福建省漳州第一中學2023-2024學年高一上學期期末模擬物理試題（解析版）

漳州一中2026屆高一物理必修一檢測卷考試時間：75分鐘滿分：100分一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.以下說法中正確的是（）A.第19屆亞運會于9月23日晚上8：00正式開幕，這里的9月23日晚上8：00指時間間隔B.研究蛙泳運動員覃海洋的蛙泳動作時，可以把覃海洋視為質(zhì)點C.時間、質(zhì)量和路程都標量，位移、速度和力都是矢量D.炮彈以700m/s的速度射出炮口，700m/s是指炮彈在炮筒中的平均速度大小【答案】C【解析】【詳解】A．晚上8:00正式開幕，描述的是一個狀態(tài)，因此這里的9月23日晚上8:00指時刻，故A錯誤；B．研究蛙泳運動員罩海洋的蛙泳動作時，人的形狀和體積對所研究的問題的影響不能夠忽略，即不可以把覃海洋視為質(zhì)點，故B錯誤；C．時間、質(zhì)量和路程都標量，只有大小而無方向，遵循代數(shù)運算；位移、速度和力都是矢量，既有大小又有方向，遵循平行四邊形法則運算，故C正確；D．炮彈以700m/s的速度射出炮口，700m/s是指炮彈在出炮口的瞬時速度大小，故D錯誤。故選C。2.某次直升式電梯由靜止從低處到高處時，記錄電梯啟動過程中牽引繩索對電梯的牽引力隨時間變化的圖象如圖所示，已知電梯與乘客總質(zhì)量為m，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.0-t1電梯速度先增大后減小，先超重再失重B.t1-t2電梯勻速上升，既不超重也不失重C.t2-t3電梯速度繼續(xù)增大，處于超重狀態(tài)D.t3以后電梯保持靜止，既不超重也不失重【答案】C【解析】【詳解】A．0-t1牽引繩索對電梯的牽引力大于重力，則電梯的加速度向上，速度增加，電梯處于超重狀態(tài)，選項A錯誤；B．t1-t2牽引繩索對電梯的牽引力大于重力且保持不變，則電梯勻加速上升，電梯處于超重狀態(tài)，選項B錯誤；C．t2-t3牽引繩索對電梯的牽引力仍大于重力，電梯加速度向上，則速度繼續(xù)增大，處于超重狀態(tài)，選項C正確；D．t3以后牽引繩索對電梯的牽引力等于重力，電梯保持勻速運動，既不超重也不失重，選項D錯誤。故選C。3.某同學身高1.8m，在運動會上他參加跳高比賽，起跳后身體橫著越過了1.8m高的橫桿。據(jù)此可估算出他起跳時豎直向上的速度約為（）A.2m/s B.4m/s C.6m/s D.8m/s【答案】B【解析】【詳解】運動員跳高過程，當重心達到橫桿時速度恰好為零，運動員重心升高的高度約為0.9m，根據(jù)解得故選B。4.如圖所示，用一輕繩將光滑小球(大小不能忽略)系于豎直墻壁上的O點，現(xiàn)用一細桿壓在輕繩上緊貼墻壁從O點緩慢下移，則()A.輕繩對小球的拉力保持不變 B.輕繩對小球的拉力逐漸增大C.小球?qū)Ρ诘膲毫Ρ３植蛔?D.小球?qū)Ρ诘膲毫χ饾u減小【答案】B【解析】【分析】對小球受力分析，結(jié)合共點力平衡可得拉力和墻壁對小球彈力的表達式，即可分析出小球?qū)Ρ诘膲毫θ绾巫兓驹斀狻繉π∏蚴芰η闆r如圖所示：小球受到重力、拉力和墻壁對小球彈力處于平衡，設(shè)拉力與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)共點力平衡有：，墻壁對小球的彈力N=mgtanθ，因為θ逐漸增大，cosθ逐漸減小，則拉力F逐漸增大．tanθ逐漸增大，則墻壁對小球的彈力N逐漸增大，可知小球?qū)Ρ诘膲毫χ饾u增大，故B正確，ACD錯誤．【點睛】本題關(guān)鍵是能夠靈活地選擇研究對象進行受力分析，根據(jù)平衡條件列方程求解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有兩項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5.如圖所示，用勁度系數(shù)k＝2N/cm的彈簧測力計豎直懸掛一靜止的質(zhì)量為1kg的果籃。下列說法正確的是（g取）（）A.果籃對彈簧測力計的拉力就是果籃受到的重力B.果籃對彈簧測力計的拉力是由于果籃形變產(chǎn)生的C.果籃對彈簧測力計的拉力和果籃的重力是一對作用力與反作用力D.彈簧的形變量為5cm【答案】BD【解析】【詳解】AC．果籃對彈簧測力計的拉力與彈簧測力計對果籃的拉力是相互作用力，對果籃受力分析，果籃受到的重力與彈簧測力計對果籃的拉力是一對平衡力，所以果籃對彈簧測力計的拉力在數(shù)值上等于果籃受到的重力，并不能認為果籃對彈簧測力計的拉力就是果籃受到的重力，故AC錯誤；B．果籃對彈簧測力計的拉力是由于果籃形變產(chǎn)生的，故B正確；D．根據(jù)胡克定律和二力平衡可得解得即彈簧的形變量為5cm，故D正確。故選BD。6.如圖所示，一物塊從光滑斜面上某處由靜止釋放，與一端固定在斜面底端的輕彈簧相碰。當物塊與彈簧接觸后，下列說法中正確的是（）A.物塊與彈簧接觸后立即做減速運動B物塊與彈簧接觸后先加速后減速C.當彈簧處于最大壓縮量時，物塊的加速度不為零D.當物塊的速度為零時，它所受的合力為零【答案】BC【解析】【詳解】AB．物塊與彈簧接觸后開始的一段時間內(nèi)，重力沿斜面向下的分力大于彈簧彈力，所以物塊先做加速運動，運動運動時間后，彈簧彈力大于重力沿斜面向下的分力，物塊做減速運動，故A錯誤，B正確；CD．物塊減速到速度為零時，彈簧壓縮到最短，壓縮量最大，此時彈簧彈力大于重力沿斜面向下的分力，物塊的加速度不為零，故C正確，D錯誤。故選BC。7.如圖所示，一個物塊在豎直向上的拉力F作用下豎直向上運動，拉力F與物塊速度v隨時間變化規(guī)律分別如圖甲、乙所示，物塊向上運動過程中所受空氣阻力大小不變，取重力加速度大小，則（）A.物塊質(zhì)量為250gB.物塊質(zhì)量500gC.物塊所受空氣阻力大小為3.5ND.物塊所受空氣阻力大小為2.5N【答案】AD【解析】【詳解】由圖乙可知，在2s之后，物塊做勻速直線運動，故受力平衡，則在0—2s時間內(nèi)，物塊做勻加速直線運動，加速度為根據(jù)牛頓第二定律可得解得故選AD。8.在機場和火車站可以看到對行李進行安檢的水平傳送帶。如圖甲所示，傳送帶正以一定的速度v按圖示方向勻速運動，旅客把行李（可視為質(zhì)點，初速度可視為零）放到傳送帶左端時，傳送帶對行李的滑動摩擦力使行李開始運動，經(jīng)過0.4s行李在傳送帶上停止滑動，此時行李還沒有到達傳送帶的最右端。現(xiàn)把手機放在行李中，并打開手機中的測加速度的APP，從而測出來了行李的加速度變化情況，如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.行李在傳送帶上滑行時所受的摩擦力方向向左B.行李與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為0.5C.傳送帶的速度v等于0.20m/sD.行李相對于傳送帶滑動的距離為0.04m【答案】CD【解析】【詳解】A．以初速度為零將行李放在傳送帶上，行李相對傳送帶向左運動，所以受到向右的摩擦力，故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律得解得故B錯誤；C．經(jīng)過0.4s行李在傳送帶上停止滑動，0.4s時物塊的速度等于傳送帶的速度，即故C正確；D．行李相對于傳送帶滑動的距離為故D正確。故選CD。三、非選擇題：共60分，其中9、10、11題為填空題，12、13題為實驗題，14~16題為計算題?？忌鶕?jù)要求作答。9.某汽車即將抵達目的地時，開始剎車并做勻減速直線運動直到停止。從剎車開始計時，汽車在0-2s內(nèi)的位移為16m，4-6s內(nèi)汽車的位移為1m，則汽車開始剎車時的初速度大小為___________，汽車剎車過程的加速度大小為___________?！敬鸢浮竣?②.【解析】【詳解】[1][2]若汽車在4-6s剛好停止運動，逆向可看做初速度為零的勻加速度運動，根據(jù)相同時間的位移比可知4-6s內(nèi)的位移是lm的話，則0-2s的位移應(yīng)該為5m，不是16m。所以小車在6s末前已經(jīng)停下，設(shè)4s后經(jīng)過時間停止運動，則解得，初速度大小為10.如圖所示，質(zhì)量為m的物體受到推力F作用，仍處于靜止狀態(tài)，已知推力F與水平面的夾角為θ，物體與地面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g，則物體所受地面支持力大小為________，受到的地面摩擦力大小為________。【答案】①.②.【解析】【詳解】[1]物體所受地面支持力大小為[2]因為物體靜止，所以它受到的地面摩擦力大小為11.如圖，質(zhì)量為1kg的物體A與質(zhì)量為2kg的物體B，用一輕質(zhì)彈簧連接，放在光滑的水平面上，在15N的水平推力作用下一起做勻加速直線運動，則加速度大小為______m/s2，彈簧的彈力大小為______N?！敬鸢浮竣?5②.10【解析】【詳解】[1]對AB的整體，由牛頓第二定律可知解得a=5m/s2[2]對物體B分析可知T=mBa=10N彈簧的彈力大小為10N。12.某同學在做“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”的實驗。（1）已備好的器材有圖釘、帶細繩套的橡皮筋、木板、白紙、鉛筆，還需要________。A.B.C.D.（2）實驗中彈簧測力計指針如圖甲所示，則此時彈簧測力計的示數(shù)為________N。（3）圖乙所示是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的力示意圖，該圖中的________表示力和合力的理論值。選（填“F”或“”）【答案】①.CD##DC②.2.14③.F【解析】【詳解】（1）[1]刻度尺是確定力的方向和作圖所必需的，彈簧測力計是測力所必需的，本實驗不用測物體速度和質(zhì)量，不需要鉤碼和打點計時器；故選CD。（2）[2]最小分度值為0.1N，所以讀數(shù)為2.14N；（3）[3]根據(jù)平行四邊形合成出來的是理論值，即F。13.某實驗小組利用圖甲所示實驗裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，打點計時器的工作頻率為．（1）下列做法正確的是______。A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B．每次改變小桶及桶內(nèi)砝碼的總重力后，都需要重新平衡摩擦力C．實驗時，先放開木塊，再接通打點計時器的電源（2）某次測量紙帶上計數(shù)點的間距如圖乙所示，每相鄰兩點之間還有四個點未畫出。則小車加速度______。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）（3）實驗時我們認為小桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運動時受到的拉力，實際上繩子拉力______（選填“大于”“等于”或“小于”）小桶及桶內(nèi)砝碼的總重力。（4）某同學在用此裝置研究加速度a與拉力F的關(guān)系．實驗中忘記平衡摩擦力，軌道水平放置，得到如圖丙所示直線，直線在縱軸上的截距為。則由圖像求得該物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為______。（重力加速度為g，結(jié)果用與g表示）【答案】①.A②.③.小于④.【解析】【詳解】（1）[1]A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，從而減小實驗誤差，故A正確；B．平衡摩擦力只需平衡一次即可，故B錯誤；C．實驗時，先接通打點計時器，再放開木塊，故C錯誤；故選A（2）[2]電源的頻率為50Hz,則周期T0=0.02s,每相鄰兩計數(shù)點間有四個點未畫出，則圖中標出的相鄰兩計數(shù)點之的時間間隔T=5T0=5×0.02s=0.1s根據(jù)逐差法可知，木塊的加速度為代入數(shù)據(jù)解得（3）[3]對小桶及桶內(nèi)砝碼根據(jù)牛頓第二定律有所以實際上繩子拉力小于小桶及桶內(nèi)砝碼的總重力。（4）[4]當沒有平衡摩擦力時有整理得縱軸截距為解得14.“百公里加速”指的是0到100km/h（約等于28m/s）加速時間，是對汽車動力最直觀的體現(xiàn)。如圖所示，現(xiàn)對我國新能源汽車，進行百公里加速時間測試。時，汽車從靜止開始勻加速直線開出，然后經(jīng)歷勻速直線運動和勻減速直線運動直到停止。下表給出了不同時刻汽車的速度大小，據(jù)此表求該汽車：時刻/s2.04.0…9.012.015.0…19.020.0速度816…282828…2212（1）加速時的加速度大?。唬?）勻減速運動的位移大小。【答案】（1）；（2）39.2m【解析】【詳解】（1）加速時的加速度大?。?）勻減速運動的加速度大小勻減速運動的位移大小15.如圖所示，建筑工地上一質(zhì)量為m＝66kg人正在用圖示裝置緩慢拉升質(zhì)量的重物，在某一時刻，OA繩與豎直方向夾角θ＝37°，OA與OB繩恰好垂直。已知可將此人視為質(zhì)點，并視最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度。則：（1）此時OB繩的拉力為多大；（2）若此時人恰好不被拉動，則人與地面間的動摩擦因數(shù)μ為多大？【答案】（1）；（2）0.6【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意，對結(jié)點O受力分析，如圖所示OA與OB繩恰好垂直，根據(jù)平衡條件，則解得（2）對人進行受力分析，由共點力平衡條件可得人恰好不被拉動時解得16.如圖，傾角為的固定斜面與水平面平滑連接，斜面上放置一質(zhì)量M=4kg、長度L1=10m的薄板AB，薄板上表面光滑，其下端B與斜面底端C的距離L2=15m，在薄板的上端A處放一質(zhì)量m=1kg的小滑塊，將小滑塊和薄板同時無初速釋放。已知薄板、小滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)均為，小滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為，取，，重力加速度大小g=10m/s2。（1）求小滑塊在薄板上滑動時，小滑塊和薄板的加速度大小各為多少；（2）求小滑塊經(jīng)多長時間滑離薄板；（3）當小滑塊滑離薄板時，立刻對薄板施加一平行于斜面向上的恒力F=8N，求薄板B端滑到C點時，小滑塊與C點的距離為多少?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）46.75m【解析