河南省部分示范性高中2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期11月聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高三第一學(xué)期11月質(zhì)量檢測物理全卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試卷和答題卡上，并將條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.請按題號順序在答題卡上各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3.選擇題用2B鉛筆在答題卡上把所選答案的標號涂黑；非選擇題用黑色簽字筆在答題卡上作答；字體工整，筆跡清楚。4.考試結(jié)束后，請將試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.如圖甲所示，一輛賽車在平直的賽道上勻加速行駛，某時刻開始速度v與運動時間t的關(guān)系如圖乙所示，圖像與縱軸的截距為b，圖像的斜率為k，則在時刻，賽車的（）A.速度為b，加速度為k B.速度為k，加速度為bC.速度為，加速度為 D.速度為，加速度為【答案】B【解析】根據(jù)速度-時間公式有變形得對比圖像可得，由此可見，賽車在時刻的速度為，加速度為。故選B。2.如圖所示，輕彈簧豎立在地面上，小球放在彈簧上，用力緩慢向下壓小球到某一位置，由靜止釋放小球。從釋放小球到小球剛好離開彈簧的過程中，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.彈力對小球的沖量等于小球動量的增量B.彈力對小球做的功等于小球動能的增量C.地面對彈簧的彈力的沖量為零D.地面對彈簧彈力的沖量和彈簧對小球彈力的沖量相同【答案】D【解析】A．根據(jù)動量定理，可知小球動量的增量等于彈簧彈力與重力的合力的沖量，故A錯誤；B．根據(jù)動能定理，可知小球動能的增量等于小球所受合力做的功，故B錯誤；CD．地面對彈簧的彈力和彈簧對小球的彈力總是大小相等，方向相同，因此地面對彈簧彈力的沖量和彈簧對小球的彈力沖量相同，不為零，故C錯誤，D正確。故選D。3.如圖所示，用兩根長均為L的細線把A、B兩小球懸掛在天花板上的同一點O，A、B間用長為L的輕桿相連，A、B的質(zhì)量均為m，重力加速度為g，一外力作用在小球A上（圖上未畫出），使兩根細線均處于伸直狀態(tài)，且OB細線沿豎直方向，兩小球均處于靜止狀態(tài)。則外力的最小值為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】由于OB細線豎直，根據(jù)力平衡可知，輕桿上的力為零；對A研究，要使A靜止在圖示狀態(tài)，設(shè)需要的最小力為，此時與OA細線垂直，則有故選C。4.如圖所示為兩列頻率均為f、振幅分別為2cm和3cm的水波（可看成橫波）發(fā)生干涉時在某一時刻的圖樣，實線表示波峰，虛線表示波谷，A、B、C、D為波傳播區(qū)域內(nèi)的四個質(zhì)點，則下列說法正確的是（）A.質(zhì)點A的振動頻率為2fB.經(jīng)過的時間，質(zhì)點A會傳播到質(zhì)點C的位置C.質(zhì)點B與質(zhì)點D的振動完全相同D.質(zhì)點A與質(zhì)點C振動過程中最大高度差為10cm【答案】D【解析】A．兩列頻率相同的波發(fā)生干涉時，頻率不會疊加，故質(zhì)點A的振動頻率仍為，故A錯誤；B．質(zhì)點不會隨波運動，只會在其平衡位置上下振動，故質(zhì)點A不會傳播到質(zhì)點C的位置，故B錯誤；C．由圖可知，B、D兩點都是波峰與波谷疊加的點，故兩個質(zhì)點相距半個波長，所以如果B在波峰，則D在波谷，這兩點振動相反，故C錯誤；D．由圖可知，A是波峰與波峰疊加的點，C是波谷與波谷疊加的點，故A、C都是振動加強點，振動加強點的振幅為5cm，當A在波峰時，C在波谷，兩點間最大高度差為10cm，故D正確。故選D。5.如圖所示，可視為質(zhì)點的小球質(zhì)量為m，系統(tǒng)靜止時，球心到懸點O的距離為L，把懸線拉直，小球拉至與O點等高的位置A點后由靜止釋放，小球擺到最低點時力傳感器的示數(shù)為2mg，重力加速度為g，設(shè)小球從A運動到最低點B的過程中，空氣阻力大小不變，方向始終與速度方向相反，則空氣阻力的大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)小球到最低點時速度為，根據(jù)牛頓第二定律有解得設(shè)空氣阻力為，根據(jù)動能定理有解得故選A。6.我國北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（BDS）已經(jīng)為全球提供定位、導(dǎo)航、授時、5G傳輸?shù)确?wù)。設(shè)A、B為“北斗”系統(tǒng)中的兩顆工作衛(wèi)星，A、B兩衛(wèi)星均沿順時針方向繞行，軌道在同一平面內(nèi)，半徑之比為，某時刻兩衛(wèi)星的連線與A衛(wèi)星的軌道相切，如圖所示。已知A衛(wèi)星的運行周期為T，則兩衛(wèi)星從圖示時刻到兩衛(wèi)星間距離最小需要的最短時間為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】設(shè)B衛(wèi)星的運行周期為，根據(jù)開普勒第三定律其中，聯(lián)立解得兩衛(wèi)星順時針轉(zhuǎn)動，A衛(wèi)星離地球更近，故A衛(wèi)星的角速度更大，設(shè)兩衛(wèi)星從圖示時刻到兩衛(wèi)星間距離最小所需要時間為t，根據(jù)幾何關(guān)系，可得兩衛(wèi)星的圓心角之差為又則有解得故選D。7.如圖所示，完全相同的兩個木塊A、B靠在一起靜止在光滑的水平面上，一顆子彈以某一初速度從A的左側(cè)水平射入，并從B木塊的右側(cè)射出，子彈與木塊間的摩擦力恒定，不計子彈的大小，則下列說法正確的是（）A.子彈先后在A、B兩木塊中運動時，子彈的加速度之比為B.子彈先后在A、B兩木塊中運動時，B木塊的加速度之比為C.子彈穿過A木塊的時間比穿過B木塊的時間長D.子彈穿過A木塊時B木塊運動的位移比穿過B木塊時B木塊運動的位移大【答案】B【解析】A．由于子彈受到的摩擦力恒定，根據(jù)牛頓第二定律可知，子彈在兩塊木塊中運動的加速度恒定，故A錯誤；B．設(shè)子彈對木塊的摩擦力為，子彈在A中運動時，AB作為一個整體，向右加速，根據(jù)牛頓第二定律有解得AB的加速度為子彈在B中運動時，對B，根據(jù)牛頓第二定律有解得B的加速度為綜上分析可得故B正確；C．子彈先后穿過A、B時相對位移相同，穿過A木塊子彈的平均速度大，木塊的平均速度小，相對平均速度大，穿過的時間短，故C錯誤；D．子彈穿過A木塊的時間短，且B木塊的平均速度小，因此子彈穿過A木塊時B木塊運動的位移比穿過B木塊時B木塊運動的位移小，故D錯誤。故選B。二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波源在處，波源處的質(zhì)點在時刻從平衡位置開始振動，起振方向沿y軸正向，時刻，在至之間第一次出現(xiàn)如圖所示的波形，已知該波傳播的速度為1m/s，則下列說法正確的是（）A.波源處質(zhì)點振動的頻率為0.15Hz B.C.時刻，波剛好傳播到處 D.時刻，處的質(zhì)點正沿y軸正向運動【答案】BD【解析】A．由圖可知，波長為8m，波速為1m/s，則波動頻率故A錯誤；B．周期為由于波源處質(zhì)點沿軸正向起振，因此時刻，波源處質(zhì)點由平衡位置向上振動，則有故B正確；C．波傳播的距離故C錯誤；D．時刻，波傳播到處，此時處的質(zhì)點正沿軸正向運動，故D正確。故選BD。9.某工地用懸臂式起重機起吊重物，如圖所示。起重機的懸臂保持不動，可沿懸臂行走的天車使吊著的重物沿水平方向做勻速直線運動，豎直方向向上做加速度越來越小的加速運動，忽略空氣阻力，則此過程中（）A.重物的速度與豎直方向的夾角越來越小 B.重物的加速度與豎直方向的夾角越來越小C.吊索上的拉力越來越小 D.吊索與豎直方向的夾角越來越小【答案】AC【解析】C．豎直方向的加速度越來越小，根據(jù)牛頓第二定律解得可知吊索上的拉力越來越小，故C正確；B．加速度始終豎直向上，與豎直方向夾角始終為零，故B錯誤；A．豎直方向的速度越來越大，水平速度不變，設(shè)合速度與豎直方向的夾角為，則有可知重物的速度與豎直方向的夾角越來越小，故A正確；D．由于水平方向做勻速直線運動，水平方向的力為零，只有豎直方向的力，故吊索始終豎直，故D錯誤。故選AC。10.如圖所示，一L形的小車靜止在光滑水平面上，小車上表面左側(cè)是光滑的四分之一圓弧軌道AB，右側(cè)是一段足夠長的粗糙水平軌道，水平軌道與圓弧軌道在B點相切，用不同的小滑塊從A點由靜止釋放，設(shè)小滑塊質(zhì)量為m，與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為，最終小滑塊相對小車水平軌道滑行的距離為x，和小車間因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q，則下列說法正確的是（）A.一定，m越大，x越大 B.m一定，越大，x越小C.一定，m越大，Q越大 D.m一定，越大，Q越大【答案】BC【解析】CD．系統(tǒng)水平方向總動量為零，系統(tǒng)水平方向動量守恒，因此滑塊與小車相對靜止時，滑塊和小車的速度均為零，因此從能量守恒的角度，可得由此可見，越大，越大，一定，不變，故C正確，D錯誤；AB．根據(jù)解得可知一定，一定，越大，越小，故A錯誤，B正確故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學(xué)用如圖甲所示的雙線擺測當?shù)氐闹亓铀俣?。兩根懸線長均為l，均系于小球同一點，調(diào)節(jié)兩懸點A、B在同一水平線上，A、B間距離也為l。小球為磁性小球，打開手機的磁傳感器并將手機平放在小球的正下方，不考慮手機對小球運動的影響。（1）先用螺旋測微器測小球的直徑，示數(shù)如圖乙所示，則小球直徑______mm；雙線擺的擺長______（用l和d表示）。（2）使雙線擺做小幅度擺動，某時刻起手機磁傳感器測得磁感應(yīng)強度隨時間變化的規(guī)律如圖丙所示，則小球振動的周期______（用表示）。（3）由實驗測得當?shù)氐闹亓铀俣萠_____（用l、d和表示），若兩懸點A、B間的實際距離小于l，則測得的重力加速度與真實值相比______（填“偏大”“偏小”或“相等”）。【答案】（1）4.700（2）（3）偏小【解析】【小問1詳析】[1]螺旋測微器讀數(shù)為[2]擺長【小問2詳析】設(shè)磁場變化的周期為，則解得則雙線擺擺動的周期為【小問3詳析】[1]根據(jù)單擺周期公式解得[2]若兩懸點A、間的實際距離小于，則測得的擺長偏小，測得的重力加速度偏小。12.某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的裝置驗證機械能守恒定律。將一量角器固定在支架的豎直桿上，量角器的0°刻度線與豎直桿對齊，量角器在豎直面內(nèi)，在量角器的圓心上方位置固定一個力傳感器，將不可伸長的細線一端固定在力傳感器上，懸點剛好與量角器的圓心重合，另一端與小鐵球相連。當?shù)氐闹亓铀俣葹間。（1）實驗時將小球向左拉到某一高度，懸線伸直，懸線與量角器平面______（填“平行”或“垂直”），記錄這時懸線與豎直方向的夾角，由靜止釋放小球，小球擺動過程中力傳感器的最大示數(shù)為F，若小球的質(zhì)量為m、細線的長為L，小球的直徑為D，則小球運動到最低點時的動能大小為______（用已知和測量的物理量符號表示）。（2）若表達式________________________（用m、g、F、表示）成立，則小球下擺過程中機械能守恒。（3）多次改變懸線與豎直方向初始夾角，得到多組及對應(yīng)的力傳感器的最大示數(shù)F，作F-圖像，如果圖像是一條傾斜直線，且圖像的縱軸截距等于______，圖像的斜率等于______（均用子母m、g表示），則小球下擺過程中機械能守恒?！敬鸢浮浚?）平行（2）（3）3mg【解析】【小問1詳析】[1]懸線與量角器表面平行；[2]在最低點，根據(jù)牛頓第二定律有解得小球在最低點的動能【小問2詳析】如果表達式即則小球下擺過程中機械能守恒?！拘?詳析】[1][2]根據(jù)得到由此可知，當圖像與縱軸的截距等于3mg，圖像的斜率等于時，則機械能守恒定律得到驗證。13.如圖所示，質(zhì)量為m的小球靜止在足夠大的水平轉(zhuǎn)盤上，一根長為L的細線一端連接在小球上，另一端連接在圓盤豎直轉(zhuǎn)軸上的A點，細線剛好伸直時與豎直方向的夾角，重力加速度為g，，，使轉(zhuǎn)盤繞轉(zhuǎn)軸在水平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動，并逐漸增大轉(zhuǎn)動的角速度，求：（1）當小球?qū)D(zhuǎn)盤的作用力恰好為零時，轉(zhuǎn)盤轉(zhuǎn)動的角速度大??；（2）當小球轉(zhuǎn)動的角速度為時，細線突然斷開，小球在轉(zhuǎn)盤上的落點離轉(zhuǎn)軸的距離?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】當小球?qū)D(zhuǎn)盤的作用力恰好為零時，小球做圓錐擺運動，根據(jù)牛頓第二定律根據(jù)幾何關(guān)系解得【小問2詳析】當小球轉(zhuǎn)動的角速度為時，設(shè)懸線與豎直方向的夾角為，則有解得這時小球離盤面的高度細線斷開后，小球做平拋運動，運動的時間平拋運動的初速度平拋運動的水平位移則落到轉(zhuǎn)盤上位置離轉(zhuǎn)軸的距離14.如圖所示，質(zhì)量均為2m的半圓弧槽A和物塊B靠在一起靜止在光滑的水平面上，圓弧槽的半徑為R，內(nèi)壁光滑，物塊B被鎖定，質(zhì)量為m的小鐵球從半圓弧槽的右側(cè)槽口處由靜止釋放，重力加速度為g，小鐵球的半徑遠小于R。（1）求小鐵球由靜止釋放到第一次到達槽底的過程中，B對A的作用力的沖量大??；（2）解除對物塊B的鎖定，讓小鐵球仍從圓弧槽右側(cè)槽口由靜止釋放，則從小鐵球釋放到A、B剛分離的過程中：①求A對B的作用力做的功；②若A對B的作用力做功等效為某個水平恒力使物塊B發(fā)生同樣位移做的功，求這個恒力大小?！敬鸢浮浚?）（2）；【解析】【小問1詳析】設(shè)小球到圓弧最低點時，小球的速度為，根據(jù)機械能守恒解得對A和小球整體研究，水平方向根據(jù)動量定理可知，B對A的作用力沖量大小為【小問2詳析】①A、B剛分離時，小球剛好運動到圓弧的最低點，設(shè)小球到圓弧最低點時，小球的速度大小為，A、B的速度大小為，根據(jù)機械能守恒根據(jù)系統(tǒng)水平方向動量守恒解得，根據(jù)動能定理，A對B的作用力做功②從小鐵球由靜止釋放到A、B剛分離的過程中，設(shè)物塊B運動的位移為，則小球運動的位移為，根據(jù)水平方向平均動量守恒解得設(shè)等效的水平恒力為，根據(jù)