到豎直向下的重力與彈簧豎直向上的彈力：F=kx作用，開始彈簧彈力小于重力，小球向下做加速度運動，加速度：加速度逐漸減小，小球向下做加速度減小的加速運動，經(jīng)過一段時間后彈簧彈力與重力相等，合力為零，此時速度達到最大，然后彈簧彈力大于重力，小球所受合力向上，小球做減速運動，加速度：加速度逐漸增大，小球向下做加速度增大的減速運動，直到速度為零，整個過程速度方向不變，t2時刻加速度為0，速度最大，彈力變化最快，加速度變化也最快。所以從t1到t2圖象不是凹向下，而是要凸向下。同理從t2到t3圖象不是凸向下，而是要凹向下。由圖示圖象可知，故AB錯誤；C．當小球下落位移小于等于h時，彈簧彈力為零：F=0，當彈簧下落距離大于h小于等于H時，彈簧彈力：F=kx彈力F與x成正比，故C錯誤；D．當小球下落位移小于等于h時：當彈簧下落距離大于h小于等于H時，彈簧彈性勢能：故D正確。故選D?！军c睛】小球與彈簧接觸前做自由落體運動，與彈簧接觸后受到重力與彈簧彈力作用，彈簧彈力逐漸增大，彈簧彈性勢能增大，根據(jù)小球運動過程與受力情況分析答題。4、A【解析】

豎直上拋的上升過程為勻減速直線運動，，則上升的過程路程隨時間不均勻的增大，函數(shù)為開口向下的拋物線；到達最高點時，下降過程為自由落體運動，，則下降過程的路程隨時間不均勻增大，為開口向上的部分拋物線；故選A.【點睛】本題掌握豎直上拋的運動規(guī)律和路程隨時間的變化圖象，建立函數(shù)表達式可以快速得到圖象的形狀.5、A【解析】運動員的受力簡化為如圖所示由共點力的平衡可知，在豎直方向上有解得6、A【解析】

A.從A運動到O，小孩重力勢能減少量等于動能增加量與彈性繩的彈性勢能的增加量之和，選項A符合題意；B.從O運動到B，小孩動能和重力勢能的減少量等于彈性繩和蹦床的彈性勢能的增加量，選項B不符合題意；C.從A運動到B，小孩機械能減少量大于蹦床彈性勢能增加量，選項C不符合題意；D.若從B返回到A，小孩機械能增加量等于蹦床和彈性繩彈性勢能減少量之和，選項D不符合題意．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

AB．當斜面光滑，斜劈靜止釋放或者斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行時，斜劈和球這個整體具有相同的加速度，方向沿斜面向下。根據(jù)牛頓第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下，所以B球受重力、底部的支持力、以及Q對球的彈力，知P點對球無壓力，Q點對球有壓力，故A錯誤，B正確；C．斜劈A沿斜面勻速下滑，知B球處于平衡狀態(tài)，受重力和底部的支持力平衡，所以P、Q對球均無壓力，故C錯誤；D．若C的斜面粗糙，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，斜劈和球這個整體具有相同的加速度，方向沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下，所以B球受重力、底部的支持力、以及Q對球的彈力，故D正確；8、BC【解析】

A．此過程物體克服摩擦力做的功與克服重力做功之和等于它的初動能，選項A錯誤；B．此過程物體機械能的減少量等于它克服摩擦力做的功，選項B正確；C．上升過程物體的加速度沿斜面向下，則加速度有豎直向下的分量，物體處于失重狀態(tài)，則地面對斜面體的支持力小于（m+M）g，選項C正確；D．上升過程物體的加速度沿斜面向下，則加速度有水平向左的分量，根據(jù)牛頓第二定律可知，上升過程地面對斜面體的摩擦力向左，選項D錯誤。故選BC。9、CD【解析】

工件與彈性擋桿發(fā)生碰撞后，其速度的方向改變，應取負值，故AB錯誤；工件與彈性擋桿發(fā)生碰撞前的加速過程中和工件與彈性擋桿碰撞后的減速過程中所受滑動摩擦力不變，所以兩過程中加速度大小不變，工件運動至與彈性擋桿碰撞前，可能做勻加速直線運動，也可能與傳送帶一起做勻速直線運動，故CD正確.10、CD【解析】

A．根據(jù)電場的圖象可以知道，該電場是等量同種異號電荷的電場，故A錯誤；B．等量同種異號電荷的電場線分布具有對稱性（上下、左右），a點和b點的電場強度大小相等，而方向不同。故B錯誤；C．由題φa＞φc，結合電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，順著電場線方向電勢逐漸降低，可知Q帶正電，P帶負電；c點與d點比較可知，c點離P點（負電荷）的距離更近，所以c點的電勢較低。故C正確；D．圖中a點的電勢高于c點電勢，可知Q帶正電，P帶負電，所以由圖可知b點的電勢高于d點的電勢；而負電荷在電勢高處電勢能小，在電勢低處電勢能大，可知負電荷從b到d，電勢降低，電勢能增大。故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、102.54【解析】

[1]在豎直方向上有△y=gT2得則閃光的頻率。[2]小球拋出時的初速度大小[3]小球在B點豎直方向的速度從拋出到C點，經(jīng)歷的時間則速度的變化量△v=gt=4m/s【名師點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，平拋運動在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，抓住豎直方向上在相等時間間隔內(nèi)的位移之差是一恒量，結合運動學公式和推論靈活求解。12、CE【解析】

選擇器材需安全、精確，根據(jù)電風扇的額定電流確定電流表的量程，通過電風扇電阻的大約值，從測量的誤差和可操作性角度選擇滑動變阻器．【詳解】電風扇的額定電流I=PU=0.6A，從讀數(shù)誤差的角度考慮，電流表選擇C，電風扇的電阻比較小，在描繪小電風扇的伏安特性曲線實驗中采取滑動變阻器的分壓接法，故選擇總電阻為10Ω的滑動變阻器便于調(diào)節(jié)，誤差較小，滑動變阻器應選用答案為：(1