浙江省杭州市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末考試物理試題（含答案）1

浙江省杭州2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末考試物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1．關(guān)于電磁場(chǎng)和電磁波，下列說法中正確的是（）A．變化的電場(chǎng)一定在周圍空間產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)B．各種頻率的電磁波在真空中以不同的速度傳播C．電磁波和機(jī)械波都依賴于介質(zhì)才能傳播D．麥克斯韋首先預(yù)言了電磁波的存在，赫茲最先用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在2．有一接地的導(dǎo)體球殼，如圖所示，球心處放一點(diǎn)電荷q，達(dá)到靜電平衡時(shí)，則()A．q的電荷量變化時(shí)，球殼外電場(chǎng)隨之改變B．q在球殼外產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C．球殼內(nèi)、外表面的電荷在殼外的合場(chǎng)強(qiáng)為零D．q與球殼內(nèi)表面的電荷在殼外的合場(chǎng)強(qiáng)為零3．如圖所示，將帶正電的甲球放在不帶電的乙球左側(cè)，兩球在空間形成了穩(wěn)定的靜電場(chǎng)，實(shí)線為電場(chǎng)線，虛線為等差等勢(shì)線。A、B兩點(diǎn)與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點(diǎn)關(guān)于直線AB對(duì)稱，則（）A．A點(diǎn)和B點(diǎn)的電勢(shì)相同B．C點(diǎn)和D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C．正電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)，電勢(shì)能減小D．負(fù)電荷從C點(diǎn)移至D點(diǎn)，電勢(shì)能增大4．如圖甲所示，在x軸上有一個(gè)點(diǎn)電荷Q（圖中未畫出），O、A、B為軸上三點(diǎn)。放在A、B兩點(diǎn)的試探電荷受到的靜電力與其所帶電荷量的關(guān)系如圖乙所示。以x軸的正方向?yàn)殪o電力的正方向，則（）A．點(diǎn)電荷Q一定為正電荷B．點(diǎn)電荷Q在A、B之間C．點(diǎn)電荷Q在A、O之間D．A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為5×15．如圖所示，兩相同燈泡A1、A2，A1與一理想二極管D連接，線圈L的直流電阻不計(jì)．下列說法正確的是（）A．閉合開關(guān)S后，A1會(huì)逐漸變亮B．閉合開關(guān)S穩(wěn)定后，A1、A2亮度相同C．?dāng)嚅_S的瞬間，a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)低D．?dāng)嚅_S的瞬間，A1會(huì)逐漸熄滅6．在同一平面內(nèi)有互相絕緣的三根無限長(zhǎng)直導(dǎo)線ab、cd、ef圍成一個(gè)等邊三角形，一根導(dǎo)線通過的電流大小相等，方向如圖所示，O點(diǎn)為等邊三角形的中心，M、N兩點(diǎn)分別為O點(diǎn)關(guān)于導(dǎo)線ab、cd的對(duì)稱點(diǎn)．已知O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為Bl，M點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2．若轍去導(dǎo)線ef，保持導(dǎo)線ab、cd中的電流不變，則此時(shí)N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為A．B1+B22 B．B17．如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為30V，內(nèi)電阻為1Ω，一個(gè)標(biāo)有“6V，12W”的電燈與一個(gè)繞線電阻為2Ω的電動(dòng)機(jī)串聯(lián)．開關(guān)閉合后，電路中的電燈正常發(fā)光，則電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為()A．36W B．44W C．48W D．60W8．在冰壺比賽中，某隊(duì)員利用紅壺去碰撞對(duì)方的藍(lán)壺，兩者在大本營(yíng)中心發(fā)生對(duì)心碰撞如圖（a）所示，碰撞前后兩壺運(yùn)動(dòng)的v-t圖線如圖（b）中實(shí)線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量相等，則（）A．兩壺發(fā)生了彈性碰撞B．碰后藍(lán)壺速度為0.8m/sC．碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為2.4mD．碰后紅壺所受摩擦力小于藍(lán)壺所受摩擦力9．如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10:1，電阻A．副線圈輸出電壓的頻率為5Hz B．電壓表的示數(shù)為222VC．電阻R消耗的電功率為22W D．電流表的示數(shù)為1A10．一重力不計(jì)的帶電粒子以初速度v0先后穿過寬度相同且緊鄰在一起的有明顯邊界的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，如圖甲所示，電場(chǎng)和磁場(chǎng)對(duì)粒子總共做功W1；若把電場(chǎng)和磁場(chǎng)正交疊加，如圖乙所示，粒子仍以v0<EB的初速度穿過疊加場(chǎng)區(qū)對(duì)粒子總共做功A．W1=WC．W1<W2 11．如圖所示，質(zhì)量為m、長(zhǎng)為l的銅棒ab，用長(zhǎng)度也為l的兩根輕導(dǎo)線水平懸吊在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，未通電時(shí)，銅棒靜止，通入恒定電流后，棒向外偏轉(zhuǎn)的最大角度為θ，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。則（）A．棒中電流的方向?yàn)閎→aB．棒中電流的大小為mg(1?C．棒中電流的大小為mgD．若只增大輕導(dǎo)線的長(zhǎng)度，則θ角變大12．如圖所示，邊長(zhǎng)為a電阻為R的正方形導(dǎo)體框水平放置，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與水平面成θ=30°角斜向下，導(dǎo)體框可分別繞mn和ef軸以相同角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。下列說法正確的是（）A．導(dǎo)體框繞ef軸轉(zhuǎn)動(dòng)比繞mn軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)導(dǎo)體框發(fā)熱功率小B．導(dǎo)體框繞ef軸轉(zhuǎn)動(dòng)與繞mn軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)導(dǎo)體框的發(fā)熱功率一樣大C．從圖示位置導(dǎo)體框繞ef軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過90°比繞mn軸轉(zhuǎn)過90°導(dǎo)體框的磁通量變化量大D．從圖示位置導(dǎo)體框繞ef軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過90°與繞mn軸轉(zhuǎn)過90°導(dǎo)體框的磁通量變化量相同13．如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形CDEF區(qū)域內(nèi)有方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，對(duì)角線CE和DF的交點(diǎn)為P，在P點(diǎn)處有一粒子源，可以連續(xù)不斷地向紙面內(nèi)各方向發(fā)射出正離子。已知離子的質(zhì)量為m、電荷量為q，不計(jì)離子重力及離子間相互作用力。則離子不可能射出正方形區(qū)域的發(fā)射速率v應(yīng)滿足（）A．0<v≤qBL8m B．0<v≤qBLm C．0<v≤qBL2m二、選擇題II（本題共3小題，每小題3分，共9分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14．如圖所示，兩個(gè)帶電小球A、B分別處在光滑絕緣的斜面和水平面上，且在同一豎直平面內(nèi)。用水平向左的推力F作用于B球，兩球在圖示位置靜止。現(xiàn)將B球水平向左移動(dòng)一小段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨之沿斜面向上移動(dòng)少許，兩球在虛線位置重新平衡。與移動(dòng)前相比，下列說法正確的是（）A．斜面對(duì)A的彈力增大 B．水平面對(duì)B的彈力增大C．推力F變小 D．兩球之間的距離變小15．如圖所示，直線I、II分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流的變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說法正確的是（）A．電源1與電源2的內(nèi)阻之比是11∶7B．電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1C．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是1∶2D．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1∶216．如圖（a），螺線管內(nèi)有平行于軸線的外加勻強(qiáng)磁場(chǎng)，以圖中箭頭所示方向?yàn)槠湔较?。螺線管與導(dǎo)線框abcd相連，導(dǎo)線框內(nèi)有一小金屬圓環(huán)L，圓環(huán)與導(dǎo)線框在同一平面內(nèi)。當(dāng)螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間按圖（b）所示規(guī)律變化時(shí)A．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，L有收縮趨勢(shì)B．在t2~t3時(shí)間內(nèi)，L有擴(kuò)張趨勢(shì)C．在t2~t3時(shí)間內(nèi)，L內(nèi)有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流D．在t3~t4時(shí)間內(nèi)，L內(nèi)有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流三、非選擇題（本題共4小題，共52分）17．如圖為“探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)裝置。（1）將圖中所缺的導(dǎo)線補(bǔ)接完整（要求變阻器滑片向左移動(dòng)時(shí)阻值變大）。（2）如果在閉合開關(guān)時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏了一下，那么合上開關(guān)后可能出現(xiàn)的情況有：①將原線圈迅速插入副線圈時(shí)，靈敏電流計(jì)指針將（選填“發(fā)生”或“不發(fā)生”）偏轉(zhuǎn)；②原線圈插入副線圈后，將滑動(dòng)變阻器滑片迅速向左拉時(shí)，靈敏電流計(jì)指針（選填“發(fā)生”或“不發(fā)生”）偏轉(zhuǎn)；③在上述兩過程中靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)方向（選填“相同”或“相反”）.（3）在做“探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)時(shí)，如果副線圈兩端不接任何元件，則副線圈電路中將____.（不定項(xiàng)選擇）A．因電路不閉合，無電磁感應(yīng)現(xiàn)象B．有電磁感應(yīng)現(xiàn)象，但無感應(yīng)電流，只有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)C．不能用楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向D．可以用楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向18．在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，所用金屬電阻絲的電阻約為30Ω?，F(xiàn)通過以下實(shí)驗(yàn)測(cè)量該金屬材料的電阻率。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量電阻絲直徑，其示數(shù)如圖甲所示，則該電阻絲直徑的測(cè)量值d=mm。（2）實(shí)驗(yàn)中能提供的器材有開關(guān)、若干導(dǎo)線及下列器材：電壓表V1（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電壓表V2（量程0~15V，內(nèi)阻約15kΩ）；電流表A1（量程0~100mA，內(nèi)阻約5Ω）；電流表A2（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω）；滑動(dòng)變阻器R1（0~10Ω）；滑動(dòng)變阻器R2（0~1kΩ）；電源E（電動(dòng)勢(shì)為4.5V，內(nèi)阻不計(jì)）。為了便于調(diào)節(jié)電路并能較準(zhǔn)確地測(cè)出電阻絲的阻值，電壓表應(yīng)選，電流表應(yīng)選，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選。（3）在圖乙框中畫出該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理圖，要求：能改變電阻絲的測(cè)量長(zhǎng)度和進(jìn)行多次測(cè)量。（4）利用測(cè)量數(shù)據(jù)畫出U-l圖線，如圖丙所示，其中（l0，U0）是U-l圖線上的一個(gè)點(diǎn)的坐標(biāo)。根據(jù)U-l圖線，用電阻絲的直徑d、電流I和坐標(biāo)（l0，U0）可計(jì)算出電阻絲的電阻率ρ=。（用所給字母表示）19．如圖為某小組探究?jī)苫瑝K碰撞前后的動(dòng)量變化規(guī)律所用的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。帶刻度尺的氣墊導(dǎo)軌右支點(diǎn)固定，左支點(diǎn)高度可調(diào)，裝置上方固定一具有計(jì)時(shí)功能的攝像機(jī)。（1）要測(cè)量滑塊的動(dòng)量，除了前述實(shí)驗(yàn)器材外，還必需的實(shí)驗(yàn)器材是。（2）為減小重力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，開動(dòng)氣泵后，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的左支點(diǎn)，使輕推后的滑塊能在氣墊導(dǎo)軌上近似做運(yùn)動(dòng)。（3）測(cè)得滑塊B的質(zhì)量為197.8g，兩滑塊碰撞前后位置x隨時(shí)間t的變化圖像如圖所示，其中①為滑塊B碰前的圖線。取滑塊A碰前的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍蓤D中數(shù)據(jù)可得滑塊B碰前的動(dòng)量為kg?m?s?1（保留2位有效數(shù)字），滑塊A碰后的圖線為（選填“②”“③”“20．如圖所示，BCDG是光滑絕緣的3/4圓形軌道，位于豎直平面內(nèi)，軌道半徑為R，下端與水平絕緣軌道在B點(diǎn)平滑連接，整個(gè)軌道處在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶正電的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))置于水平軌道上，滑塊受到的電場(chǎng)力大小為34mg，滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5（1）若滑塊從水平軌道上距離B點(diǎn)s=3R的A點(diǎn)由靜止釋放，求滑塊到達(dá)與圓心O等高的C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的作用力大?。?）為使滑塊能沿軌道滑行通過G點(diǎn)，求滑塊從A點(diǎn)由靜止釋放時(shí)AB間的最小距離，．21．如圖所示，x軸正方向水平向右，y軸正方向豎直向上。在y軸左側(cè)區(qū)域內(nèi)存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在y軸右側(cè)區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電荷量為?q（q>0）的粒子，以某一初速度從v0從A（?23（1）求y軸左側(cè)區(qū)域內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度大小E；（2）求粒子從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)所需的時(shí)間；（3）若僅在y軸右側(cè)區(qū)域再加一個(gè)水平向左、大小為E1=3mv22．如圖所示，兩條相互平行的光滑金屬導(dǎo)軌，相距l(xiāng)=0.2m，左側(cè)軌道的傾斜角θ=30°，右側(cè)軌道為圓弧線，軌道端點(diǎn)間接有電阻R=1.5Ω，軌道中間部分水平，在MP、NQ間有寬度為d=0.8m，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化如圖乙所示。一質(zhì)量為m=10g、導(dǎo)軌間電阻為r=1.0Ω的導(dǎo)體棒a從t=0時(shí)刻無初速釋放，初始位置與水平軌道間的高度差H=0.8m。另一與a棒完全相同的導(dǎo)體棒b靜置于磁場(chǎng)外的水平軌道上，靠近磁場(chǎng)左邊界PM。a棒下滑后平滑進(jìn)入水平軌道（轉(zhuǎn)角處無機(jī)械能損失），并與b棒發(fā)生碰撞而粘合在一起，此后作為一個(gè)整體運(yùn)動(dòng)。導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，軌道的電阻和電感不計(jì)。求：（1）導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)前，流過R的電流大??；（2）導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間受到的安培力大?。唬?）導(dǎo)體棒最終靜止的位置離PM的距離；（4）全過程電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A.根據(jù)麥克斯韋電磁場(chǎng)理論可知，均勻變化的電場(chǎng)在周圍空間產(chǎn)生恒定的磁場(chǎng)，A不符合題意；

B.各種頻率的電磁波在真空中傳播的速度相同，等于光速3.0×108m/s，B不符合題意。

C.電磁波可以在真空中傳播，機(jī)械波依賴于介質(zhì)才能傳播，C不符合題意；

2．【答案】D【解析】【解答】A.由于球殼接地，在靜電平衡后，球殼外表面不帶電，所以球殼外的電場(chǎng)為0，不隨q的變化發(fā)生變化，A不符合題意；

BCD.當(dāng)?shù)竭_(dá)靜電平衡狀態(tài)后，金屬球殼外表面接地，所以球殼外表面不帶電，q與球殼內(nèi)表面的電荷在殼外的合場(chǎng)強(qiáng)為零，所以q單獨(dú)在球殼外產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，BC不符合題意，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)靜電平衡原理分析接地的球殼外表面的電荷量，得出球殼外的電場(chǎng)強(qiáng)度；分析靜電平衡后，q與感應(yīng)電荷的在球殼外的合場(chǎng)強(qiáng)，得出q單獨(dú)在球殼外產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度是否為零。3．【答案】C【解析】【解答】A.由電場(chǎng)線和等勢(shì)面的圖線可知A點(diǎn)與C點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，乙處于靜電平衡狀態(tài)，是一個(gè)等勢(shì)體，再根據(jù)“沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低”的特點(diǎn)可知，C點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)，所以A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)，A不符合題意；

B.因由圖可知，C點(diǎn)與D點(diǎn)方向不同，所以電場(chǎng)強(qiáng)度不同，B不符合題意；

C.因?yàn)锳點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)，所以UABW可知，將正電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，C符合題意。

D.由圖可知，C、D在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，由E可知，負(fù)電荷在C點(diǎn)和D點(diǎn)的電勢(shì)能相等，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體，再根據(jù)“沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低”的特點(diǎn)分析A、B兩點(diǎn)電勢(shì)的高低；根據(jù)電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)大小，切線表示場(chǎng)強(qiáng)方向，分析C、D兩點(diǎn)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系；根據(jù)電場(chǎng)力做功分析電勢(shì)能的變化；C、D電勢(shì)相等，根據(jù)Ep4．【答案】B【解析】【解答】ABC.由圖乙知，正的試探電荷放在A點(diǎn)，受到的電場(chǎng)力方向沿x軸正方向，所以A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)向右，負(fù)的試探電荷放在B點(diǎn)，所受的靜電力的方向也沿x軸的正方向，所以B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向向左，說明點(diǎn)電荷Q為負(fù)電荷且在A、B之間，AC不符合題意，B符合題意；

D.根據(jù)F=Eq可知，圖乙中A點(diǎn)的試探電荷受到的靜電力與其所帶電荷量的關(guān)系圖像的斜率等于點(diǎn)電荷Q在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，即ED不符合題意。

故答案為：B。

【分析】結(jié)合圖乙分析試探電荷在A、B兩點(diǎn)的受力方向，得出電場(chǎng)方向，從而確定點(diǎn)電荷Q的位置和電性，由A點(diǎn)的試探電荷受到的靜電力與其所帶電荷量的關(guān)系圖像的斜率，求出A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度。5．【答案】C【解析】【解答】A.閉合開關(guān)S后，A1、A2兩端立即有電壓，所以兩燈立刻亮，A不符合題意；

B.閉合開關(guān)S穩(wěn)定后，因線圈L的直流電阻不計(jì)，所以A1與二極管被短路，導(dǎo)致燈泡A1熄滅，而A2將更亮，因此A1、A2亮度度不同，B不符合題意；

CD.斷開S的瞬間，A2會(huì)立刻熄滅，線圈L因電流減小而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)楞次定律的推論“增反減同”可知，a端的電勢(shì)低于b端，線圈L與燈泡6．【答案】D【解析】【解答】設(shè)每根導(dǎo)線中的電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，ef、cd的電流在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小都為BB在M點(diǎn)有B撤去導(dǎo)線ef后，在N點(diǎn)有B聯(lián)立各式可得BD符合題意，ABC不符合題意。

故答案為：D。

【分析】結(jié)合O、M點(diǎn)距個(gè)導(dǎo)線的距離，設(shè)出各導(dǎo)線在M、N、O三點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，由左手定則判斷出三根導(dǎo)線在O點(diǎn)和M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向，再由矢量疊加原理寫出O點(diǎn)和M點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)，同理，寫出撤去ef后N點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)，求解方程組即可得解。7．【答案】A【解析】【解答】由題意可知，電燈正常發(fā)光，所以電燈兩端的電壓為6V，則電路中電流為I=由閉合電路歐姆定律可得，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓U則電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率PA符合題意，BCD不符合題意。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)正常發(fā)光的燈泡的電壓和功率，求出電路中的電流，再由閉合電路歐姆定律，求出電動(dòng)機(jī)兩端的電壓，最后又電功率的公式，求出電動(dòng)機(jī)的輸出功率。8．【答案】B【解析】【解答】由圖知：碰前紅壺的速度v0＝1.0m/s，碰后速度為v′0＝0.2m/s，可知，碰后紅壺沿原方向運(yùn)動(dòng)，設(shè)碰后藍(lán)壺的速度為v，取碰撞前紅壺的速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律可得：mv0＝mv′0+mv，代入數(shù)據(jù)解得：v＝0.8m/s，12mv故答案為：B

【分析】v-t圖像中，橫坐標(biāo)為時(shí)間，縱坐標(biāo)為速度，結(jié)合物體速度的變化，利用動(dòng)量定理分析求解即可。9．【答案】C【解析】【解答】A.由乙圖可知原線圈輸入電壓的周期為T=0.02s，變壓器不改變交流電的周期和頻率，所以副線圈輸出電壓的頻率為f=A不符合題意；

B.由圖乙可知，原線圈輸入電壓的最大值U由理想變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系可得U得U電壓表顯示有效值，可知電壓表的示數(shù)為UB不符合題意；

C.電阻R消耗的電功率為PC符合題意；

D.理想變壓器輸出功率和輸出功率相等，所以有UU解得ID不符合題意。

故答案為：C。

【分析】變壓器不改變交流電的周期和頻率，由圖乙求出輸入端的電壓頻率即可；交流電表顯示的有效值，根據(jù)最大值求出有效值，得到示數(shù)；由電功率的公式P=U10．【答案】B【解析】【解答】由于v所以電場(chǎng)力qE大于洛倫茲力qBvWB符合題意，ACD不符合題意。

故答案為：B。

【分析】洛倫茲力對(duì)帶電粒子不做功，只要分析出帶電粒子在單獨(dú)的電場(chǎng)中和電場(chǎng)與磁場(chǎng)疊加的復(fù)合場(chǎng)中沿電場(chǎng)線方向上位移的大小關(guān)系，即可得出W1、W11．【答案】B【解析】【解答】A.根據(jù)導(dǎo)體棒受到的安培力方向，由左手定則可知，電流的方向由a到b，A不符合題意；

BCD.根據(jù)動(dòng)能定理可知BIl·I解得I=由以上計(jì)算過程可知，繩長(zhǎng)l在計(jì)算過程中約掉，所以最大偏轉(zhuǎn)角與導(dǎo)線的長(zhǎng)度無關(guān)，C不符合題意，B符合題意，D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】根據(jù)左手定則判斷ab中感應(yīng)電流的方向；由動(dòng)能定理計(jì)算棒中電流的大小，并根據(jù)計(jì)算過程，分析最大偏角與與繩長(zhǎng)的關(guān)系。12．【答案】C【解析】【解答】AB.導(dǎo)體框分別繞ef軸和mn軸轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值為EE根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系E可得E根據(jù)電功率公式P=可知，導(dǎo)體框繞ef軸轉(zhuǎn)動(dòng)比繞mn軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)導(dǎo)體框的發(fā)熱功率大，AB不符合題意。

CD.從圖示位置導(dǎo)體框繞cf軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過90°，磁通量變化量??=B繞mn軸轉(zhuǎn)過90°導(dǎo)體框的磁通量變化量??'=B可知從圖示位置導(dǎo)體框繞ef軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過90°比繞mn軸轉(zhuǎn)過90°導(dǎo)體框的磁通量變化量大，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】比較線圈繞f軸轉(zhuǎn)動(dòng)比繞mn軸轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值的關(guān)系，得到有效值的關(guān)系，再由電功率的公式P=U2R13．【答案】D【解析】【解答】粒子在磁場(chǎng)中恰好不射出的軌跡如圖所示：

根據(jù)幾何知識(shí)可知，其軌道半徑為R=由洛倫茲力充當(dāng)向心力可得qvB=m解得v=所以粒子不從磁場(chǎng)射出的速度需要滿足0≤v≤ABC不符合題意，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】做出粒子恰好不能射出磁場(chǎng)的軌跡圖像，由幾何關(guān)系求出軌跡半徑，再由洛倫茲力充當(dāng)向心力，得出粒子的速度，得到離子不可能射出正方形區(qū)域的發(fā)射速率v的范圍。14．【答案】B,C【解析】【解答】做出A、B兩球的受力，如圖所示：

對(duì)小球A，由共點(diǎn)力平衡條件，結(jié)合圖像法可得，當(dāng)A小球到達(dá)虛線位置時(shí)，斜面對(duì)A的彈力NA減小，A受到的庫(kù)侖力F庫(kù)減小，A不符合題意；

B.對(duì)AB整體受力分析，NB和NA的豎直分量之和等于AB的重力之和，NA減小，則NA的豎直分量減小，則水平面對(duì)B的彈力NB增大，B符合題意；

C.對(duì)B受力分析，B受到庫(kù)侖力與A受到的庫(kù)侖力為相互作用力，大小相等，F(xiàn)等于庫(kù)侖力F庫(kù)的水平分量，因?yàn)镕F=得，兩球之間的距離變大，D不符合題意。

故答案為：BC。

【分析】分析A小球的受力，由共點(diǎn)力平衡條件和作圖法，得出斜面對(duì)A的彈力和A受到的庫(kù)侖力的變化情況；對(duì)AB整體受力分析，由共點(diǎn)力平衡條件，結(jié)合斜面對(duì)A的彈力變化，得出水平面對(duì)B的彈力的變化情況；對(duì)B受力分析，根據(jù)B受到的庫(kù)侖力的變化情況，得出推力F的變化情況；由庫(kù)侖定律分析兩球之間的距離變化。15．【答案】A,B,C【解析】【解答】A．根據(jù)電源的路端電壓隨輸出電流的變化的特性圖線斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻可知，電源1與電源2的內(nèi)阻之比是11∶7，A符合題意；B．根據(jù)電源的路端電壓隨輸出電流的變化的特性圖線在縱軸的截距表示電源電動(dòng)勢(shì)可知，電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1，B符合題意；C．根據(jù)曲線交點(diǎn)表示工作點(diǎn)，交點(diǎn)的縱、橫坐標(biāo)的乘積表示電源輸出功率，在這兩種連接狀態(tài)下，由P=UI可知，小燈泡消耗的功率之比是1∶2，C符合題意；D．根據(jù)曲線交點(diǎn)的縱、橫坐標(biāo)的比值表示小燈泡電阻，在這兩種連接狀態(tài)下，由R=U故答案為：ABC。

【分析】對(duì)于U-I曲線，圖像的橫坐標(biāo)為電流，縱坐標(biāo)為電壓，結(jié)合橫縱坐標(biāo)豎直求解電阻的阻值，圖像斜率為電阻的變化趨勢(shì)；對(duì)于電源的伏安特性曲線來說，圖像與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)，圖像斜率的相反數(shù)為電源的內(nèi)阻，用電源的電動(dòng)勢(shì)除以電源內(nèi)阻即為電源的短路電流。

16．【答案】A,D【解析】【解答】A.由圖（b）可知，在t1E=N可知，螺旋管產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，所以回路中感應(yīng)電流增大，該電流激發(fā)出增加的磁場(chǎng)，所以通過圓環(huán)的磁通量增加，根據(jù)楞次定律的推論“增縮減擴(kuò)”可知，圓環(huán)有收縮趨勢(shì)，A符合題意；

BC.在t2E=N可知，螺旋管產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，所以回路中感應(yīng)電流恒定，圓環(huán)中的磁通量不變，故圓環(huán)中沒有感應(yīng)電流，也沒有收縮和擴(kuò)張的趨勢(shì)，BC不符合題意；

D.在t3~t4時(shí)間內(nèi)，外加磁場(chǎng)向下減小，且斜率也減小，由楞次定律可知，導(dǎo)線框中會(huì)產(chǎn)生沿順時(shí)針方向減小的電流，該電流激發(fā)出向內(nèi)減小的磁場(chǎng)，故圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生順時(shí)針方向電流，D符合題意。

故答案為：AD。

【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律判斷17．【答案】（1）（2）發(fā)生；發(fā)生；相反（3）B；D【解析】【解答】解：（1）電路圖如圖所示，

（2）①將原線圈迅速插入副線圈時(shí)，磁通量變大，產(chǎn)生感應(yīng)電流，靈敏電流計(jì)指針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)；

②原線圈插入副線圈后，將滑動(dòng)變阻器滑片迅速向左拉時(shí)，電路中電阻增大，電流減小，靈敏電流計(jì)所在電路中線圈中磁通量變小，靈敏電流計(jì)指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)；

（3）因?yàn)樵陂]合開關(guān)時(shí)磁通量變大，靈敏電流計(jì)的指針向右偏了一下，則①靈敏電流計(jì)的指針向右偏②靈敏電流計(jì)的指針向左偏，即兩過程中靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)方向相反。

【分析】閉合回路中磁通量發(fā)生變化，回路中就產(chǎn)生感應(yīng)電流，若磁場(chǎng)方向不變，磁通量變大和變小時(shí)電流方向不同。18．【答案】（1）0.183（0.182~0.184）（2）V1；A1；R1（3）（4）π【解析】【解答】（1）螺旋測(cè)微器的精確度為0.01mm，圖中螺旋測(cè)微器的主尺讀數(shù)為0，可動(dòng)尺讀數(shù)為18.3×0.01mm=0.183mm，可得該電阻絲直徑d=0+0.183mm=0.183mm（2）由于電源E電動(dòng)勢(shì)為4.5V，為減小測(cè)量誤差，電壓表應(yīng)選V1I所以電流表應(yīng)選A1；要比較準(zhǔn)確的測(cè)量電阻絲的阻值，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，為便于調(diào)節(jié)，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器R1。R所以測(cè)量電路用電流表外接法產(chǎn)生的誤差較小，電路如圖所示：

（4）由電阻定律和歐姆定律可得R=ρlS聯(lián)立解得ρ=【分析】（1）根據(jù)螺旋測(cè)微器讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；（2）根據(jù)電表的量程選擇電壓表和電流表，根據(jù)滑動(dòng)變阻器接入電路的方式，選擇滑動(dòng)變阻器；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求畫出實(shí)驗(yàn)電路；（4）由電阻定律和歐姆定律推導(dǎo)電阻率的表達(dá)式。19．【答案】（1）天平（2）勻速直線（3）-0.011；③【解析】【解答】（1）根據(jù)動(dòng)量計(jì)算式P=mv，測(cè)量滑塊的動(dòng)量需要測(cè)量滑塊的速度及質(zhì)量，因氣墊導(dǎo)軌帶有刻度尺及計(jì)時(shí)功能攝像機(jī)，速度可求，故還需要的器材是天平，用來測(cè)量滑塊質(zhì)量；

（2）為了減小重力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，應(yīng)該讓氣墊導(dǎo)軌處于水平位置，使滑塊所受重力與氣墊導(dǎo)軌對(duì)其支持力平衡，合力為0，故調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌后要使滑塊能在氣墊導(dǎo)軌上近似做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

（3）根據(jù)x-t圖斜率為物體運(yùn)動(dòng)速度，由題可知①為滑塊B碰前的圖線，則滑塊B碰前的速度為vB=0.424-0.4760.9=-0.058m/s；

滑塊B碰前的動(dòng)量為PB=mBvB=0.1978×（-0.058）=-0.011kg·m/s【分析】根據(jù)動(dòng)量的定義，判斷測(cè)量動(dòng)量所需器材；根據(jù)x-t圖斜率為物體運(yùn)動(dòng)速度，求出物體速度、動(dòng)量；根據(jù)物體碰撞速度的合理性，結(jié)合圖像，判斷物體速度對(duì)應(yīng)圖像。20．【答案】（1）解：設(shè)滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度為v，由動(dòng)能定理有：qE(s+R)?μmgs?mgR=解得：v=設(shè)滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)受到軌道的作用力大小為F，則有：F?qE=m解得：F=由牛頓第三定律可知，滑塊對(duì)軌道的壓力為7（2）解：如圖所示，可以將電場(chǎng)力與重力的合力視為等效重力，圖中H點(diǎn)為等效最高點(diǎn)