2025屆貴州省六盤水市高三上學(xué)期模擬預(yù)測(cè)物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1六盤水市2025屆高三年級(jí)第二次診斷性監(jiān)測(cè)物理試題卷注意事項(xiàng)：1．答題前，務(wù)必在答題卡上填寫姓名和考號(hào)等相關(guān)信息并貼好條形碼。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將答題卡交回。一、單項(xiàng)選擇題1.如圖所示為某游樂場(chǎng)滑梯示意圖。一兒童由滑梯頂端P點(diǎn)靜止滑下，隨后滑上與斜面平滑連接的水平軌道，到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)停下，兒童在滑梯、水平軌道上的運(yùn)動(dòng)均可視為勻變速直線運(yùn)動(dòng)。則兒童從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中，其速率v隨時(shí)間t變化的圖像可能是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】?jī)和诨萆献鰟蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，則有圖像是一條過原點(diǎn)的傾斜直線，令滑梯上運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為，末速度為，兒童在水平軌道上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為，則有圖像也是一條傾斜直線，斜率為負(fù)值，由于勻減速直線運(yùn)動(dòng)的初速度大小等于勻加速直線運(yùn)動(dòng)的末速度大小，只有第三個(gè)選擇項(xiàng)符合要求。故選C。2.如圖所示，一根光滑剛性桿OAB固定在底座上，其中OA段是四分之一圓弧，AB段是與OA段平滑連接的水平桿，底座置于光滑水平面上?，F(xiàn)讓內(nèi)徑比桿略大的小環(huán)套在桿上并以某一初速度沿桿由點(diǎn)B滑動(dòng)到點(diǎn)O，則此過程（）A.小環(huán)動(dòng)量守恒B.小環(huán)水平方向動(dòng)量守恒C.小環(huán)、桿OAB及底座組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.小環(huán)、桿OAB及底座組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒【答案】D【解析】A．小環(huán)套在桿上并以某一初速度沿桿由點(diǎn)B滑動(dòng)到點(diǎn)O，小環(huán)在圓弧段合力不為零，動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．小環(huán)在圓弧段受到圓弧的彈力，小環(huán)水平方向合力不為零，動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；C．小環(huán)、桿OAB及底座組成的系統(tǒng)在豎直方向合力不為零，動(dòng)量不守恒，故C錯(cuò)誤；D．小環(huán)、桿OAB及底座組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒，故D正確。故選D。3.如圖所示是三個(gè)點(diǎn)電荷A、B、C周圍電場(chǎng)線分布圖（電場(chǎng)方向未畫出）。下列說法正確的是（）A.點(diǎn)電荷A一定帶正電 B.點(diǎn)電荷C一定帶正電C.點(diǎn)電荷A、B一定是同種電荷 D.點(diǎn)電荷B、C一定是同種電荷【答案】C【解析】電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)指向負(fù)電荷，圖中沒標(biāo)注電場(chǎng)線方向，所以無法判斷三個(gè)電荷帶電性質(zhì)，但是根據(jù)圖示可知，點(diǎn)電荷A、B一定是同種電荷，點(diǎn)電荷B、C一定是異種電荷。故選C。4.從“玉兔”登月到“祝融”探火，我國星際探測(cè)事業(yè)實(shí)現(xiàn)了由地月系到行星際的跨越。已知火星表面重力加速度約為月球的2.25倍，半徑約為月球的2倍，忽略火星及月球的自轉(zhuǎn)。如圖所示，著陸前，“祝融”和“玉兔”某段時(shí)間可認(rèn)為以相同的軌道半徑分別繞火星和月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，線速度大小分別為、，則、的比值為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】“祝融”和“玉兔”某段時(shí)間可認(rèn)為以相同的軌道半徑分別繞火星和月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有，在火星表面有在月球表面有其中，結(jié)合上述解得故選B。5.如圖所示是乘客玩噴水飛行器上下翻騰的精彩畫面。噴水飛行背包通過長(zhǎng)軟管吸水，然后把水從兩個(gè)噴水口噴出。已知水的密度為ρ，每個(gè)噴水口橫截面積為S，水噴出瞬間相對(duì)噴水口的速度為v，重力加速度為g，則每股噴出水流對(duì)飛行背包的作用力約為（）A.ρSv2 B.gSv C.ρSv D.ρSvg【答案】A【解析】設(shè)時(shí)間Δt內(nèi)噴出的水的質(zhì)量為Δm，噴水速度v，則有表演者在空中，反沖作用力為F，根據(jù)動(dòng)量定理有FΔt=Δmv解得根據(jù)牛頓第三定律可知，每股噴出水流對(duì)飛行背包的作用力約為ρSv2。故選A。6.真空中，距孤立點(diǎn)電荷r處的電勢(shì)（取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，Q為點(diǎn)電荷的帶電荷量，k為靜電力常量）。如圖所示，在直徑為5d的圓O直徑兩端點(diǎn)A、B分別固定、的點(diǎn)電荷，M是圓周上的點(diǎn)，，則M點(diǎn)的電勢(shì)為（）A. B.C D.【答案】A【解析】根據(jù)幾何關(guān)系可知根據(jù)點(diǎn)電荷的電勢(shì)表達(dá)式可知，M點(diǎn)的電勢(shì)為故選A。7.某同學(xué)利用電流傳感器和phyphox（手機(jī)APP）研究電容器放電特點(diǎn)，得出如圖所示的圖像，則（）A.前7s內(nèi)電容器放電電荷量約為B.前7s內(nèi)電容器放電電荷量約為C.若再給電容器串接一個(gè)定值電阻，電路其他參數(shù)不變，則放電時(shí)間縮短D.若再給電容器串接一個(gè)定值電阻，電路其他參數(shù)不變，則圖線與坐標(biāo)軸圍成的“面積”會(huì)變小【答案】B【解析】AB．圖像與時(shí)間軸所圍幾何圖形的面積表示電荷量，利用“大于半格算一格，小于半格舍去”規(guī)律，根據(jù)圖像可知，所圍幾何圖形的格數(shù)為29格，則前7s內(nèi)電容器放電電荷量約為故A錯(cuò)誤，B正確；C．充電穩(wěn)定后，極板所帶電荷量大小一定，當(dāng)再給電容器串接一個(gè)定值電阻，放電時(shí)，電路中電阻對(duì)電流的阻礙效果增大，可知，放電時(shí)間變長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述，由于充電穩(wěn)定后，極板所帶電荷量大小一定，當(dāng)再給電容器串接一個(gè)定值電阻，放電過程所釋放的總電荷量大小不變，結(jié)合上述可知，圖線與坐標(biāo)軸圍成的“面積”不變，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題8.如圖所示，物塊A和木板B疊放后靜置于水平桌面上，現(xiàn)用水平向右的恒力拉A物體，則（）A.物塊A和木板B一定相對(duì)滑動(dòng)B.物塊A和木板B可能保持靜止C.物塊A和木板B一定一起向右運(yùn)動(dòng)D.物塊A和木板B可能一起向右運(yùn)動(dòng)【答案】BD【解析】AB．令A(yù)、B之間的最大靜摩擦力為，桌面對(duì)B的最大靜摩擦力為，若大于，當(dāng)水平向右的恒力小于時(shí)，A、B始終保持靜止，當(dāng)水平向右的恒力大于時(shí)，A相對(duì)于B向右滑動(dòng)，而B仍然保持靜止，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．結(jié)合上述，若小于，當(dāng)水平向右的恒力小于大于時(shí)，物塊A和木板B一起向右運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。9.如圖所示，電路中電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，、為定值電阻，且。為光敏電阻，電阻隨光照強(qiáng)度的增加而減小，電容器電容為C，所有電表均為理想表，以下說法正確的是（）A.隨光照強(qiáng)度增加，A1表示數(shù)增加，A2表中電流方向向上B.隨光照強(qiáng)度增加，三個(gè)電壓表示數(shù)變化關(guān)系為C.隨光照強(qiáng)度減小，電源輸出功率減小D.隨光照強(qiáng)度減小，電源輸出效率減小【答案】AD【解析】A．隨光照強(qiáng)度增加，接入電阻減小，回路總電阻減小，干路電流增大，即A1表示數(shù)增加，由于干路電流增大，電源內(nèi)阻與定值電阻承擔(dān)電壓增大，則并聯(lián)部分電壓減小，可知，由于電容器下極板與電源負(fù)極連接，下極板帶負(fù)電，電容器兩端電壓減小，則電容器將放電，即極板所帶電荷量減小，下極板將失電子，可知，A2表中電流方向向上，故A正確；B．結(jié)合上述可知，隨光照強(qiáng)度增加，干路電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，即V1示數(shù)減小，定值電阻承擔(dān)電壓增大，即V3示數(shù)增大，并聯(lián)部分電壓減小，即V2示數(shù)減小，由于則有結(jié)合上述可知，，可知，由于，則有，由于則有結(jié)合上述有故B錯(cuò)誤；C．電源輸出功率由于可知，始終大于電源內(nèi)阻，根據(jù)數(shù)學(xué)規(guī)律可知，隨光照強(qiáng)度增加，接入電阻減小，減小，電源輸出功率增大，故C錯(cuò)誤；D．電源輸出效率隨光照強(qiáng)度增加，接入電阻減小，減小，則電源輸出效率減小，故D正確。故選AD。10.如圖所示，用兩根長(zhǎng)度相同的輕繩，分別懸掛兩個(gè)大小相同、材料不同的小球A、B，兩小球并排放置。拉起A球，然后放開，A球與靜止的B球發(fā)生正碰。已知B球的質(zhì)量為m，且碰撞后瞬間A、B兩球動(dòng)量恰好相等，則A球的質(zhì)量可能為（）A.m B.2m C.3m D.4m【答案】ABC【解析】碰撞過程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有碰撞過程系統(tǒng)總的動(dòng)能不增加，則有根據(jù)題意有由于碰撞后瞬間A、B兩球動(dòng)量恰好相等，即大小相等，方向相同，則有解得即A球的質(zhì)量可能為m、2m、3m。故選ABC。三、實(shí)驗(yàn)題11.某實(shí)驗(yàn)小組驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，將小球向下拉到某一位置釋放后，小球上下來回運(yùn)動(dòng)，利用手機(jī)錄制一段視頻，利用Tracker軟件對(duì)視頻進(jìn)行逐幀分析，得出每一幀對(duì)應(yīng)時(shí)間及小球所在位置。已知小球質(zhì)量，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取，彈簧勁度系數(shù)，視頻幀率30fps（每秒30幀）。取豎直向上為正方向，豎直方向位移用y表示，利用重力勢(shì)能、動(dòng)能、彈性勢(shì)能計(jì)算總機(jī)械能。（1）下表是本次測(cè)量的部分?jǐn)?shù)據(jù)，當(dāng)小球下落位移為時(shí)，請(qǐng)計(jì)算：①彈簧的彈性勢(shì)能______J；②系統(tǒng)的機(jī)械能______J。（結(jié)果均保留4位小數(shù)）時(shí)間（s）位移（m）速度（m/s）動(dòng)能（J）重力勢(shì)能（J）彈性勢(shì)能（J）機(jī)械能（J）0.0666670.0094①②0.1000000.02130.00150.00000.1333330.0360000460.0007（2）測(cè)量多組數(shù)據(jù)并繪制動(dòng)能、重力勢(shì)能、彈性勢(shì)能、機(jī)械能隨時(shí)間變化情況如圖乙所示（圖中各物理量單位均為國際單位，縱軸表示能量，橫軸表示時(shí)間），由圖乙可得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是______。A.小球在重力作用下機(jī)械能守恒B.小球在重力和彈簧彈力作用下機(jī)械能守恒C.小球與彈簧組成的系統(tǒng)在重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力作用下機(jī)械能守恒【答案】（1）①.②.（2）C【解析】【小問1詳析】[1]根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得[2]系統(tǒng)的機(jī)械能【小問2詳析】A．小球只在重力作用下機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤；BC．小球在重力和彈簧彈力作用下，小球的機(jī)械能不守恒，但小球與彈簧組成的系統(tǒng)在重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力作用下機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤C正確。故選C。12.如圖甲所示為一個(gè)加速度計(jì)的原理圖?；瑝K可沿光滑桿移動(dòng)，滑塊兩側(cè)與兩根相同的輕彈簧連接（彈簧始終處于彈性限度內(nèi)），固定在滑塊上的滑動(dòng)片M底端與電阻為R的金屬絲接觸良好，滑片與金屬絲間摩擦不計(jì)。兩彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，M位于R的中點(diǎn)。閉合開關(guān)，理想電壓表的指針位于表盤中央，已知電源的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻不計(jì)?，F(xiàn)將加速度計(jì)固定在水平運(yùn)動(dòng)的被測(cè)物體上。（1）當(dāng)物體向左加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電壓表指針向表盤______（填“左側(cè)”或“右側(cè)”）。（2）已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，金屬絲長(zhǎng)度L，彈簧勁度系數(shù)為k，滑塊質(zhì)量M，則加速度a與電壓表示數(shù)U的關(guān)系為：______（用題中字母表示）。（3）已知該傳感器可測(cè)最大加速度為，某次觀測(cè)到電壓表示數(shù)如圖乙所示，此時(shí)電壓表讀數(shù)為______V，則運(yùn)動(dòng)物體的加速度大小為______（結(jié)果保留1位小數(shù)）?！敬鸢浮浚?）右側(cè)（2）（3）0.50【解析】【小問1詳析】回路電流不變，當(dāng)物體向左加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力向左，所以M相對(duì)外殼向右運(yùn)動(dòng)，帶動(dòng)滑片向右滑動(dòng)，電壓表并聯(lián)電阻變大，根據(jù)可知，電壓表示數(shù)變大，指針向表盤右側(cè)偏轉(zhuǎn)?！拘?詳析】當(dāng)加速度為a時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律電壓表示數(shù)整理得【小問3詳析】[1]根據(jù)圖示可知，電壓表最小分度值為0.1V，讀數(shù)為0.50V。[2]根據(jù)可知，當(dāng)U=3.00V時(shí)，加速度最大為，當(dāng)電壓表示數(shù)為0.50V時(shí)，解得所以運(yùn)動(dòng)物體加速度大小為。四、計(jì)算題13.用兩根鐵絲制作成如圖所示的凹凸橋，凹橋最低點(diǎn)A距離地面的豎直高度。讓質(zhì)量為m的小球從距離A點(diǎn)高處由靜止釋放，小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)軌跡視為半徑的圓，受到軌道的支持力，小球恰能撐開軌道水平飛出。忽略球與軌道的摩擦力，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取。求：（1）小球過A點(diǎn)的速度v和的大??；（2）小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平射程x?！敬鸢浮浚?）2m/s，0.2m（2）04m【解析】【小問1詳析】小球過A點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有解得小球下滑至A點(diǎn)過程，根據(jù)動(dòng)能定理有結(jié)合上述解得【小問2詳析】小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則有，解得14.如圖所示，質(zhì)量均為2m的木塊A和B，并排放在光滑水平面上，A上固定一豎直輕桿，輕桿上端的O點(diǎn)系一長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線，細(xì)線另一端系一質(zhì)量為m的球C?，F(xiàn)將C球拉起使細(xì)線水平伸直，并由靜止釋放，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取。求：（1）A、B兩木塊分離時(shí)，A速度大小和C速度大小。（2）C到達(dá)左側(cè)最高時(shí)與O的豎直距離h。【答案】（1），（2）【解析】【小問1詳析】A、B兩木塊分離時(shí)，C恰好運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，A、B、C構(gòu)成的系統(tǒng)，水平方向動(dòng)量守恒，則有根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得，【小問2詳析】A、B兩木塊分離后，對(duì)A、C構(gòu)成的系統(tǒng)，水平方向動(dòng)量守恒，之后C到達(dá)左側(cè)最高時(shí)，A、C速度相等，則有上述過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得15.如圖甲所示，大量質(zhì)量為m、電量為q的同種帶正電粒子組成長(zhǎng)為的直線型粒子陣列，以的初速度射入兩板M、N之間的加速電場(chǎng)，離開加速電場(chǎng)后粒子陣列長(zhǎng)度變?yōu)椤r(shí)刻，位于陣列最前端的粒子開始從O點(diǎn)沿Ox軸正方向射入場(chǎng)強(qiáng)大小為，方向周期性變化（周期為T）的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，向下為電場(chǎng)正方向，電場(chǎng)右邊界PQ橫坐標(biāo)為，y方向范圍足夠大。忽略粒子間的相互作用，不計(jì)粒子重力。求：（1）M、N兩板間加速電壓的大小；（2）粒子離開PQ時(shí)的縱坐標(biāo)范圍?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】我們假定粒子在加速電場(chǎng)里加速的時(shí)間忽略不計(jì)，從第一個(gè)粒子進(jìn)入加速電場(chǎng)到最后一個(gè)粒子進(jìn)入加速電場(chǎng)的過程中，則有而陣列長(zhǎng)度被拉長(zhǎng)兩倍，相當(dāng)于在這段時(shí)間里第一個(gè)粒子比最后