2025屆浙江省各地物理高二第一學(xué)期期末聯(lián)考模擬試題含解析

2025屆浙江省各地物理高二第一學(xué)期期末聯(lián)考模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、為監(jiān)測化工廠的污水排放量，環(huán)保部門在化工廠的排污管末端安裝了如圖所示的圓管狀電磁流量計(jì)，該裝置由非磁性的絕緣材料制成，圓管內(nèi)徑為d，a、b是圓管內(nèi)同一條直徑上的兩端點(diǎn)，外加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直圓管直徑的勻強(qiáng)磁場，當(dāng)充滿管口的含有大量帶電離子的污水從左向右流經(jīng)圓管時(shí)，測得a、b兩點(diǎn)間的電勢差為u，若用Q表示污水流量（單位時(shí)間內(nèi)流出的污水體積），則Q與u的關(guān)系式為A. B.C. D.Q=u2、某同學(xué)用伏安法測電阻時(shí)，分別采用了電流表內(nèi)接法和外接法，測得的某電阻Rx的阻值分別為R1和R2，則所測阻值與真實(shí)值Rx之間的關(guān)系為()A.R1＞Rx＞R2 B.R1＜Rx＜R2C.R1＞R2＞Rx D.R1＜R2＜Rx3、如圖所示,R是一個(gè)滑動變阻器,M、N為水平正對放置的兩塊平行金屬板,兩板間帶電微粒Q處于靜止?fàn)顟B(tài),則下列說法正確的是()A.若只減小M、N兩金屬板的間距，則有向左的電流通過電阻RB.若只減小M、N兩金屬板的間距，Q將向下運(yùn)動C.若只將滑動變阻器滑片由中間滑到最左端，Q將向下運(yùn)動D.若只在緊貼N板內(nèi)側(cè)插入一塊一定厚度的金屬片，Q將向上運(yùn)動4、某電場的電場線分布如圖所示，下列說法正確的是A.a點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)的電勢B.c點(diǎn)的場強(qiáng)大于d點(diǎn)的場強(qiáng)C.若將正試探電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場力做正功D.若將一負(fù)試探電荷由c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電勢能減小5、電磁軌道炮工作原理如圖所示，待發(fā)射彈體可在兩平行軌道之間自由移動，并與軌道保持良好接觸，電流I從一條軌道流入，通過導(dǎo)電彈體后從另一條軌道流回，軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面得磁場（可視為勻強(qiáng)磁場），磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與I成正比。通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出，現(xiàn)欲使彈體的出射速度增加到原來的2倍，理論上可采用的方法是（）A.只將電流I增加至原來的2倍B.只將彈體質(zhì)量減至原來的一半C.只將軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍D.將彈體質(zhì)量減至原來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其它量不變6、在如圖的電路中，當(dāng)滑動變阻器的滑動頭向下滑動時(shí)，A、B兩燈亮度的變化情況為（）A.A燈和B燈都變亮 B.A燈、B燈都變暗C.A燈變亮，B燈變暗 D.A燈變暗，B燈變亮二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示,平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài),不考慮電流表和電壓表對電路的影響,當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向a端移動時(shí),則()A.電壓表讀數(shù)變大 B.電流表讀數(shù)變大C.質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動 D.R1上消耗的功率逐漸增大8、如圖所示，電源內(nèi)阻可忽略不計(jì)，電路中接有一小燈泡和一電動機(jī)，小燈泡L上標(biāo)有“12V12W”字樣，電動機(jī)的線圈內(nèi)阻若燈泡正常發(fā)光,電源的輸出電壓為16V,此時(shí)A.電動機(jī)的輸入功率為12WB.電動機(jī)的輸出功率為3WC.小燈泡的熱功率是12WD.整個(gè)電路消耗的電功率為12W9、如圖，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．M為磁場邊界上一點(diǎn)有無數(shù)個(gè)帶電量為q、質(zhì)量為m的相同粒子（不計(jì)重力）在紙面內(nèi)向各個(gè)方向以相同的速率通過M點(diǎn)進(jìn)入磁場，這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段圓弧上，這段圓弧的弧長是圓周長的．下列說法正確的是（）A.粒子從M點(diǎn)進(jìn)入磁場時(shí)的速率為B.粒子從M點(diǎn)進(jìn)入磁場時(shí)的速率為C.若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小增加到，則粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉鞤.若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小增加到，則粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉?0、如圖所示，物體A、B、C放在光滑水平面上用細(xì)線a、b連接，力F作用在A上，使三物體在水平面上運(yùn)動，若在B上放一小物體D，D隨B一起運(yùn)動，且原來的拉力F保持不變，那么加上物體D后兩繩中拉力的變化是（）A.Ta增大 B.Tb增大C.Ta變小 D.Tb變小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在利用碰撞做“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，圖中斜槽部分與水平槽部分平滑連接，按要求安裝好儀器后開始實(shí)驗(yàn)．圖中設(shè)計(jì)有一個(gè)支柱（通過調(diào)整，可使兩球的球心在同一水平線上，上面的小球被碰離開后，支柱立即倒下）．先不放被碰小球，讓入射小球從擋板C處由靜止?jié)L下，重復(fù)若干次；然后把被碰小球放到支柱上，有重復(fù)若干次．在白紙上記錄下掛于槽口的重錘線在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)和各次實(shí)驗(yàn)時(shí)小球落點(diǎn)的平均位置，從左至右依次為O、M、P、N點(diǎn)，兩小球直徑相等，并用刻度尺測出OM、OP、ON的長度．入射小球和被碰小球的質(zhì)量分別為m1、m2．則（1）入射小球的質(zhì)量m1和被碰小球的質(zhì)量m2應(yīng)該滿足m2_____m1（填“>”或“<”）（2）用螺旋測微器測量小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑d=___________mm（3）當(dāng)所測的物理量滿足表達(dá)式_____________________（用所測物理量的字母表示）時(shí)，即說明兩球的碰撞遵守動量守恒定律（4）某次實(shí)驗(yàn)得到入射小球的落點(diǎn)M、P到O距離如圖丙所示，假設(shè)兩球的碰撞是彈性正碰，則被碰小球的落點(diǎn)N到O的距離ON=_________cm．（保留2位小數(shù)）12．（12分）某同學(xué)對實(shí)驗(yàn)室一個(gè)多用電表中的電池進(jìn)行更換時(shí)，發(fā)現(xiàn)里面除了一節(jié)1.5V的干電池外，還有一個(gè)方形的層疊電池。為了測定層疊電池的電動勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室中提供了如下器材：A.電流表A1（滿偏電流10mA，內(nèi)阻10Ω）B.電流表A2（0~0.6A~3A，內(nèi)阻未知）C.滑動變阻器R（0~100Ω，1.0A）D定值電阻R0（阻值990Ω）E.開關(guān)S與導(dǎo)線若干（1）該同學(xué)根據(jù)現(xiàn)有的實(shí)驗(yàn)器材，設(shè)計(jì)了合理的電路。請你在如圖所示的方框內(nèi)畫出相應(yīng)的電路圖______。（2）該同學(xué)根據(jù)上述設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路測出多組數(shù)據(jù)，繪出如下圖所示的I1－I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)），則由圖線可以得到被測電池的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω。（保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在“測量金屬絲電阻率實(shí)驗(yàn)”中，有如下器材：電池組（電動勢3V，內(nèi)阻約1Ω）、電流表（內(nèi)阻約0.1Ω）、電壓表（內(nèi)阻約3kΩ）、滑動變阻器R（0～50Ω，額定電流2A）、開關(guān)、導(dǎo)線若干.請完成下列問題（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，為防止讀數(shù)時(shí)測微螺桿發(fā)生轉(zhuǎn)動，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊如圖甲所示的部件______（選填“A”、“B”、“C”或“D”）．從圖甲中的示數(shù)可讀出合金絲的直徑為d=______mm（2）某小組同學(xué)利用以上器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，請根據(jù)原理圖乙完成實(shí)物圖丙中的連線，并使在閉合開關(guān)的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞.記錄數(shù)據(jù)如下____________：次數(shù)123456U/V0.300.701.001.501.702.30I/A0.0660.1600.2200.3400.4600.520（3）這個(gè)小組的同學(xué)在坐標(biāo)紙上建立U、I坐標(biāo)系，如圖丁所示，圖中已標(biāo)出了與測量數(shù)據(jù)對應(yīng)的6個(gè)坐標(biāo)點(diǎn).請根據(jù)標(biāo)出的坐標(biāo)點(diǎn)，描繪出U－I圖線.并由圖線得到金屬絲的阻值Rx＝______Ω．（保留兩位有效數(shù)字）（4）若實(shí)驗(yàn)過程中發(fā)現(xiàn)，無論如何調(diào)節(jié)滑動變阻器，電壓表示數(shù)不發(fā)生變化，則發(fā)生故障的可能原因是_______________________________________________.（5）任何實(shí)驗(yàn)測量都存在誤差，本實(shí)驗(yàn)所用測量儀器均已校準(zhǔn)，下列關(guān)于誤差的說法中正確的有______.A．用螺旋測微器測量金屬絲直徑時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差B．測量金屬絲的直徑時(shí)，要在不同位置多次測量，是為了消除偶然誤差C．由電流表和電壓表的內(nèi)阻引起的誤差屬于偶然誤差D．用U－I圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差14．（16分）輕質(zhì)細(xì)線吊著一質(zhì)量為m＝0.64kg、邊長為2L＝0.8m、匝數(shù)n＝10的正方形線圈ABCD，線圈總電阻為R＝1Ω.邊長為L的正方形磁場區(qū)域?qū)ΨQ分布在線圈下邊的兩側(cè)，如圖甲所示．磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化如圖乙所示，從t＝0開始經(jīng)t0時(shí)間細(xì)線開始松弛，g取10m/s2.求：(1)在0～4s內(nèi)，穿過線圈ABCD磁通量的變化ΔΦ及線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E；(2)在前4s時(shí)間內(nèi)線圈ABCD的電功率；(3)求t0的值.15．（12分）質(zhì)譜儀是分離和檢測不同同位素的儀器，由靜電分析器和磁分析器等組成的質(zhì)譜儀如圖所示。左側(cè)靜電分析器中有方向指向圓心O、與O點(diǎn)等距離處各點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等的徑向電場。右側(cè)的磁分析器中分布著方向垂直于紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，其左邊界與靜電分析器的右邊界平行，兩邊界間距近似為零。從離子源射出的速度很小（可認(rèn)為是零）。質(zhì)量為m、電荷量為q的離子經(jīng)加速電場加速后以速度v從M點(diǎn)射入靜電分析器，沿半徑為r0的四分之一圓弧軌道做勻速圓周運(yùn)動，從N點(diǎn)水平射出進(jìn)入磁分析器，最后打在豎直放置于磁分析器左邊界的探測板上Q點(diǎn)（Q點(diǎn)未標(biāo)出），不計(jì)離子重力和離子間的相互作用。（1）求加速電場的電壓和靜電分析器中徑向電場的電場強(qiáng)度大??；（2）計(jì)算探測板上Q點(diǎn)到O點(diǎn)的距離和離子從M點(diǎn)到Q點(diǎn)的運(yùn)動時(shí)間；（3）若兩種質(zhì)量分別為m1和m2的同位素離子分別以速度v1和v2從N點(diǎn)射入右側(cè)的磁分析器中，求兩種離子打在探測板上的位置到N點(diǎn)的距離之比。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】污水充滿管口從左向右流經(jīng)排污管，根據(jù)左手定則知道正負(fù)電荷分別偏向ab兩端，在ab之間形成電勢差，最終電荷受洛倫茲力和電場力處于平衡【詳解】正負(fù)電荷從左向右移動，根據(jù)左手定則，正負(fù)電荷所受的洛倫茲力指向ab兩端從而形成電勢差．最終穩(wěn)定時(shí)，電荷受洛倫茲力和電場力平衡，有：qvB=q，解得：u=Bdv；污水的流量：Q=vS=，故BCD錯(cuò)誤，A正確；故選A【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵根據(jù)左手定則判斷運(yùn)動電荷的洛倫茲力的方向，知道最終穩(wěn)定時(shí)，電荷受洛倫茲力和電場力平衡2、A【解析】采用內(nèi)接法時(shí)，電流表與待測電阻串聯(lián)，故電流表是準(zhǔn)確的；而由于電流表的分壓使電壓表測量值偏大，故由歐姆定律求得的測量值偏大，故R1＞Rx；當(dāng)采用外接法時(shí)，電壓表與待測電阻并聯(lián)，故電壓表是準(zhǔn)確的；而由于電壓表的分流使電流表測量結(jié)果偏大，故由歐姆定律求得的測量值偏小，故Rx＞R2；故選A3、D【解析】電容器的電容的定義式,電容器的電容的決定式,液滴平衡，受電場力和重力而平衡【詳解】A、若減小A、B兩金屬板的間距，根據(jù)，電容增大，電壓不變，故電容器充電，故有向右的電流通過電阻R，故A錯(cuò)誤；B、微粒Q處于靜止?fàn)顟B(tài)，受重力和向上的電場力而平衡，若減小A、B兩金屬板的間距，根據(jù)，場強(qiáng)增大，電場力增大，合力向上，故Q將向上運(yùn)動，故B錯(cuò)誤；C、與電容器串聯(lián)的電阻在穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)看出導(dǎo)線，則若只將滑動變阻器滑片由中間滑到最左端，依然是電容器并聯(lián)在電源兩端，則電容器的電壓不變，故場強(qiáng)不變，Q不動，故C錯(cuò)誤；D、若緊貼A板內(nèi)側(cè)插入一塊一定厚度的金屬片，相當(dāng)于極板間距離變小了，而電壓U不變，根據(jù)，場強(qiáng)增加，電場力增加，故Q將向上運(yùn)動，故D正確；故選D.【點(diǎn)睛】電容器的分析有兩種情況，與電源相連時(shí)，電容器的電壓不變，當(dāng)與電源斷開時(shí)，電容器的電荷量不變4、D【解析】做出通過b點(diǎn)的等勢線，等勢線與過a點(diǎn)的電場線相交，根據(jù)沿電場線電勢降低可知：a點(diǎn)的電勢低于b點(diǎn)的電勢，A錯(cuò)誤；從電場線的分布情況可知，d處的電場線比c處的密，所以c點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于d點(diǎn)的電場強(qiáng)度，B錯(cuò)誤；正電荷所受電場力和電場線方向相同，因此正試探電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)時(shí)電場力做負(fù)功，C錯(cuò)誤；當(dāng)負(fù)試探電荷由c點(diǎn)移到d點(diǎn)時(shí)電場力做正功，電勢能減小，D正確考點(diǎn)：本題考查電勢、電場強(qiáng)度、電場力做功、電勢能5、A【解析】通電的彈體在軌道上受到安培力的作用，利用動能定理有：，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與I成正比，所以有：B=kI解得：。A.只將電流I增加至原來的2倍，彈體的出射速度增加至原來的2倍，故A正確；B.只將彈體質(zhì)量減至原來的一半，彈體的出射速度增加至原來的倍，故B錯(cuò)誤；C.只將軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，彈體的出射速度增加至原來的倍，故C錯(cuò)誤；D.將彈體質(zhì)量減至原來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其它量不變，彈體的出射速度增加至原來的2倍，故D錯(cuò)誤。故選：A。6、D【解析】當(dāng)滑動變阻器的滑動頭向下滑動時(shí)，滑動變阻器接入電路的電阻變小，并聯(lián)部分的總電阻變小，所以總電阻變小，總電流變大，所以電源內(nèi)阻的電壓變大，且B燈電流變大，B燈變亮；所以A燈的電壓變小，根據(jù)可知A的功率變小，故A燈變暗；故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向a移動時(shí)，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時(shí)R1兩端的電壓也增大，故并聯(lián)部分的電壓減小；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，流過并聯(lián)部分的總電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小．故A不符合題意，B符合題意C．因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，質(zhì)點(diǎn)將向下運(yùn)動．故C不符合題意D．由于流過R1的電流增大，根據(jù)，可知R1上消耗的功率逐漸增大．故D符合題意8、BC【解析】根據(jù)題圖可知，考查了歐姆定律，電功率；由電動機(jī)與燈泡串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電流處處相等，可知通過它們的電流相等；已知小燈泡額定電壓與額定功率，由電功率公式的變形公式求出燈泡正常工作時(shí)的電流；由電功率公式分析求解【詳解】燈泡正常發(fā)光，則電路電流為：I＝ILA；燈泡的熱功率等于它的額定功率12W，電動機(jī)的熱功率為：PQ＝I2RM＝12×1＝1W；燈泡正常發(fā)光時(shí)，電動機(jī)電壓為：UM＝U﹣UL＝16﹣12＝4V，電動機(jī)的輸入功率為：P＝UMI＝4×1＝4W；電動機(jī)的輸出功率為：P出＝P﹣PQ＝4W﹣1W＝3W；整個(gè)電路的電功率為，故BC正確，AD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】電動機(jī)是非純電阻電路，電動機(jī)的輸出功率等于輸入功率與熱功率之差9、BD【解析】A、邊界上有粒子射出的范圍是偏轉(zhuǎn)圓直徑為弦所對應(yīng)的邊界圓弧長，即偏轉(zhuǎn)圓半徑，所以，，故A錯(cuò)誤，B正確；C、磁感應(yīng)強(qiáng)度增加到原來的倍，那么，偏轉(zhuǎn)圓半徑，所以，偏轉(zhuǎn)圓直徑對應(yīng)的弦長為R，有粒子射出的邊界圓弧對應(yīng)的圓心角為，所以粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉恚蔆錯(cuò)誤，D正確10、AD【解析】要比較繩子拉力如何變化，必需求出繩子拉力的具體的值：在放置D之前，以整體為研究對象求出整體的加速度，進(jìn)而求出兩段繩子各自的拉力；在放置D之后以整體為研究對象求出整體的加速度，進(jìn)而求出兩段繩子各自的拉力?！驹斀狻吭诜胖肈之前，以整體為研究對象有F=(mA+mB+mC)a1以C為研究對象有Fb1=mCa1故有Fb1=mC以BC作為研究對象有Fa1=(mB+mC)a1=(mB+mC)在放置D之后，以整體為研究對象有F=(mA+mB+mC+mD)a2得a2=以C為研究對象有Fb2=mCa2=mC以B、C和D作為研究對象有Fa2=(mB+mC+mD)a2=(mB+mC+mD)顯然Fa2>Fa1，F(xiàn)b2<Fb1故選AD?！军c(diǎn)睛】先用整體法求出整體的加速度，在用隔離法求出繩子的拉力，這是解決連接體的基本思路。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.<②.12.803（12.802-12.804）③.m1OP=m1OM+m2（ON-d）④.36.28【解析】（1）為防止入射球反彈，入射小球的質(zhì)量要大于被碰小球的質(zhì)量；（2）螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．（3）根據(jù)動量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式，然后根據(jù)表達(dá)式分析答題；（4）根據(jù)動量守恒定律以及機(jī)械能守恒定律列式，聯(lián)立即可求得速度關(guān)系，從而求出OM、ON以及OP之間的關(guān)系【詳解】（1）為防止入射球反彈，入射小球的質(zhì)量m1和被碰小球的質(zhì)量m2應(yīng)該滿足m2<m1；（2）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為12.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×30.3mm=0.303mm，所以最終讀數(shù)為：d=12.5mm+0.303mm=12.803mm（3）由動量守恒定律可知，如果動量守恒，則應(yīng)保證：m1v=m1v1+m2v2；因?yàn)槠綊佭\(yùn)動的時(shí)間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運(yùn)動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運(yùn)動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，（ON-d）是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，當(dāng)所測物理量滿足表達(dá)式m1?OP=m1?OM+m2?（ON-d），說明兩球碰撞遵守動量守恒定律；（4）設(shè)入射小球質(zhì)量為m1，被碰小球質(zhì)量為m2．碰撞前入射球速度為v0，碰撞后兩球速度分別為v1、v2．根據(jù)動量守恒得和機(jī)械守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2m1v02=m1v12+m2v22聯(lián)立解得：v0+v1=v2三球平拋運(yùn)動時(shí)間相同，則得到：OP+OM=ON′=ON-d故：ON=OP+OM+d=25cm+10cm+1.28cm=36.28cm【點(diǎn)睛】本題主要考查了“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)的原理及要求以及數(shù)據(jù)處理等基礎(chǔ)知識，掌握實(shí)驗(yàn)原理、應(yīng)用動量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式即可正確解題．注意小球2平拋的起點(diǎn)在水平面上的投影在O點(diǎn)后相距d處12、①.②.9.0③.10【解析】（1）[1]沒有電壓表，用電流表A1與定值電阻R0串聯(lián)成電壓表，原理圖如圖所示；（2）[2]則由閉合電路歐姆定律可知（由于I1讀數(shù)遠(yuǎn)小于I2，所以I2-I1≈I2）I1（R0+RA1)=E-I2r即由圖可知，圖像與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為9.0mA，則有

0mA=解得E=9.0V[3]由圖像可知，圖像的斜率為10×10-3，由公式得圖像的斜率等于，故=10×10-3解得r=10Ω四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①.B②.0.397（0.395～0.399均可）③.如圖所示：④.如圖所示：⑤.4.5（4.3～4.7均可）⑥.滑動變阻器僅接了下面兩個(gè)接線柱．（填電阻Rx斷路或其他合理說法均給分）⑦.BD【解析】（1）掌握螺旋測微器使用以及讀數(shù)方法；（2）根據(jù)原理圖來連接實(shí)物圖，要注意在閉合電鍵時(shí)，滑動變阻器處于接入電阻時(shí)的最大電阻處；（3）根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象如圖所示，注意舍去誤差較大的點(diǎn)；（4）無論如何調(diào)節(jié)滑動變阻器，電壓表示數(shù)不發(fā)生變化，說明滑動變