2024年天津市高考物理模擬試卷（六）(含詳細答案解析)

2024年天津市高考物理模擬試卷（六）

一、單選題：本大題共5小題，共25分。

1.關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列敘述正確的是（）

A.鈾核（豺8（7）衰變?yōu)殂U核（第6pb）的過程中，要經(jīng)過8次a衰變和6次口衰變

B.若使放射性物質(zhì)所在處的壓強升高，其半衰期將減小

C.在a、0、y這三種射線中，a射線的穿透能力最強，y射線的電離能力最強

D.當(dāng)放射性元素的原子的核外電子具有較高能量時，將發(fā)生/?衰變

2.如圖所示為鉆石的某個截面，其中從C、。處均為直角。一束復(fù)色光由A8

面入射，從C。面出射時分開成。、和c三種單色光。用這三種單色光分別照

射金屬鉀板，其中〃光恰好可使鉀板產(chǎn)生光電效應(yīng)。下列說法正確的是（）

A.。光在棱鏡中的速度最小

B.a光打出的光電子的遏止電壓最大

C.從CO面出射時。光、光、。光互相平行

D.同一裝置條件下。光雙縫干涉條紋寬度最大

3.如圖為交流發(fā)電機的示意圖，線圈在轉(zhuǎn)動時可以通過滑環(huán)和電刷保持與外電路的連接。兩磁極之間的磁

場視為勻強磁場且磁感應(yīng)強度大小為A，單匝線圈A8c。的面積為5、電阻為小定值電阻的限值為凡其

余電阻不計，交流電壓表為理想電表。線圈以角速度,繞。。'軸逆時針勻速轉(zhuǎn)動，如果以圖示位置為計時起

點，則（）

A.圖示時刻電壓表示數(shù)為BS3

B.通過電阻R的電流瞬時值表達式為1=酸sin3t

C.線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90。的過程中，通過電阻R的電流平均值為第之

D.線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90。的過程中，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為皿g

2（R+r）”

4.如圖，平衡位置位于原點0的振源做簡諧運動，其運動的表達式為y=o/cm

-0.05sin（107rt）mo該振動激發(fā)一列沿x軸正方向傳播的簡諧波。某次振源p

0------------------*----?i/m

的位置達到正向最大位移處時，坐標為（9m,0）的尸點恰好開始振動且OP之

間存在4個波谷，從該時刻開始i-時，下列說法正確的是（）

A.P點起振時沿y軸正方向運動

氏該列簡諧波的波速60m/s

C.t=1.2s時，P點的加速度沿），軸負方向且最大

D.t=1.2s時，坐標為（21m,0）的Q點（圖中未畫出）通過的路程為0.2m

5.將兩點電荷A、8分別固定在x軸上0機和6機處，點電荷8的電荷量為-Q,兩點電荷連線上各點電勢

隨工變化的關(guān)系如圖所示，其中％=4m處電勢最高，工軸上M、N兩點分別處于3〃?和5機處，靜電力常量

為2,下列說法正確的是（）

A.點電荷A的電荷量為+4Q

B.若在M點固定一電荷量為夕的試探電荷，則該試探電荷受到的電場力大小為竽

C.正試探電荷由M點沿X軸運動到N點的過程中，電勢能先減小后增大

D.似點的電場強度等于N點的電場強度

二、多選題：本大題共3小題，共15分。

6.關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說法正確的是（）

A.布朗運動中越小的炭粒，受到撞擊的分子越少，碳粒的不平衡性表現(xiàn)得越不明顯

B.內(nèi)能不同的物體，它們分子熱運動的平均動能一定不同

C.絕熱密閉容器中一定質(zhì)量理想氣體的體積增大，其內(nèi)能一定減少

D.燒地球飛行的宇宙飛船中的物體處于完全失重狀態(tài)，但飛船內(nèi)的氣體對飛船內(nèi)壁仍有壓強

7.2022年10月9日43分，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功將“夸父一號”衛(wèi)星發(fā)射升空，開啟中國綜合性

太陽觀測的新時代。該衛(wèi)星繞地球的運動看成勻速圓周運動，距離地球表面約720千米，運行周期約99

分鐘，下列說法正確的是（）

A.“夸父一號”發(fā)射速度大于11.2/cm/s

B.若已知萬有引力常量，利用題中數(shù)據(jù)可以估算出地球的質(zhì)量

C.“夸父一號”繞地球運行的速度大于地球的同步衛(wèi)星的速度

D.“夸父一號”的角速度小于地球自轉(zhuǎn)的角速度

8.如圖所示，有界勻強磁場的寬度為，磁感應(yīng)強度大小為5、方向垂直紙面向里正方形成〃是粗細均

勻的導(dǎo)體框，總電阻為4R,邊長為L,該導(dǎo)體框處于紙面內(nèi)。導(dǎo)體框在外力作用下沿對角線砒（垂直于磁

場邊界）由I位置勻速運動到III位置，速度大小為v,則（）

A.導(dǎo)體框由I位置到III位置過程中感應(yīng)電流的方向先4A〃“后

B.導(dǎo)體框由I位置到II位置過程中最大感應(yīng)電流為鬻

C.導(dǎo)體框由I位置到III位置過程中通過的甩荷量為絆

Zn

D.導(dǎo)體框由I位置到II位置過程中外力的最大功率為史袈

三、實驗題：本大題共2小題，共20分。

9.圖（a）為測顯物塊與水平桌面之訶動摩擦因數(shù)的實驗裝置示意圖。實驗步驟如下：

①用天平測量物塊和遮光片的總質(zhì)量M、重物的質(zhì)量加；用游標k尺測量遮光片的寬度d；用米尺測最兩

光電門之間的距離S；

②調(diào)整輕滑輪，使細線水平；

③讓物塊從光電門A的左側(cè)由靜止釋放，用數(shù)字亳秒計分別測出遮光片經(jīng)過光電門人和光電門B所用的時

間A以和△3，求出加速度

④多次重復(fù):步驟③，求。的平均值￡：

⑤根據(jù)上述實驗數(shù)據(jù)求出動摩擦因數(shù)小

A.將紅表筆和黑表筆接觸

A把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“X100”位置

C把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“x位置

D調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點

(4)某小組同學(xué)們發(fā)現(xiàn)歐姆表的表盤刻線不均勻，分析在同一個擋位卜通過待測電阻的電流/和它的阻值心

關(guān)系，他們分別畫出了如圖所示的幾種圖像，其中可能正確的是o

flflf/f/

\i/TiTLi

000

°RXRKRXRX

ABCD

(5)圖丙為題(2)(圖乙表盤)中多用電表電阻擋中某一擋位的原理示意圖，其中電流表的滿偏電流/g=

100/1/1,內(nèi)陽Rg=1002電池的電動勢E=1.5V,內(nèi)陽r=0.5。，則此時歐姆表為電阻_____擋。

四、簡答題：本大題共2小題，共30分。

11.如圖所示，在第一象限內(nèi)有水平向右的勻強電場，電場強度大小E=

野。在第四象限內(nèi)有垂直于紙面向外的勻強磁場，在該平面內(nèi)有一個質(zhì)量為——-——>

〃人電荷量為4的帶正電粒子從0點以初速度北沿y軸負方向射出，夕點的坐

標為(2d,攀d)，粒子穿過x軸后恰好不能從y軸射出磁場，不考慮粒子的重????

9999

力。求：????

(1)粒子第一次穿過X軸時的速度V的大小和方向；????

(2)勻強磁場的磁感應(yīng)強度A的大?。?/p>

(3)粒子從尸點射出到第二次穿過x軸所用的時間上

12.如圖所示是列車進站時利用電磁阻尼輔助剎車的示意圖，在車身下方固定一矩形線框abed,"邊長為

/,be邊長為d,在站臺軌道上存在方向豎直向上、磁感應(yīng)強度大小為8的有界矩形勻強磁場MNPQ,MN

邊界與曲平行，區(qū)域長為小若帥邊剛進入磁場時列車關(guān)閉發(fā)動機，此時的速度大小為北,cd邊剛離開

磁場時列車剛好停止運動。已知線框總電阻為R,列車的總質(zhì)量為機，摩擦阻力大小恒定為幼長，不計空

氣阻力，重力加速度為g0求：

(1)線框時邊剛進入磁場時列車的加速度大小：

(2)線框從進入到離開磁場過程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱;

(3)線框從進入到離開磁場過程所出的時間。

五、計算題：本大題共1小題，共10分。

13.有一個角度可變的軌道，當(dāng)傾角為30度時，A恰好勻速下滑，現(xiàn)將傾角調(diào)為60度，從高為。的地方從

靜止下滑，過一段時間無碰撞地進入光滑水平面，與8發(fā)生彈性正碰，8被一根繩子懸掛，與水平面接觸

但不擠壓，碰后B恰好能做完整的圓周運動，已知4的質(zhì)量是8的質(zhì)量的三倍，求：

①4與坑道間的動摩擦因數(shù)〃；

②A與8剛碰完8的速度：

③繩子的長度L.

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解:4鈾核圖■）衰變?yōu)殂U核嗡6pb）的過程中,設(shè)要經(jīng)過〃次a衰變和加次6衰變,曰質(zhì)量數(shù)守

恒、核電荷數(shù)守恒有

92=82+2幾一m

238=206+4n

解得

n=8,m=6

故a正確；

8、半衰期只和元素本身有關(guān)，與壓強無關(guān)，故B錯誤；

C、在*0、y這三種射線中，y射線的穿透能力最強，a射線的電離能力最強，故。錯誤；

。、/?衰變放出的電子是來自原子核發(fā)生衰變時的產(chǎn)物，故。錯誤；

故選：Ao

根據(jù)夕衰變實質(zhì)、半衰期特征、核反應(yīng)前后，質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒以及，*/?、y三種射線特征，即可解

答。

本題考查學(xué)生對6衰變實質(zhì)、半衰期特征、核反應(yīng)前后，質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒以及，a、6y三種射線特

征的掌握，考點多，具有一定難度，需要學(xué)生熟記。

2.【答案】C

【解析】解：4由圖中各色光的折射程度可知〃光的折射率最小，根據(jù)u=（可知，“光在棱鏡中的速度最

大，故A錯誤；

B.a光的折射率最小，則頻率最小，根據(jù)光電效應(yīng)方程=Zn/-％可知。光打出的光電子的遏止電壓最

小，故B錯誤；

C光的反射和折射光路如圖

B

C處均為直角，根據(jù)光的反射定律結(jié)合幾何關(guān)系可知不論折射率大小，根據(jù)光路的對稱性可以判斷出三種

單色光從CO面射出時與相應(yīng)法線的夾角都等于故從。。面出射時。光、b光、c光互相平行，故。正

確；

De光的頻率最大，則波長最小，根據(jù)干涉條紋間距公式4%=可知c光雙縫干涉條紋寬度最小，故。錯

誤；

故選：Co

A.根據(jù)折射光路圖比較光的折射率，由波速公式進行判斷；

B.根據(jù)光電效應(yīng)方程進行分析判斷；

。.根據(jù)光路圖和幾何關(guān)系結(jié)合對稱性進行分析判斷；

D根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式進行分析判斷。

考杳光的折射光路和折射率、光電效應(yīng)等問題，會根據(jù)題意列式求解相關(guān)的物理量.

3.【答案】C

【解析】解：A線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為

Em=BSo)

電壓表示數(shù)應(yīng)為電阻R兩端的電壓有效值，則有

BSa)R

IJ=-------------

<2(7?+r)

故A錯誤；

8.根據(jù)歐姆定律有

_E_BSo)

~R+r~/2(/?4-r)

電流瞬時值表達式為

lBS0)

i=V2Icosa)t=—cos3t

A+r

故B錯誤;

C線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90。的過程中所用時間

n

2口

戊=4=寸

co2a)

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢平均值為

-BS2BS0)

At~At~n

則通過電阻R的電流平均值

-_E_2BSa)

1-R+r~TT(R+r)

故C正確：

D線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90。的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱

兀RB2s2儂

Q=l2RAt

4(/?+r)2

故D錯誤。

故選：C。

根據(jù)正弦式交變電流產(chǎn)生規(guī)律分析，感應(yīng)電動勢最大值為Em=nBS/,求得交流電的有效值，根據(jù)閉合電

路歐姆定律可以求出電流的表達式，根據(jù)感應(yīng)電動勢的平均值解得C,根據(jù)焦耳定律解得。。

此題考查了交流的峰值、有效值以及瞬時值的計算，解題的關(guān)鋌是明確正弦式交變電流有效值的確定。

4.【答案】D

【解析】解：A、根據(jù)波源的表達式y(tǒng)=-0.05sin(107rt)7n可知，波源起振方向沿著y軸負方向，則介質(zhì)中

各個質(zhì)點的起振方向均沿著y軸負方向，故A錯誤；

8、根據(jù)波源的表達式y(tǒng)=-0.05sin(10nt)m可知，簡諧波的振幅為力=0.05m,圓頻率為3=10nrad/s,

則周期為T=穿=^s=0.2s

根據(jù)產(chǎn)點恰好開始振動時，振源在最大位移處，可知OP間的距離為

s=(n4-^)2,(n=0,l,2,.......)

得

9

A=——7zn,(n=0,12........)

9

根據(jù)波速公式"河"普m/s=^m/s

P點開始振動時?，。尸之間存在4個波谷，則公式中n=3,代入得波速為：v=12m/s,故B甯誤；

C、由于￡=1.2s=67,則￡=1.2s時，P點經(jīng)過平衡位置向），軸負方向運動，加速度為0,故C錯誤；

D、波從。傳到Q的時間為a=；=號s=ls,t=1.2s時Q點振動了0.2s,即一個周期，所以。點經(jīng)

過的路程為：4s=44=4x0.05m=0.2m,故。正確。

故選：。。

介質(zhì)中各個質(zhì)點起振方向都與波源起振方向相同，根據(jù)波源的振動方程判斷波源的起振方向，從而確定產(chǎn)

點起振方向。根據(jù)P點恰好開始振動時，振源在最大位移處，分析OP間的距離與波長的關(guān)系，結(jié)合OP

之間存在4個波谷，確定波長的大小，再求波速。根據(jù)時間與周期的關(guān)系分析P點的加速度以及。點通過

的路程。

本題考查波的形成，要理解并掌握波的傳播特點：介質(zhì)中各個質(zhì)點起振方向都與波源起振方向相同，理解

波的周期性，能寫出波氏的通項。

5.【答案】B

【解析】解：Aw-X圖線的斜率表示場強，由圖可知，在％=4m處圖線的斜率為零，說明在x=4m處電

場強度為零，所以兩點電荷一定是同種電荷，故點電荷A帶負電，根據(jù)點電荷場強公式

E=k千

可知

旦—絲

42~22

所以

QA=^Q

故a錯誤；

B.點電荷A到M點的距離為3m，點電荷8到M點的距離也為3加，所以M點的場強大小為

,Q_kQ

E…-k-4Q5—k--=-^―

32323

則在M點放一帶電荷量為g的試探電荷，其所受電場力為

尸kQq

F=^=—

故B正確；

C沿著電場線電勢逐漸降低，則M點到N點，電場線先向左后向右，正的試探電荷從M點到N點時電場

力先做負功后做正功，則電勢能先增大后減小，故C錯誤；

。.由圖可知圖線在M點的斜率小于N點的斜率，即M點的電場強度小于N點的電場強度，故。錯誤：

故選：B。

圖線的斜率表示場強的大小，因為在兩電荷中間位置電場強度為零，所以兩電荷帶同種電荷；根據(jù)點電荷

場強公式計算得到A電荷所帶電荷量的多少，進而根據(jù)場強的矢量合成可以得到M點的場強大?。槐容^

M點和N點兩點斜率的大小即可知道這兩點場強的大??；對正電荷來說，電勢越高，電勢能越大。

(P-工圖線的斜率表示場強的大小是解題的關(guān)鍵所在，根據(jù)圖線的斜率可以比較各點的場強大小，進而根

據(jù)點電荷場強公式得到A電荷所節(jié)電荷量的多少，就可判斷題目中選項的正誤。

6.【答案】ACD

【解析】解：A、布朗運動中越小的炭粒，受到的撞擊的分子越少，碳粒的不平衡行表現(xiàn)的越明顯，故A

正確;

8、內(nèi)能不同的物體，溫度可能相同，因此分子熱運動的平均動能可能相同，故8錯誤；

C、絕熱密閉容器中，一定質(zhì)量理想氣體的體枳增大，對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律/U=W+Q,其中

Q=0,WVO,則/U<0,內(nèi)能減小，故。正確：

。、繞地球K行的宇宙飛船中的物體處于完全失重狀態(tài)，但飛船內(nèi)的氣體分子存在分子熱運動，所以對飛

船內(nèi)壁仍有壓強，故。正確。

故選：ACD.

布朗運動反映液體分子運動的無規(guī)則性，顆粒越小則運動越激烈；根據(jù)熱力學(xué)定律分析，改變內(nèi)能的方

式：做功和熱傳遞；根據(jù)物體的內(nèi)能包括動能和勢能分析即可；氣體壓強與分子重力無關(guān)，是由分子無規(guī)

則運動對容器壁的撞擊產(chǎn)生的。

本題主要掌握溫度是分子平均動能的標志，理解熱力學(xué)第一定律內(nèi)容，知道溫度是平均動能的標志。

7.【答案】BC

【解析】解：4因為ll.2/nn/s是第二宇宙速度，是掙脫地球引力束縛的最小速度，由題意可知，“夸父一

號”并未脫離地球，仍靠地球引力提供向心力，所以發(fā)射速度不會大于11.2/on/s,故A錯誤；

B.根據(jù)公式

GMm

(R+/i)

&+h)2

可得，地球的質(zhì)量

4TT2_

時二彳/+八尸

若已知萬有引力常量，利用題中數(shù)據(jù)可以估算出地球的質(zhì)量，故8正確；

C“夸父一號”的周期為99分鐘，地球的同步衛(wèi)星周期為24小時，根據(jù)公式

GMm47r2

=m-(R+h)

(R+九)2T2

可得

T=

可知“有父一號”的軌跡半徑小，又根據(jù)。^=小芍可得

可知，“夸父一號”的速度大，故C正確;

D“夸父一號”繞地球運行周期約99分鐘，小于地球的自轉(zhuǎn)周期24%，根據(jù)

27r

3=y

可知，其角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，故Q錯誤。

故選：BC。

根據(jù)第二宇宙速度概念分析；根據(jù)萬有引力提供向心力推導(dǎo)質(zhì)量、周期、線速度分析判斷：根據(jù)角速度定

義式分析判斷。

本題關(guān)鍵掌握利用萬有引力提供向心力推導(dǎo)相關(guān)物理量。

8.【答案】AD

【解析】解：4、導(dǎo)體框由I位置到山位置過程中，穿過導(dǎo)體框的磁通量先向里增加后向里減小，根據(jù)楞

次定律可知感應(yīng)電流的方向先adcba后abcda,故A正確；

8、邊剛進入磁場時有效切割長度最大，導(dǎo)體框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，感應(yīng)電流最大，導(dǎo)體框切割磁

感線的最大有效長度最大為4乙，產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動勢為：E=B-yp2.Lv=V2BLv,最大感應(yīng)電流為

/二燃二故B錯誤；

C、導(dǎo)體框由【位置到川位置過程磁通量變化43=0,故通過的電荷量為勺=/4=器=瑞=0,故。錯

誤；

。、導(dǎo)體框做勻速運動，外力的最大功率等于安培力的最大功率，為P=筆或=噂，故。正確。

故選：ADO

根據(jù)楞次定律分析導(dǎo)體框中感應(yīng)電流的方向；先確定導(dǎo)體框切割磁感線的有效長度的最大值，再求出對應(yīng)

的感應(yīng)電動勢，從而求得最大感應(yīng)電流，進而求出對應(yīng)的外力，利用功率公式求出外力的最大功率：根據(jù)

法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律求出導(dǎo)體框由I位置到山位置過程中通過的電荷量。

在本題中，要注意最大感應(yīng)電流對應(yīng)的是最大感應(yīng)電動勢，此時導(dǎo)體框切割的有效長度最大。在求電荷量

時用到的電動勢為平均電動勢，這是易錯點。

9.【答案】。.960；［(/)2-(/［2］蹩若處系統(tǒng)誤差

ZsAtjjAt4Mg

【蟀析】解：(1)由圖(匕)所示游標卡尺可知，主尺示數(shù)為0.9cm,游標尺示數(shù)為12x0.05mm=OSOnun=

0.060cm,貝II游物;卡尺示數(shù)為0.9cm+0.060c?n=0.960cm。

(2)物塊經(jīng)過A點時的速度以=￡,物塊經(jīng)過B點時的速度砧=二，物塊做勻變速直線運動，由速度位移

JS

公式得：詔一位=2QS，加速度a=［(舟2—(今)2］；

(3)以M、機組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律得：=+解得〃=

mg-(M+m)a

Mg；

(4)如果細線沒有調(diào)整到水平，由比引起的誤差屬十系統(tǒng)誤差。

故答案為：(1)0.960；(2)*［(4/一(9)2］；(3)當(dāng)鏟妝；(4)系統(tǒng)誤差。

(1)游標卡尺主尺與游標尺的示數(shù)之和是游標卡尺的示數(shù)，

(2)由速度公式求出物塊經(jīng)過4、8兩點時的速度，然后由勻變速運動的速度位移公式求出物塊的加速度：

(3)由牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)。

(4)由「實驗設(shè)計造成的誤差是系統(tǒng)誤差，由「實驗操作、讀數(shù)等造成的誤差屬于偶然誤差。

對游標卡尺進行讀數(shù)時，要先確定游標尺的精度，主尺與游標尺的示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)，讀數(shù)時視線

要與刻度線垂直。

10.【答案】AC22.0190BADACx1k

【解析】解?：(1)4當(dāng)S接觸點1時，電阻與表頭并聯(lián)，則多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱8接

的是黑表筆，故A正確；

8C.當(dāng)S接觸點2時，內(nèi)部接電源，則多用電表處于測最電阻的擋位，因黑表筆內(nèi)部接電源的正極，則其

中接線柱8接的是黑表筆，故B錯誤，C正確；

D.當(dāng)5接觸點3時，表頭與電阻串聯(lián)，則多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱8接的是黑表筆，故

D錯誤；

故選：AC.

(2)a.若所選擋位為直流50/〃A擋，則分度值為1〃L4,示數(shù)為22.0zn4

b.若所選擋位為電阻x10。擋，則示數(shù)為19x10/2=190。：

(3)用表盤為圖乙所示的多用電表正確測量了一個約15。的電阻后，需要繼續(xù)測量一個阻值約2k。的電阻，

則必須要換成“X100”擋，然后兩表筆短接調(diào)零，其正確步驟是BA。。

(4)根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知

_E

則

11R內(nèi)

7小+萬

故AC正確，8。錯誤。

故選：AC.

(5)由閉合電路的歐姆定律

E

%=『

?內(nèi)

將/7=100/Z/1=100x10-6加弋入解得

R內(nèi)=15000。

結(jié)合表盤的中值電阻的意義分析可得，此時歐姆表為電阻x1k擋。

故答案為:(1)4C；(2)22.0；190；(3)BAD；(4)4C；(5)XIk.

(1)根據(jù)多用電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)分析解答；

(2)根據(jù)擋位結(jié)合分度值讀數(shù)；

(3)根據(jù)多用電表的使用方法作答；

(4)(5)根據(jù)閉合電路歐姆定律分析解答。

本題考查了多用電表結(jié)構(gòu)、多用電表讀數(shù)與歐姆表的使用方法，知道電流表。電壓表與歐姆表的改裝原理

是解題的前提，分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)、掌握基礎(chǔ)知識即可解題，平時要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與積累。

11.【答案】解：(1)如圖所示

粒子在電場中做類平拋運動，沿y軸負方向做勻速直線運動，有孥4=%口

沿工軸正方向做初速度為零的勻加速直線運動，加速度a=變=細

m2d

沿x軸正方向的速度以=at.

聯(lián)立解得力.=\J~3VQ

射出磁場時的速度U=yjVQ+v}=2vo

設(shè)射出電場時粒子的速度y方向與初速度見方向的夾角為仇根據(jù)類平拋運動的推論得

Vv「

tan0=—=v3

%

則e=60°

(2)粒子第一次穿過x軸時，沿x軸正方向的位移％=：。產(chǎn)二弓

粒子在磁場中做勻速圓周運動，恰好不從丁軸射出磁場時，軌跡與y軸相切，設(shè)粒子軌跡半徑為，，根據(jù)

幾何關(guān)系得

r+rcos60°=2d+x

解得r=2d

粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有quB=華

解得B=V

(3)粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期T=等=需

在磁場中運動時間b=『=瑞

粒子從。點射出到第二次穿過x軸所用時間t=￡1+J

代人數(shù)據(jù)得+

答：(1)粒子第一次穿過x軸時的速度V的大小為2%,方向：與孫的夾角為60。指向右下方；

(2)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大小為鬻：

(3)粒子從2點射出到第二次穿過x軸所用的時間，為色(厚+壽)。

【解析】(1)粒子在電場中做類平拋運動，由平拋規(guī)律求解；

(2)畫出粒子恰好不能從)，軸射出磁場時的軌跡，用數(shù)學(xué)知識求圓周運動的半徑，再由洛倫茲力提供向心力

列式求解；

(3)根據(jù)對稱性可知粒子在磁場中轉(zhuǎn)動的圓心角為300度，由亡二卷7計算在磁場中的運動時間，再加上

粒子在電場中的運動時間即可。

本題考查帶電粒子在電場和磁場中的運動，注意銜接點的速度大小和方向，正確畫出運動軌跡，利用類平

拋和圓周運動規(guī)律即可求解。

12.【答案】解：(1)線框剛講入磁場時，，而動產(chǎn)牛的感應(yīng)電動勢為

E=BIVQ

線框中感應(yīng)電流大小為

ab4所受安培力大小為

F=BIl=

根據(jù)牛二定律得：F+kmg=ma

12

解得：a=~^+叼

(2)線框由進入磁場到離開磁場過程中，由動能定理得

1

-W-kmg-2d=0-57n詔

又Q=W

聯(lián)立解得線框產(chǎn)生的焦耳熱為：Q=1mvo-2kmgd

(3)線框由進入磁場到離開磁場過程中，取向右為正方向，由動量定理得：

-BI/-A-Bl2l-t2-kmgt=0-mv0

又線框進入和離開磁場的過程中，通過線框的電荷量分別為

加而八Bld

-d=T

1_Blv2t2_Bld

Qz-，2上――