安徽省六安市某中學(xué)2024-2025學(xué)年2025屆高三年級上冊10月月考物理試卷

六安二中2025屆高三第二次月考

物理試卷

分值：100分時(shí)間：75分鐘

注意事項(xiàng)或溫馨提示

1.考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考試科目涂寫在答題卡上。

2.每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干

凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)，不能答在試題卷上。

3.請按照題號(hào)在各題的答題區(qū)域（黑色線框）內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效。

4.保持答題卡卷面清潔，不折疊，不破損。

一、單選題（只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，每題4分，共32分）

1.如圖所示，在一端封閉的的光滑細(xì)玻璃管管中注滿清水，水中放一個(gè)蠟塊塊，蠟塊塊在勻速上浮的的同

時(shí)，玻璃管沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，以初始位置為坐標(biāo)坐標(biāo)原點(diǎn)，蠟塊的運(yùn)動(dòng)軌跡可能為（）

【答案】B

【解析】

【詳解】小圓柱在豎直方向?yàn)閯蛩龠\(yùn)動(dòng)，水平方向?yàn)閯蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，則可知合力沿x軸正方向，可知圖

象為向右彎曲的拋物線故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選B。

2.韓國棋手李世石與AlphaGo的人機(jī)對決曾引起了全世界的關(guān)注。解說圍棋的大棋盤如圖所示，棋盤豎直

放置，棋盤和棋子都是磁性材料制成，棋子能吸在棋盤上，不計(jì)棋子之間的相互作用力，下列說法正確的

是（）

第1頁洪18頁

A.棋子受到的彈力是棋子的形變引起的

B.棋子受到的磁力與它受到的彈力是一對作用力與反作用力

C.磁性越強(qiáng)的棋子，所受的摩擦力越大

D.棋子受到的摩擦力與它受到的重力是一對平衡力

【答案】D

【解析】

【詳解】A.彈力產(chǎn)生的原因是由于施力物體形變，對受力物體產(chǎn)生彈力的作用，棋子受到的彈力是由于

棋盤形變產(chǎn)生的，故A錯(cuò)誤；

B.棋子受到的磁力與它受到的彈力均作用在棋子上，是一對平衡力，故B錯(cuò)誤；

CD.棋子在豎直方向受到重力和棋盤給的豎直向上的靜摩擦力，是一對平衡力。棋子重力大小不變，則所

受的摩擦力大小不變，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

3.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為機(jī)的滑塊靜止在傾角為30。的粗糙斜面上，一根輕彈簧一端固定在豎直墻上的P

點(diǎn)，另一端系在滑塊上，彈簧與豎直方向的夾角為30。。則（)

A.滑塊一定受到三個(gè)力作用B.彈簧一定處于壓縮狀態(tài)

C.斜面對滑塊的摩擦力大小一定等于5MgD.斜面對滑塊的支持力大小可能為零

【答案】C

【解析】

【詳解】A.彈簧與豎直方向的夾角為30°,所以彈簧的方向垂直于斜面，因?yàn)閺椈傻男巫兦闆r未知，所以

斜面與滑塊之間的彈力大小不確定，所以滑塊可能只受重力、斜面支持力和靜摩擦力三個(gè)力的作用而平衡，

也可能有彈簧的彈力，故A錯(cuò)誤；

第2頁/共18頁

B.彈簧對滑塊可以是拉力，故彈簧可能處于伸長狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)滑塊沿斜面方向上二力平衡可知，斜面對滑塊的摩擦力大小一定等于

f=/ngsin30°=

故C正確；

D.由于滑塊此時(shí)受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于;Mg）,不可能為零，所以斜面對

滑塊的支持力不可能為零，故D錯(cuò)誤。

故選C。

4.如圖所示，輕桿一端固定在水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一個(gè)小球，小球隨桿在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，重

力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，桿對球的作用力大于小球重力

B.小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，桿對球的作用力方向一定向上

C.小球能通過最高點(diǎn)的最小速度為Jg/

D.小球運(yùn)動(dòng)到水平位置A時(shí)，所受合外力一定指向。點(diǎn)

【答案】A

【解析】

【詳解】A.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，有

V2

F-mg=m—

在最低點(diǎn)速度不可能為0,所以桿對球的作用力為向上的拉力，且大于小球重力，A正確；

B.小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，若桿對球無作用力，有

V2

mg=m—

可得

第3頁/共18頁

若小球的速度大于-屈，則桿對球?yàn)橄蛳碌睦?，若小球的速度小?向，則桿對球?yàn)橄蛏系闹С至?，B

錯(cuò)誤；

C.由于桿對球能提供支持力，所以小球能通過最高點(diǎn)的最小速度為0,c錯(cuò)誤；

D.若小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則在水平位置A時(shí)，所受合力指向。點(diǎn)，若小球做變速圓周運(yùn)

動(dòng)，則還應(yīng)受到改變速度大小的切向力，所以小球所受合力，不會(huì)指向圓心。點(diǎn)，D錯(cuò)誤。

故選Ao

5.細(xì)繩拴一個(gè)質(zhì)量為根的小球，小球用固定在墻上的水平彈簧支撐，小球與彈簧不粘連，平衡時(shí)細(xì)繩與

豎直方向的夾角為53。，如圖所示（已知8$53。=0.6,5苗53。=0.8）,以下說法正確的是（）

hi

A.小球靜止時(shí)彈簧的彈力大小為』

4

4

B.小球靜止時(shí)細(xì)繩的拉力大小為-mg

C.細(xì)線燒斷瞬間小球的加速度立即為g

D.細(xì)線燒斷瞬間小球的加速度立即為

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.小球靜止時(shí)，分析受力分析，如圖所示

由平衡條件得：彈簧的彈力大小為

4

F=wgtan53°=-mg

細(xì)繩的拉力大小為

故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤;

CD.細(xì)繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與燒斷前細(xì)繩拉力的大小相等、方向相反，則此瞬

第4頁/共18頁

間小球的加速度大小為

T5

a=-=-g

ni4

則小球不會(huì)做自由落體運(yùn)動(dòng)，故D正確，C錯(cuò)誤。

故選D。

6.2024年5月3日嫦娥六號(hào)發(fā)射成功，5月8日成功實(shí)施近月制動(dòng)（如圖所示），并順利進(jìn)入環(huán)月軌道飛

行。假設(shè)登月探測器在環(huán)月軌道1上的P點(diǎn)實(shí)施變軌，進(jìn)入橢圓軌道2,再由近月點(diǎn)。點(diǎn)進(jìn)入圓軌道3,

己知軌道1的半徑為3r,軌道3的半徑為r,登月探測器在軌道3的運(yùn)行周期為T,則登月探測器

A在軌道1上運(yùn)行的周期為3

B.從軌道2上的Q點(diǎn)進(jìn)入圓軌道3時(shí)，需要點(diǎn)火加速

C.沿軌道1過P點(diǎn)比沿軌道2上過P點(diǎn)時(shí)的加速度大

D.沿軌道2運(yùn)行時(shí)，經(jīng)尸點(diǎn)和0點(diǎn)時(shí)的加速度大小之比為1:3

【答案】A

【解析】

【詳解】A.根據(jù)開普勒第三定律

京7=尹

得

（=3后

故A正確；

B.從軌道2上的。點(diǎn)進(jìn)入圓軌道3時(shí)，做近心運(yùn)動(dòng)，需要減速，故B錯(cuò)誤;

C.萬有引力提供向心力，根據(jù)

八Mm

Cr—^r=ma

GM

a=—―

第5頁洪18頁

沿軌道1過尸點(diǎn)加速度等于沿軌道2上過P點(diǎn)時(shí)的加速度，故C錯(cuò)誤;

D.根據(jù)

GM

a=——

R2

沿軌道2運(yùn)行時(shí)，經(jīng)P點(diǎn)和。點(diǎn)時(shí)的加速度大小之比為1:9,故D錯(cuò)誤。

故選Ao

7.升降機(jī)從井底以5m/s的速度向上勻速運(yùn)行，某時(shí)刻一螺釘從升降機(jī)底板松脫，再經(jīng)過4s升降機(jī)底板上

升至井口，此時(shí)螺釘剛好落到井底，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度g=lOm/s?,下列說法正確的是（）

A.螺釘松脫后做自由落體運(yùn)動(dòng)B.礦井的深度為80m

C.螺釘落到井底時(shí)的速度大小為40m/sD.螺釘松脫后運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中平均速率為15m/s

【答案】B

【解析】

【詳解】A.螺釘松脫后先做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)后再做自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.礦井的深度為

%=v（/2_%，2+JgG=80m

故B正確；

C.螺釘落到井底時(shí)的速度大小為

v=-v0+gt2=35m/s

故C錯(cuò)誤；

D.螺釘上拋高度

h,=-i=1.25m

2g

螺釘脫落時(shí)高度

1,

%=_%+第2=60m

螺釘松脫后運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中平均速率

v=+—.=15.625m/s

故D錯(cuò)誤。

故選B。

8.宇航員在地球表面一斜坡上尸點(diǎn)，沿水平方向以初速度地拋出一個(gè)小球，測得小球經(jīng)時(shí)間r落到斜坡另

第6頁/共18頁

一點(diǎn)。上?，F(xiàn)宇航員站在某質(zhì)量分布均勻的星球表面相同的斜坡上尸點(diǎn)，沿水平方向以初速度2%拋出一

個(gè)小球，小球仍落在斜坡的。點(diǎn)。已知該星球的半徑為R,地球表面重力加速度為g,引力常量為G。不計(jì)

空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.該星球上從尸運(yùn)動(dòng)到Q的時(shí)間也是t

B.該星球的質(zhì)量為用=%”

G

C.該星球的密度為Q=2一

TTGR

D.該星球的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為2：1

【答案】C

【解析】

【詳解】A.小球拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得，小球在地球表面時(shí)，在水平方向

X=vot

在豎直方向

12

y=-&

小球在某星球表面上時(shí)，則有在水平方向

x0=x=2voto

在豎直方向

12

yo=y=^goto

解得

go―4g,力。=5

故A錯(cuò)誤；

BC.設(shè)星球質(zhì)量為在該星球表面質(zhì)量是斜的物體，則有

r\

解得

第7頁/共18頁

M=工皿

GG

該星球的密度為

4gH2

絲=工」

故B錯(cuò)誤，C正確；

D.由萬有引力提供向心力可得

2

「Mmv

G聲=6萬=叫

解得

則，該星球的第一宇宙速度為

%=^^=2而

地球的第一宇宙速度

v地

因地球的半徑與該星球的半徑關(guān)系不確定，因此該星球的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比不確

定，故D錯(cuò)誤。

故選C。

二、多選題（有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，每題5分，共10分）

9.如圖所示，兩個(gè)圓錐內(nèi)壁光滑，豎直放置在同一水平面上，圓錐母線與豎直方向夾角分別為30。和

60。,有A、B兩個(gè)質(zhì)量相同的小球在兩圓錐內(nèi)壁等高處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）

A.A、B球受到的支持力之比為.巧：1B.A、B球的向心力之比為：1

C.A、B球運(yùn)動(dòng)的角速度之比為3：1D.A、B球運(yùn)動(dòng)的線速度之比為1：1

【答案】ACD

【解析】

第8頁/共18頁

【詳解】A.根據(jù)平衡條件得

FNAsin30°=mg

FNBsin60°=mg

解得

Fq_G

A正確；

B.根據(jù)題意得

mg

tan^O0

mg

tan60°

解得

凡i

B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)牛頓第二定律得

mg

=mWh./ztan30°

tan^f)0

mg

=?//tan60o

tan60°

解得

嗎_3

環(huán)=1

C正確；

D.根據(jù)牛頓第二定律得

mgv；

——--=m------——

tan30°Atan30°

=m

tan60°/ztan60°

解得

以1

%=1

第9頁/共18頁

D正確。

故選ACDo

10.如圖1所示，足夠長質(zhì)量M=2kg的木板P靜止在光滑的水平地面上，一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊Q以初

速度％=6m/s從左端滑上長木板P,P、Q的M圖像如圖2所示。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加

速度g取10m/s2,下列說法正確的是（）

圖1圖2

2

A.物塊Q的質(zhì)量為々kgB.P、Q之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4

C.長木板P的最小長度為3mD.2s內(nèi)Q相對地面運(yùn)動(dòng)的位移為4m

【答案】BC

【解析】

【詳解】根據(jù)VI圖像中斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度，可知P、Q在1s內(nèi)共速前的加速度分別為

o=---m/s2=-4m/s2,a.,=---m/s2=2m/s2

nQi-n*i_n

AB.分別對p、Q受力分析，設(shè)P、Q之間的滑動(dòng)摩擦力大小為廣，物塊Q的質(zhì)量為根，根據(jù)牛頓第二

定律可得

-f=maQ,f=Map

代入題中數(shù)據(jù)解得

/=4N,m-1kg

又因?yàn)榛瑒?dòng)摩擦力

f=Pmg

解得

〃=0.4

故A錯(cuò)誤，B正確;

第10頁洪18頁

C.圖像與橫軸圍成的面積表示位移，長木板P對應(yīng)的最小長度應(yīng)是在1s時(shí)Q恰好到達(dá)長木板最右端，則

長木板P的最小長度為

,（6+2）xl（0+2）xl、

L=x-x?=-----m---------------m=3m

Qnp22

故C正確；

D.圖像與橫軸圍成的面積表示位移，2s內(nèi)Q相對地面運(yùn)動(dòng)的位移為

,（6+2）xl\,

xQn=---2--m+2xlm=6m

故D錯(cuò)誤。

故選BCo

三、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共16分）

11.實(shí)驗(yàn)小組在探究“加速度與物體的受力、物體質(zhì)量的關(guān)系”時(shí)，用如圖所示的裝置讓滑塊做勻加速直線

運(yùn)動(dòng)來進(jìn)行；由氣墊導(dǎo)軌側(cè)面的刻度尺可以測出光電門A、B之間的距離L用游標(biāo)卡尺測得遮光條的寬度

d,遮光條通過光電門A、B的時(shí)間（乙、可通過計(jì)時(shí)器（圖中未標(biāo)出）分別讀出，滑塊的質(zhì)量（含遮光

條）為鉤碼的質(zhì)量為優(yōu)。重力加速度為g,忽略滑輪的質(zhì)量及繩與滑輪之間的摩擦，回答下列問題：

（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)（選填“需要”或“不需要”）滿足鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量；

（2）滑塊的加速度。=（用L、k、、d來表示）

（3）改變鉤碼質(zhì)量得到一系列的滑塊加速度a和傳感器示數(shù)尸，通過得到的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，描繪了a-R圖像。

若實(shí)驗(yàn)前，已將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平，但忘記打開氣源，得到的a-R圖像如圖所示，圖線的斜率為左，縱截

距為6,滑塊與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=；滑塊的質(zhì)量般=。（用工、b、g表示）

第11頁供18頁

J2，]]、b

【答案】①.不需要②.——③.一④.?

2%門殳b

【解析】

【詳解】(1)5對滑塊由牛頓第二定律得

T=Ma

T可直接由傳感器讀出，故不需要鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量；

(2)[2]由題意可知，滑塊通過光電門A、B對應(yīng)的瞬時(shí)速度分別為

滑塊從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度時(shí)間關(guān)系可得2厘=代-此可得

(3)[3][4]未打開氣源，滑塊所受摩擦力不可忽略，根據(jù)牛頓第二定律可知

F-/JMg=Ma

整理得

由圖像可得

Ng=b

〃=一

2

12.某同學(xué)用如圖所示的儀器研究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。

第12頁洪18頁

(1)該實(shí)驗(yàn)，除了木板、小球、斜槽、鉛筆、圖釘之外，下列器材中還需要的是()

A.刻度尺B.秒表C.坐標(biāo)紙D.天平

(2)實(shí)驗(yàn)中，下列說法正確的是()

A.應(yīng)使小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下

B.斜槽軌道必須光滑

C.擋板每次往下移動(dòng)的距離必須相等

D.為了比較準(zhǔn)確地描出小球運(yùn)動(dòng)的軌跡，應(yīng)該用一條曲線把所有的點(diǎn)連接起

(3)在實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)只記錄了A、8、C三點(diǎn)(A點(diǎn)不是拋出點(diǎn))，各點(diǎn)的坐標(biāo)如圖所示，則物體運(yùn)動(dòng)的

初速度為m/s,從拋出點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)所需時(shí)間為s(計(jì)算結(jié)果均保留二位有效數(shù)字，g取

10m/s2)?

【答案】(1)AC(2)A

(3)①.1.00.20

【解析】

【小問1詳解】

下列器材中還需要的是刻度尺和坐標(biāo)紙，故選AC；

【小問2詳解】

A.應(yīng)使小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下，以保證小球到達(dá)底端時(shí)速度相同，選項(xiàng)A正確；

B.斜槽軌道不一定必須光滑，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.擋板每次往下移動(dòng)的距離不一定相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.為了比較準(zhǔn)確地描出小球運(yùn)動(dòng)的軌跡，應(yīng)該舍去誤差較大的點(diǎn)，用一條平滑的曲線把合適的點(diǎn)連接起

來，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選Ao

【小問3詳解】

口］⑵根據(jù)

△y=gT2

第13頁洪18頁

可得

T回/0.40-0.15-0.15.,

\gy10

初速度

v=—=—m/s=1.Om/s

0n70I

B點(diǎn)的豎直速度

h0.4

v?=1AC=——m/s=2.0m/s

BRy770?

從拋出點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所需時(shí)間為

Zg=^=0.20s

￡

四、解答題（要有必要的解題過程，只寫答案不得分，共42分）

13.一輛貨車以12m/s的速度在平直公路上前進(jìn)，發(fā)現(xiàn)有貨物掉下后，立即關(guān)閉油門以大小為2m/s2的加

速度做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，貨車開始做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的同時(shí)，有一騎自行車的人立即拾起貨物從靜止出

發(fā)，以大小為2m/s2的加速度追趕貨車，已知自行車能達(dá)到的最大速度為8m/s（貨物掉下時(shí)間不計(jì)且落地

后立即靜止），求：

（1）貨車做勻減速運(yùn)動(dòng)的位移大??；

（2）自行車至少經(jīng)過多長時(shí)間能追上貨車。

【答案】⑴36m（2）6.5s

【解析】

【小問1詳解】

已知貨車的初速度為％=12m/s,加速度大小為由=2m/sz,貨車做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

r,=—=6s

a,

貨車做勻減速運(yùn)動(dòng)的位移為

1

再=人

解得

Xi=36m

【小問2詳解】

第14頁/共18頁

2

已知該自行車的加速度為%=2m/s,最大速度為v2=8m/s,自行車做勻加速運(yùn)動(dòng)達(dá)到最大速度的時(shí)

間和位移分別為

/2=—=4s

4

則位移為

1

X2=/，2

解得

龍2=16m

之后自行車以最大速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，到貨車停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，其位移為

x3=v2(^-?2)=8x2m=16m

由于故貨車停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，自行車沒有追上貨車，然后自行車?yán)^續(xù)以最大速度勻速運(yùn)動(dòng)追趕貨

車，由勻速運(yùn)動(dòng)公式得

X1-(電+%)=V2t3

代入數(shù)據(jù)解得

%=0.5s

自行車追上貨車的時(shí)間

%=4+2=6.5s_

14.如圖所示，質(zhì)量為1kg的物塊放在傾角為30°的固定斜面底端，在與斜面成30。角的R=10J3N的外

力作用下，物塊從靜止開始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)。已知物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=3,重力加速度g取

10m/s2,斜面足夠長，求：

(1)物塊加速度的大小；

(2)當(dāng)物塊的速度為5m/s時(shí)，撤去拉力R求從開始到運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)物塊運(yùn)動(dòng)的位移大小。

第15頁供18頁

(3)改變外力尸的大小和方向，使物體恰能沿斜面向上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，求外力尸的最小值。

【答案】(1)10m/s2

(2)2.5m(3)5.、”N

【解析】

【小問1詳解】

對物塊受力分析如圖所示

Feos300mgsin30°=mat

其中

f=〃(/ngcos30°-Fsin30°)

解得物塊加速度的大小為

a=10m/s2

1

【小問2詳解】

撤去拉力后，物塊沿斜面向上滑動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有

mgsin30°+/Jmgcos30°=ma2

解得

a-10m/s2

2

撤去拉力后，當(dāng)物塊沿斜面向上運(yùn)動(dòng)速度變?yōu)?m/s時(shí)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

nj-試=2a

代入數(shù)據(jù)解得物塊運(yùn)動(dòng)的位移為

22

x=——+----=2.5m

【小問3詳解】

第16頁洪18頁

對物體受力分析如圖所示，設(shè)尸與斜面的夾角為a,過物體重心做直角坐標(biāo)如