內(nèi)蒙古自治區(qū)赤峰市松山區(qū)多校2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期10月月考物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高三第一次統(tǒng)一檢測物理滿分100分，考試時(shí)間75分鐘注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上．2．答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號．答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共10小題，共46分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1.2024年6月25日14時(shí)7分，嫦娥六號返回器攜帶來自月背的月球樣品安全著陸在內(nèi)蒙古四子王旗預(yù)定區(qū)域，探月工程嫦娥六號任務(wù)取得圓滿成功．如圖所示，在減速階段，巨型降落傘為返回艙提供阻力，假設(shè)返回艙做直線運(yùn)動(dòng)，對于減速階段說法正確的是（）A.傘繩對返回艙的拉力等于返回艙的重力B.傘繩對返回艙拉力沖量等于返回艙重力沖量C.合外力對返回艙做的總功等于返回艙動(dòng)能的變化D.合外力對返回艙做的功等于返回艙機(jī)械能的變化【答案】C【解析】A．返回艙做減速運(yùn)動(dòng)，加速度向上，則傘繩對返回艙的拉力大于返回艙的重力，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)沖量的計(jì)算公式可知傘繩對返回艙拉力的沖量大于返回艙重力沖量，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能定理可知，合外力對返回艙做的總功等于返回艙動(dòng)能的變化，故C正確；D．根據(jù)功能關(guān)系可知，傘繩對返回艙拉力做功等于返回艙機(jī)械能的變化，故D錯(cuò)誤；故選C。2.下圖是一臺(tái)熱機(jī)的循環(huán)過程，工作物質(zhì)為理想氣體，它由兩個(gè)等容過程和兩個(gè)等溫過程組成，溫度為，溫度為，關(guān)于該循環(huán)，下列判斷正確的是（）A.溫度小于溫度B.放出的熱量等于吸收的熱量C.氣體對外做功等于外界對氣體做功D.氣體分子在狀態(tài)A時(shí)的平均動(dòng)能大于在狀態(tài)B時(shí)的平均動(dòng)能【答案】B【解析】A．過程，理想氣體體積不變，壓強(qiáng)變小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知熱力學(xué)溫度降低，即故A錯(cuò)誤；B．和均為等容過程，對外界不做功，溫度變化相同，即內(nèi)能變化量的大小相等，由熱力學(xué)第一定律可知放出的熱量等于吸收的熱量，故B正確；C．氣體溫度不變，氣體內(nèi)能不變，氣體壓強(qiáng)減小，體積增大，氣體對外界做功；氣體溫度不變，氣體內(nèi)能不變，氣體壓強(qiáng)增大，體積減小，外界對氣體做功；圖像與坐標(biāo)軸所圍圖形的面積等于氣體做的功，由圖像可知，過程圖像的面積大于過程圖像所圍成的面積，即故C錯(cuò)誤；D．為等溫狀態(tài)，則兩狀態(tài)的溫度相等，故氣體分子在狀態(tài)A時(shí)的平均動(dòng)能等于在狀態(tài)B時(shí)的平均動(dòng)能，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖是一種用折射率法檢測海水鹽度裝置的局部簡化圖．將一平行空氣磚（忽略薄玻璃壁厚度）斜插入海水中，讓光束從海水射向平行空氣磚再折射出來，通過檢測折射光線在不同鹽度海水中發(fā)生的偏移量d，進(jìn)而計(jì)算出海水鹽度，已知某一溫度下，海水鹽度變大到起折射率變大，下列說法正確的是（）A.一束復(fù)色光透過平行空氣磚分成1、2兩束光，則1光頻率高B.一束復(fù)色光透過平行空氣磚分成1、2兩束光，則2光在海水中傳播速度大C.一束單色光射向平行空氣磚后偏移量小，說明海水的鹽度小D.一束單色光射向平行空氣磚后偏移量大，說明海水的鹽度小【答案】C【解析】AB．由圖可知，光線在左側(cè)面折射時(shí)，光線1的折射角小，根據(jù)折射定律可知，光線1的折射率較小，頻率較小，根據(jù)可知，光線1在海水中的傳播速度較大，故AB錯(cuò)誤；CD．由圖可知，光線1的折射率小，偏移量小，所以若一束單色光射向平行空氣磚后偏移量變大，說明折射率變大，即海水的鹽度變大，若偏移量變小，說明海水的鹽度變小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4.圖示為錢學(xué)森先生所著《星際航行概論》中給出的一種發(fā)射衛(wèi)星的“最優(yōu)”軌道．衛(wèi)星在段加速上升，到達(dá)近地點(diǎn)B處關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)進(jìn)行自由飛行，到達(dá)遠(yuǎn)地點(diǎn)C處調(diào)整姿態(tài)入軌進(jìn)入運(yùn)行軌道．若近地點(diǎn)及以上位置的空氣阻力不考慮，不考慮衛(wèi)星的質(zhì)量變化，則按此軌道發(fā)射的衛(wèi)星以下說法正確的是（）A.加速段空氣阻力做負(fù)功，機(jī)械能增大B.從遠(yuǎn)地點(diǎn)進(jìn)入衛(wèi)星軌道，重力勢能減小C.衛(wèi)星在近地點(diǎn)時(shí)的線速度小于衛(wèi)星沿衛(wèi)星軌道運(yùn)行時(shí)經(jīng)過遠(yuǎn)地點(diǎn)時(shí)的線速度D.衛(wèi)星經(jīng)自由飛行段到達(dá)遠(yuǎn)地點(diǎn)時(shí)的向心加速度大于衛(wèi)星沿衛(wèi)星軌道運(yùn)行時(shí)經(jīng)過遠(yuǎn)地點(diǎn)時(shí)的向心加速度【答案】A【解析】A．加速段衛(wèi)星加速運(yùn)動(dòng)，空氣阻力做負(fù)功，動(dòng)能增大，結(jié)合題圖可知，衛(wèi)星的高度升高，重力勢能增大，則衛(wèi)星的機(jī)械能增大，A正確；B．在遠(yuǎn)地點(diǎn)C入軌進(jìn)入運(yùn)行軌道，可以認(rèn)為衛(wèi)星的高度不變，重力勢能不變，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)開普勒第二定律可知，衛(wèi)星在近地點(diǎn)時(shí)的線速度大于衛(wèi)星遠(yuǎn)地點(diǎn)時(shí)的線速度，根據(jù)牛頓第二定律及萬有引力定律可知解得衛(wèi)星在衛(wèi)星軌道運(yùn)行時(shí)的軌道半徑大于遠(yuǎn)地點(diǎn)的距離，故衛(wèi)星在衛(wèi)星軌道上運(yùn)行時(shí)的速度小于衛(wèi)星在遠(yuǎn)地點(diǎn)的線速度，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律及萬有引力定律可得解得由于二者軌道半徑相同，故加速度大小相等，D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖，光滑斜面AB和BC在B處連接，將一小球從斜面上距地面高為h處無初速釋放，經(jīng)B處沿斜面上滑，若小球每次經(jīng)B處時(shí)動(dòng)能損耗4%，對小球的描述正確的是（）A.小球第1次沿斜面BC上滑的最大高度為B.小球第1次回到斜面AB上滑的最大高度為C.第1次滑離B點(diǎn)時(shí)的速率是第1次返回到B點(diǎn)時(shí)速率的倍D.第1次滑離B點(diǎn)時(shí)的速率是第1次滑到B點(diǎn)時(shí)速率的倍【答案】D【解析】A．小球第1次到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理可得小球每次經(jīng)B處時(shí)動(dòng)能損耗4%，設(shè)第1次沿斜面上滑的最大高度為h1，則解得故A錯(cuò)誤；B．小球第2次到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得故B錯(cuò)誤；CD．第1次滑到B點(diǎn)時(shí)有第1次滑離B點(diǎn)時(shí)有第1次返回到B點(diǎn)時(shí)有所以，所以由此可知，小球第1次滑離B點(diǎn)時(shí)的速率等于第1次返回到B點(diǎn)時(shí)速率，第1次滑離B點(diǎn)時(shí)的速率是第1次滑到B點(diǎn)時(shí)速率的倍，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6.如圖所示，空間存在豎直向上的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E，A、B為兩個(gè)固定的電荷量為的點(diǎn)電荷，O點(diǎn)是連線的中點(diǎn)。有一質(zhì)量為m的帶電小球在兩電荷連線的中垂面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心為O，帶電小球和電荷A的連線與連線夾角為，重力加速度為g，靜電力常量為k。下列說法正確的是（）A.小球帶負(fù)電 B.小球所帶電荷量的大小為C.小球做圓周運(yùn)動(dòng)向心力大小為 D.小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為【答案】D【解析】AB．由于小球在兩電荷連線的中垂線內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有解得小球處于豎直向上的勻強(qiáng)電場中，受到豎直向上的電場力，故小球帶正電，故AB錯(cuò)誤；CD．帶電小球和電荷A的連線與連線夾角為，則由于解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.光滑水平軌道固定在地面上，軌道右側(cè)固定傳感器，傳感器與一輕質(zhì)彈簧連接，開始時(shí)彈簧處于原長狀態(tài)，如圖甲所示。使小車以初速度沿軌道向右運(yùn)動(dòng)，傳感器記錄小車運(yùn)動(dòng)過程中小車的圖像（如圖乙所示）和小車所受彈簧彈力大小F隨時(shí)間t的變化圖像（如圖丙所示），忽略空氣阻力。以下說法正確的是（）A.小車質(zhì)量m為 B.小車速度為零時(shí)，加速度也為零C.時(shí)間內(nèi)，小車做勻變速直線運(yùn)動(dòng) D.時(shí)間內(nèi)，小車的機(jī)械能守恒【答案】A【解析】A．根據(jù)動(dòng)量定理可知丙圖中圖線與時(shí)間軸所圍面積表示小車受到的彈力的沖量，取水平向右為正方向，則有解得故A正確；BC．由題可知，小車接觸到彈簧后向右運(yùn)動(dòng)過程中，由乙、丙圖可知在到時(shí)間內(nèi)受到的彈力逐漸增大，則小車做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，速度減為0，此時(shí)彈力最大，即小車所受的合外力最大；此時(shí)小車受到水平向左的彈力，后小車向左運(yùn)動(dòng)，彈力減小，小車向左做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，故BC錯(cuò)誤；D．在時(shí)間內(nèi)，小車受到彈簧彈力的作用，則小車在此期間受到外力的作用，故機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤。故選A。8.甲、乙兩同學(xué)相約去參觀博物館。兩人同時(shí)從各自家中出發(fā)，沿同一直線相向而行，經(jīng)過一段時(shí)間后兩人會(huì)合。兩人身上攜帶的運(yùn)動(dòng)傳感器分別記錄了他們在這段時(shí)間內(nèi)的速率隨時(shí)間的變化關(guān)系，如圖所示。其中，乙的速率隨時(shí)間變化的圖線為兩段四分之一圓弧。下列說法正確的是（）A.在時(shí)刻，甲、乙兩人速度相同 B.在時(shí)刻，甲、乙兩人加速度大小相等C.時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩人所走路程相同 D.時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩人平均速度相同【答案】BC【解析】A．在t1時(shí)刻，兩圖像相交，說明甲、乙兩人速度大小相等，因?yàn)閮蓚€(gè)人是相向運(yùn)動(dòng)的，運(yùn)動(dòng)方向相反，所以在t1時(shí)刻，甲、乙兩人速度不同，故A錯(cuò)誤；B．v-t圖像的斜率表示加速度，設(shè)t3時(shí)刻兩圖像的交點(diǎn)為A，交點(diǎn)A恰好等分t2-t4的圓周，由幾何關(guān)系可得過A點(diǎn)圓的切線的斜率和乙的斜率大小相等，故在t3時(shí)刻，甲、乙兩人加速度大小相等，故B正確；CD．通過觀察可以看出，乙的圖像與時(shí)間軸所圍的面積為甲圖像與時(shí)間軸所圍的面積為R2，說明甲、乙運(yùn)動(dòng)的位移大小相等，則甲、乙運(yùn)動(dòng)的路程相等，平均速率相等，因位移大小相等，方向不同，可知平均速度不同，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖甲所示，a、b兩物塊（均視為質(zhì)點(diǎn)）用輕質(zhì)彈簧連接并放置在光滑的水平面上，b的質(zhì)量為m，t=0時(shí)，使a獲得水平向右、大小為v0的速度，a、b運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間關(guān)系圖像如圖乙所示，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是（）A.t1時(shí)刻，a、b間的距離最小B.t2時(shí)刻，彈簧長度小于原長C.0~t3時(shí)間內(nèi)，a所受沖量的大小為D.0~t3時(shí)間內(nèi)，b所受沖量的大小為【答案】AD【解析】A．0~t1時(shí)間內(nèi)，a的速度大于b的速度，二者間距離隨著時(shí)間增大而減小，t1時(shí)刻，二者間的距離最小，故A正確；B．t1~t2時(shí)間內(nèi)，b的速度大于a的速度，ab間距離不斷增大，彈簧由壓縮狀態(tài)逐漸恢復(fù)原長，t2時(shí)刻，ab加速度為零，則彈簧恰好恢復(fù)原長，故B錯(cuò)誤；CD．0~t3時(shí)間內(nèi)，b所受沖量的大小為由于ab組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則所以a所受沖量為故C錯(cuò)誤，D正確故選AD。10.空間存在平行于x軸的勻強(qiáng)磁場，電子由坐標(biāo)原點(diǎn)在平面內(nèi)以初速度沿與x軸正方向成α角的方向進(jìn)入磁場，電子的運(yùn)動(dòng)軌跡為螺旋線，其軸線平行于x軸，直徑為D，螺距為，則下列說法中正確的是（）A.勻強(qiáng)磁場的方向?yàn)檠豿軸負(fù)方向B.若僅減小勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度，直徑D增大，螺距增大C.若僅減小電子入射的初速度，直徑D減小，螺距不變D.若僅增大角，直徑D增大，螺距減小【答案】BD【解析】A．電子帶負(fù)電，由于螺旋線的軸線平行于x軸，表明電子沿x軸做勻速直線運(yùn)動(dòng)，分速度為，平行于平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，分速度為，根據(jù)左手定則可知，勻強(qiáng)磁場的方向?yàn)檠豿軸正方向，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)分運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性與等時(shí)性，電子在平行于平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有，解得，螺距等于一個(gè)周期內(nèi)沿x軸方向勻速直線運(yùn)動(dòng)的分位移，則有可知，若僅減小勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度，直徑D增大，螺距增大，故B正確；C．結(jié)合上述可知，若僅減小電子入射的初速度，直徑D減小，螺距減小，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述可知，若僅增大角，直徑D增大，螺距減小，故D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分．11.實(shí)驗(yàn)是指數(shù)字化信息系統(tǒng)實(shí)驗(yàn)，某興趣小組只利用如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置測量擺球的質(zhì)量和當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?shí)驗(yàn)器材：鐵架臺(tái)（帶鐵夾）、擺球、力傳感器、速度傳感器、數(shù)據(jù)采集器等。實(shí)驗(yàn)操作：a．將力學(xué)傳感器固定于鐵架臺(tái)上；b．用細(xì)線連接質(zhì)量為m的小球，細(xì)線的另一端連接拉力傳感器于O點(diǎn)；c．將速度傳感器固定于O點(diǎn)正下方且與擺球球心在同一水平面；d．使細(xì)線伸直并偏離豎直方向一定角度，由靜止釋放小球，力傳感器測得小球在最低點(diǎn)時(shí)繩的拉力F，速度傳感器測得小球在最低點(diǎn)時(shí)速度v；e．改變細(xì)線與豎直方向的角度重復(fù)步驟d，多次采集實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)；應(yīng)用計(jì)算機(jī)進(jìn)行數(shù)據(jù)處理測出擺球質(zhì)量m、重力加速度g。根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)操作，回答下列問題：（1）由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的關(guān)系圖像正確的是_____________。A. B. C.（2）若圖像的斜率大小，縱截距，擺線長度，由此可以計(jì)算得出擺球質(zhì)量_____，重力加速度大小_____?！敬鸢浮浚?）B（2）0.059.82【解析】【小問1詳析】小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得即故圖像為一次函數(shù)，且斜率為正，縱截距為正，故B符合題意。故選B?！拘?詳析】根據(jù)題意可得解得12.一實(shí)驗(yàn)小組想要測量一個(gè)未知電源的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻，可供選擇的器材有：電流表A（量程50mA，內(nèi)阻為0.45Ω）；電阻箱R1（最大阻值為9.99Ω）；電阻箱R2（最大阻值為99.9Ω）；開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干。（1）由于電流表A的量程較小，考慮安全因素，該實(shí)驗(yàn)小組計(jì)劃將其量程擴(kuò)大為原來的10倍，電阻箱選用阻值為_____________Ω；（2）請?jiān)O(shè)計(jì)好電路，用筆畫線代替導(dǎo)線，在答題卡上將實(shí)物圖甲連接成完整電路_____________；（3）實(shí)驗(yàn)中記錄另一電阻箱的阻值R和電流表A的示數(shù)I（單位：A），并計(jì)算出，得到多組數(shù)據(jù)后描點(diǎn)做出圖線如圖乙所示，則該電源的電動(dòng)勢E=_____________V，內(nèi)電阻r=_____________Ω。【答案】（1）9.99（2）（3）2.50.58【解析】【小問1詳析】若將電流表量程擴(kuò)大為原來的10倍，則由于電阻箱R1有×0.01擋，故電阻箱應(yīng)選R1，9.99Ω。【小問2詳析】根據(jù)電流表改裝原理及測量電源電動(dòng)勢和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)原理可知，應(yīng)將改裝后的電流表與電阻箱串聯(lián)接在電源兩端，故實(shí)物圖連接如圖所示【小問3詳析】[1][2]改裝后電流表的內(nèi)阻為根據(jù)閉合電路歐姆定律有所以結(jié)合圖線可得，所以，13.用無人機(jī)運(yùn)送某貨物時(shí)，貨物用輕繩懸吊在無人機(jī)下，如圖所示，貨物的質(zhì)量為，開始時(shí)無人機(jī)帶著貨物從地面開始向上做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為，達(dá)到最大速度后向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，減速到速度為零時(shí)懸停，無人機(jī)上升的最大高度為，然后無人機(jī)開始沿水平方向先做加速度為的勻加速運(yùn)動(dòng)最后勻速運(yùn)動(dòng)，重力加速度為，不計(jì)空氣阻力，求：（1）無人機(jī)減速運(yùn)動(dòng)過程中，加速度的大小；（2）無人機(jī)與貨物沿水平方向做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，懸繩的拉力T．【答案】（1）4m/s2（2）125N，與水平方向夾角為53°【解析】【小問1詳析】無人機(jī)向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的位移減速運(yùn)動(dòng)時(shí)解得a2=4m/s2【小問2詳析】無人機(jī)與貨物沿水平方向做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到懸線斜向上的拉力和重力，則懸繩的拉力與水平方向的夾角則14.如圖，邊長為、匝數(shù)為的正方形線圈內(nèi)有垂直于線圈平面向里的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化的規(guī)律為，電路中平行板電容器的板長和板間距均為，板間四分之一圓（N為磁場圓圓心）區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場，一帶負(fù)電微粒從電容器M點(diǎn)水平向右射入（與極板不接觸）磁場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，恰能從下極板E點(diǎn)射出電容器，矩形線圈電阻，定值電阻，其余電阻不計(jì)，重力加速度大小取，求：（1）電阻R兩端電壓U；（2）帶電微粒的比荷；（3）帶電微粒射入磁場的速度大小v（結(jié)果可用根號表示）?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動(dòng)勢為電阻R兩端電壓【小問2詳析】電容器兩極板間電場的場強(qiáng)大小微粒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)有解得帶電微粒的比荷【小問3詳析】根據(jù)題意作出帶電微粒的軌跡圖根據(jù)幾何關(guān)系可得解得根據(jù)洛倫茲力提供向心力解得帶電微粒射入磁場的速度大小15.2024年9月25日8時(shí)44分，中國火箭軍成功向太平洋公共海域發(fā)射了一枚洲際彈道導(dǎo)彈，提升了中國在國際舞臺(tái)上的地位和影響力。若了解導(dǎo)彈的空氣動(dòng)力學(xué)特性，風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)是必不可少的。某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室通過控制氣流吹動(dòng)小球運(yùn)動(dòng)來簡化模擬風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)。如圖所示，為光滑水平面，，以A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿邊為x軸，沿邊為y軸。通過特殊控制，在矩形區(qū)域施加沿x軸正方向的風(fēng)，使小球在該區(qū)域運(yùn)動(dòng)中始終受到沿x軸正方向的恒定風(fēng)力F；矩形區(qū)域無風(fēng)；在矩形區(qū)域施加沿y軸負(fù)