浙江省9+1高中聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期11月期中物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第一學(xué)期浙江省9+1高中聯(lián)盟高三年級期中考試物理考生須知：1．本卷滿分100分，考試時間90分鐘；2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場、座位號及準(zhǔn)考證號并核對條形碼信息；3．所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效，考試結(jié)束后，只需上交答題卷4．參加聯(lián)批學(xué)校的學(xué)生可關(guān)注“啟望教育”公眾號查詢個人成績分析。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列各組物理量中，均屬于矢量的是（）A.動量、動能 B.磁感應(yīng)強(qiáng)度、磁通量C.速度、加速度 D.電場強(qiáng)度、電勢【答案】C【解析】A．動量是矢量，而動能是標(biāo)量，A錯誤；B．磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，磁通量是標(biāo)量，B錯誤；C．速度、加速度均是矢量，C正確；D．電場強(qiáng)度是矢量，電勢是標(biāo)量，D錯誤。故選C。2.以下情景中，帶下劃線的研究對象可以看成質(zhì)點(diǎn)的是（）A.測算螞蟻1分鐘爬行的路程B.觀察螞蟻爬行時肢體是如何分工的C.裁判員給跳水運(yùn)動員評分D.觀眾觀察跳高運(yùn)動員的跳高過程【答案】A【解析】A．測算螞蟻1分鐘爬行的路程時，螞蟻的形狀、大小可忽略，螞蟻可看成質(zhì)點(diǎn)，故A正確；B．觀察螞蟻爬行時肢體是如何分工的，要研究螞蟻?zhàn)藨B(tài)，螞蟻的形狀、大小不可忽略，螞蟻不可看成質(zhì)點(diǎn)，故B錯誤；C．裁判員給跳水運(yùn)動員評分時，需要研究跳水運(yùn)動員的身體姿態(tài)，跳水運(yùn)動員的形狀、大小不可忽略，跳水運(yùn)動員不可看成質(zhì)點(diǎn)，故C錯誤；D．觀眾觀察跳高運(yùn)動員的跳高過程時，需要觀察跳高運(yùn)動員身體姿態(tài)，跳高運(yùn)動員的形狀、大小不可忽略，跳高運(yùn)動員不可看成質(zhì)點(diǎn)，故D錯誤。故選A3.如圖所示，質(zhì)量為m的足球從水平地面上位置1被踢出后落在位置3，在空中達(dá)到最高點(diǎn)位置2的高度為h，則足球（）A.在位置2足球的速度方向水平B.在位置2足球的加速度方向豎直向下C.從位置2到位置3足球的動能增加mghD.從位置1到位置2過程中足球的機(jī)械能不變【答案】A【解析】A．在位置2足球的豎直速度為零，所以速度方向水平，故A正確；B．由足球的運(yùn)動軌跡可知，足球在空中運(yùn)動時一定受到空氣阻力作用，在位置2足球的合外力是阻力和重力的合力，不是豎直向下，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度方向也不是豎直向下，故B錯誤；C．從2到3由于空氣阻力作用，機(jī)械能減小，重力勢能減少mgh，則動能增加量小于mgh，故C錯誤；D．由于空氣阻力作用，從位置1到位置2過程中足球的機(jī)械能減小，故D錯誤。故選A。4.2024年3月17日，日本進(jìn)行了第四次核污水排放。核污水中包含多種放射性元素，下列說法正確的是（）A.放射性元素放出的β粒子就是原子的核外電子B.比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定C.β射線與γ射線一樣都是電磁波，但γ射線穿透本領(lǐng)比β射線強(qiáng)D.放射性元素的原子核內(nèi)的核子有半數(shù)發(fā)生變化所需的時間就是半衰期【答案】B【解析】A．放射性元素發(fā)生衰變時所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子和電子，電子釋放出來，A錯誤B．比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，B正確；C．射線是電磁波，射線不是電磁波，射線的穿透本領(lǐng)遠(yuǎn)比射線強(qiáng)，C錯誤；D．放射性元素的半衰期是有一半該元素的原子核發(fā)生衰變所用的時間。放射性元素的原子核內(nèi)的核子并不都要發(fā)生變化，D錯誤。故選B。5.如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r。電路中的R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減?。?，R2、R3為滑動變阻器。當(dāng)開關(guān)S閉合時，平行板電容器極板間有一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A.將R3的滑片P2向下端移動時，電源消耗的功率變小B.逐漸減小對R1的光照強(qiáng)度，R3中有向上的電流C.增大電容器C極板間距離，電壓表讀數(shù)變小D.若斷開開關(guān)S，帶電微粒將向下運(yùn)動【答案】D【解析】A．電路穩(wěn)定時，電容器相當(dāng)于開關(guān)斷開，將R3的滑片P2向下端移動時，接入電路的總電阻不變，電源輸出電流I不變，故電源消耗的功率不變，故A錯誤；B．逐漸減小對R1的光照強(qiáng)度，R1增大，接入電路的總電阻增大，電流減小，R2兩端電壓U2減小，電容器C兩端電壓減小，根據(jù)知電容器上電荷量減小，放電，根據(jù)電路知，下極板電勢高，故R3中電流向下，故B錯誤；C．增大電容器C極板間距離，對電路沒有影響，接入電路的電阻不變，電壓表讀數(shù)不變，故C錯誤；D．若斷開開關(guān)S，電容器放電，電容器所帶電荷量變小，電容器兩端電壓減小，極板間電場強(qiáng)度減小，帶電微粒所受電場力減小，合力向下，帶電微粒向下運(yùn)動，故D正確。故選D。6.如圖所示，a、b混合光束從介質(zhì)射向真空，發(fā)現(xiàn)只有b光從界面射出，反射光束用c表示，則下列說法正確的是（）A.c為a光B.真空中，b光的光速比a光的大C.真空中，b光的波長比a光的長D.通過同一雙縫干涉裝置，a光的條紋間距比b光的大【答案】C【解析】A．光在界面上均會發(fā)生反射，可知，c為a、b混合光，故A錯誤；B．真空中，光速一定，即在真空中，b光的光速等于a光的光速，故B錯誤；C．根據(jù)圖形可知，在相同的入射角入射時，a光發(fā)生了全反射，b光沒有發(fā)生全反射，則a光的臨界角小于b光的臨界角，根據(jù)可知，b光的折射率比a光的小，由于折射率越小，波長越長，則真空中，b光的波長比a光的長，故C正確；D．根據(jù)由于b光的波長比a光的長，則通過同一雙縫干涉裝置，a光的條紋間距比b光的小，故D錯誤。故選C。7.我國探月工程實(shí)施了“繞、落、回”三步走規(guī)劃。如圖，“嫦娥”探測器前往月球的過程中，首先進(jìn)入“停泊軌道”繞地球旋轉(zhuǎn)，在P點(diǎn)變速進(jìn)入地月“轉(zhuǎn)移軌道”，接近月球時，被月球引力“俘獲”，再在“工作軌道”上勻速繞月飛行，然后擇機(jī)降落。則探測器（）A.在“停泊軌道”上的繞行速度大于7.9km/sB.在P點(diǎn)向后噴氣，然后變軌到轉(zhuǎn)移軌道C.在轉(zhuǎn)移軌道上，關(guān)閉發(fā)動機(jī)后運(yùn)行時，動量不變D.探測器在停泊軌道和工作軌道上運(yùn)行時，相等時間內(nèi)，探測器與地球連線掃過的面積和探測器與月球連線掃過的面積相等【答案】B【解析】A．7.9km/s是地球衛(wèi)星最大的環(huán)繞速度，所以“嫦娥”探測器在“停泊軌道”上的繞行速度小于7.9km/s。故A錯誤；B．“嫦娥”探測器在P點(diǎn)加速，向后噴氣，做離心運(yùn)動，然后變軌到“地月轉(zhuǎn)移軌道”。故B正確；C．在轉(zhuǎn)移軌道上，關(guān)閉發(fā)動機(jī)后運(yùn)行時，速度方向時刻改變，動量在改變，故C錯誤；D．根據(jù)開普勒第二定律可知，在同一軌道上繞同一中心天體，在相同時間內(nèi)，探測器與中心天體連線掃過的面積相等，故D錯誤。故選B。8.靜止在光滑水平面上質(zhì)量為的物塊在水平拉力F作用下開始運(yùn)動，F(xiàn)隨時間變化如圖所示。則下列說法正確的是（）A.物塊在0~2s內(nèi)做勻加速運(yùn)動，2~4s內(nèi)做勻減速運(yùn)動B.物塊一直做加速運(yùn)動，力F的功率一直增大C.力F在0~2s內(nèi)做的功與2~4s內(nèi)做的功相等D.0~4s內(nèi)力F做功為32J【答案】D【解析】A．由圖像可知，0~2s內(nèi)物體做加速度逐漸增大的加速運(yùn)動，2~4s內(nèi)做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動，A錯誤；BC．物塊一直做加速運(yùn)動，設(shè)2s末物體的速度為，4s末物體的速度為，根據(jù)圖像的面積為力的沖量，則有和的沖量大小相等，根據(jù)動量定理即有解得根據(jù)動能定理可得，拉力做的功拉力做的功兩階段拉力做的功不相等；時雖然速度在增大但拉力在減小，分析可知當(dāng)越接近4s時拉力越趨向0，故此時拉力F的功率在減小，即拉力F的功率不是一直增大，故BC錯誤；D．整個過程合外力的沖量為根據(jù)動量定理可得解得物體的末速度根據(jù)動能定理可得，整個過程外力所做的功D正確故選D。9.如圖，輕彈簧上端固定，下端連接一小物塊，物塊沿豎直方向做簡諧運(yùn)動，以豎直向上為正方向，物塊簡諧運(yùn)動的表達(dá)式為。時刻，一小球從距物塊h高處自由落下，時，小球恰好與物塊處于同一高度，重力加速度g取。以下判斷正確的是（）A.B.簡諧運(yùn)動的頻率是2.5Hz.C.0.6s內(nèi)物塊運(yùn)動的路程是0.2mD.時，物塊與小球運(yùn)動方向相同【答案】D【解析】A．由振動方程式可得，t=0.6s時物體的位移為則對小球有解得A錯誤；B．由公式可知，簡諧運(yùn)動的頻率為B錯誤；C．振幅為0.1m，故0.6s內(nèi)物塊運(yùn)動的路程為C錯誤；D．，此時物體在平衡位置向下振動，則此時物塊與小球運(yùn)動方向相同，D正確。故選D。10.如圖所示，有一半徑為R的均勻帶電圓形薄板，其中心軸線上與圓心O相距2R處C點(diǎn)固定一電量為+Q的點(diǎn)電荷，A點(diǎn)位于OC的中點(diǎn)，B是A關(guān)于圓形薄板的對稱點(diǎn)，若B點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，靜電力常量為k，則下列說法正確的是（）A.圓形薄板在B點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為，方向B指向OB.圓形薄板所帶電荷量為C.A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為，方向A指向OD.過A點(diǎn)與軸線垂直的平面上各點(diǎn)電勢為零【答案】C【解析】A．B點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，表明點(diǎn)電荷在B點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度與圓盤在B點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，方向相反，則有點(diǎn)電荷帶正電，其在B點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度方向O指向B，則圓形薄板在B點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為，方向B指向O，圓盤帶負(fù)電，故A錯誤；B．若圓形薄板所帶電荷量集中在圓心O，則電荷量應(yīng)為，而實(shí)際上圓形薄板的電荷量是均勻分布在薄板上的，除了圓心O處距離B點(diǎn)的距離與點(diǎn)電荷距離B點(diǎn)的距離相同外，其余各點(diǎn)距離B點(diǎn)的距離都大于，若將電荷量均勻的分布在薄板上，則根據(jù)點(diǎn)電荷在某點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)公式可知此時圓盤在B點(diǎn)的場強(qiáng)一定小于E1，故圓形薄板所帶電荷量的絕對值一定大于，故B錯誤；C．點(diǎn)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度方向向右，根據(jù)對稱性，結(jié)合上述可知，圓盤在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度方向向右，則A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為方向A指向O，故C正確；D．結(jié)合上述，點(diǎn)電荷帶正電，圓盤帶負(fù)電，可知，點(diǎn)電荷與圓盤之間的電場線方向整體向右，但電場線的分布在A點(diǎn)左右并不對稱，即過A點(diǎn)與軸線垂直的平面并沒有與任意電場線垂直，即該平面不是等勢面，則過A點(diǎn)與軸線垂直的平面上各點(diǎn)電勢并不都為零，故D錯誤。故選C。11.平行金屬導(dǎo)軌水平放置，間距為d。其左端接有電源，電動勢為E，內(nèi)阻為r。導(dǎo)軌平面處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。長度也為d的導(dǎo)體棒ab電阻為R，垂直導(dǎo)軌由靜止釋放，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終接觸且垂直，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間摩擦阻力恒為不計(jì)導(dǎo)軌電阻。下列說法中正確的是（）A.導(dǎo)體棒先做加速度減小的加速運(yùn)動，最后勻速B.導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動時，滿足C.回路中的電流不斷減小，導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動時，回路中電流為零D.電源輸出的電能轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體棒的動能與焦耳熱【答案】A【解析】A．導(dǎo)體棒受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得可知，由于恒定，隨著導(dǎo)體棒速度越來越大，在磁場中產(chǎn)生反電動勢，回路中的電流逐漸減小，加速度越來越小，當(dāng)加速度為0時，導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動，A正確；B．當(dāng)導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動時，則有即根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得聯(lián)立可得B錯誤；C．結(jié)合上述分析可知，勻速運(yùn)動時，電路中的電流恒定，但不為0，C錯誤；D．根據(jù)能量守恒可知，電源輸出的電能轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體棒的動能、克服摩擦力所做的功（因摩擦而轉(zhuǎn)化的內(nèi)能）與焦耳熱，D錯誤。故選A。12.甲、乙兩列簡諧橫波在同種均勻介質(zhì)中分別沿x軸正方向、負(fù)方向傳播，波速均為1m/s，某時刻兩列波的部分波形如圖，此時P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛好開始振動。下列說法正確的是（）A.以處的質(zhì)點(diǎn)開始振動時刻作為計(jì)時起點(diǎn)，該質(zhì)點(diǎn)的振動方程為B.兩列波疊加后，PQ（包括P、Q）之間振幅為12cm的點(diǎn)有5個C.從圖示時刻開始計(jì)時，時處的質(zhì)點(diǎn)正處在平衡位置向y軸負(fù)方向運(yùn)動D.處的質(zhì)點(diǎn)從圖示時刻開始經(jīng)過3s通過的路程是24cm【答案】D【解析】B．由波形圖可知兩列波的波長均為2m，而波速都為1m/s，由由得兩列波疊加后，（包括）之間振幅為的點(diǎn)有3個，故B錯誤；A．以處的質(zhì)點(diǎn)開始振動時刻作為計(jì)時起點(diǎn)，該點(diǎn)起振方向向上，根據(jù)以上分析可知，該點(diǎn)振幅所以，該質(zhì)點(diǎn)的振動方程為故A錯誤；C．時，波傳播的距離左側(cè)原點(diǎn)處的波形傳到該位置，右側(cè)x=8cm處質(zhì)點(diǎn)的波形傳到該位置，左側(cè)引起振動向上，右側(cè)引起振動向下，根據(jù)疊加可知，時處的質(zhì)點(diǎn)正處在平衡位置向y軸正方向運(yùn)動，故C錯誤；D．左側(cè)波傳到處需要時間右側(cè)波傳到處需要時間都傳到該點(diǎn)時，該點(diǎn)振動減弱，所以從圖示時刻開始經(jīng)過3s通過的路程是故D正確。故選D。13.如圖甲所示，用波長的紫外線照射光電管陰極K，恰好能發(fā)生光電效應(yīng)。圖乙是氫原子的能級圖，若大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子發(fā)出的光照射陰極K，微安表顯示有示數(shù)，調(diào)整電源和滑動變阻器，測得微安表示數(shù)為零時電壓表示數(shù)為U，已知普朗克常量，真空中光速。下列說法正確的是（）A.改用可見光照射，仍能發(fā)生光電效應(yīng)B.陰極K材料的逸出功是C.電壓表示數(shù)U為1.5VD.有4種頻率的光能使該光電管發(fā)生光電效應(yīng)【答案】C【解析】A．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程由于可見光的頻率小于紫外線的頻率，所以改用可見光照射，不能發(fā)生光電效應(yīng)，故A錯誤；B．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可得代入數(shù)據(jù)可得陰極K材料的逸出功為故B錯誤；C．處于激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷至能級所釋放的能量為根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可得電壓表示數(shù)為故C正確；D．能發(fā)生光電效應(yīng)入射光的能量最小為大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時釋放的能量分別為故有2種頻率的光能使該光電管發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個選項(xiàng)中至少有一個符合題目要求，全部選對得3分，漏選得2分，錯選得0分。）14.下列說法中正確的是（）A.圖甲是表示一定質(zhì)量理想氣體不同溫度下的等溫線，圖中B.圖乙是黑體輻射的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，圖中C.圖丙是分了運(yùn)動速率分布曲線，圖中D.圖丁是閉合電路中電源輸出功率與外電阻的關(guān)系，當(dāng)時，電源效率最大【答案】AB【解析】A．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，在圖甲中兩等溫圖線上取體積相等的兩點(diǎn)比較，可知對應(yīng)的壓強(qiáng)關(guān)系為，則有，故A正確；B．根據(jù)黑體輻射實(shí)驗(yàn)規(guī)律可得，一定溫度下黑體輻射強(qiáng)度隨波長的分布有一個極大值，黑體熱輻射強(qiáng)度的極大值隨溫度的升高向波長較小的方向移動，則圖乙中有，故B正確；C．溫度越高，分子熱運(yùn)動越激烈，速率大的分子所占的比例大，由圖丙可知對應(yīng)曲線速率大的分子所占的比例比對應(yīng)曲線速率大的分子所占的比例大，所以，故C錯誤；D．圖丁是閉合電路中電源輸出功率與外電阻的關(guān)系，當(dāng)時，電源的輸出功率最大；但電源的效率為可知外電阻越大，電源的效率越高，故D錯誤。故選AB15.如圖所示，粗糙絕緣的傾斜直桿上套著一個帶正電圓環(huán)，圓環(huán)直徑略大于直桿直徑，整個裝置處于垂直紙面向里磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中?，F(xiàn)給圓環(huán)一個沿桿向下的初速度，圓環(huán)運(yùn)動過程中電荷量保持不變。則下列說法中正確的有（）A.圓環(huán)可能做加速度增大的減速運(yùn)動，最后靜止B.圓環(huán)可能做加速度增大的加速運(yùn)動，最后勻速C.圓環(huán)可能做加速度減小的加速運(yùn)動，最后勻速D.圓環(huán)可能做加速度減小的減速運(yùn)動，最后勻速【答案】ACD【解析】圓環(huán)運(yùn)動過程中受到摩擦力為根據(jù)牛頓第二定律可得若，且，圓環(huán)將沿桿向下做加速運(yùn)動，加速過程中圓環(huán)受到的摩擦力逐漸增大，圓環(huán)的加速度逐漸減小，減小至零后將做勻速直線，故圓環(huán)有可能做加速度減小的加速運(yùn)動，最后勻速。若，且，圓環(huán)將沿桿向下做加速運(yùn)動，加速過程中圓環(huán)受到的摩擦力先減小后增大，圓環(huán)的加速度先增大后減小，減小至零后將做勻速直線，故圓環(huán)有可能做加速度先增大后減小的加速運(yùn)動，最后勻速。若，且，圓環(huán)將沿桿向下做減速運(yùn)動，減速過程中圓環(huán)受到的摩擦力逐漸減小，圓環(huán)的加速度逐漸減小，減小至零后將做勻速直線，故圓環(huán)可能做加速度減小的減速運(yùn)動，最后勻速。若，且，圓環(huán)將沿桿向下做減速運(yùn)動，減速過程中圓環(huán)受到的摩擦力逐漸增大，圓環(huán)的加速度逐漸增大，直至圓環(huán)靜止，故圓環(huán)可能做加速度增大的減速運(yùn)動，最后靜止。故選ACD。非選擇題部分三、非選擇題部分（本題有5小題，共55分）16.實(shí)驗(yàn)題：用如圖甲所示裝置探究“加速度與力的關(guān)系”，氣墊導(dǎo)軌上質(zhì)量為M的滑塊（含遮光條）通過輕質(zhì)細(xì)繩繞過滑輪與拉力傳感器及質(zhì)量為m的鉤碼相連，遮光條寬度為d。實(shí)驗(yàn)時，滑塊由靜止釋放，測得遮光條通過光電門的時間為t，拉力傳感器的讀數(shù)為F。不計(jì)滑輪軸、滑輪與輕質(zhì)細(xì)繩之間的摩擦。（1）用螺旋測微器測出遮光條的寬度，示數(shù)如圖乙所示，則遮光條的寬度為d=______mm；（2）為了保證細(xì)線的拉力等于滑塊受到的合外力，下列操作中必要的有______；A.使鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量B.調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平C.調(diào)節(jié)定滑輪使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行（3）實(shí)驗(yàn)時，改變懸掛鉤碼的質(zhì)量，每次均從同一位置A由靜止釋放，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，得到多組數(shù)據(jù)。已知遮光條起始位置到光電門的距離為L。用圖像法處理數(shù)據(jù)，最合理應(yīng)作______圖像（選填“”、“”、“”或“”），如果圖像是過原點(diǎn)的一條直線，且圖像的斜率為______（用題中所給物理量字母表示），則表明質(zhì)量一定時，加速度與合外力成正比?！敬鸢浮浚?）3.205（2）BC（3）【解析】【小問1詳析】遮光條的寬度為【小問2詳析】A．力傳感器可測出線對滑塊拉力，故不必要使鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量，故A錯誤；BC．因氣墊導(dǎo)軌與滑塊不接觸，有氣隙阻力極小，故不必要平衡摩擦力，為了保證細(xì)線的拉力等于滑塊受到的合外力，需要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平、調(diào)節(jié)定滑輪使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行。故BC正確。故選BC?！拘?詳析】[1][2]由解得根據(jù)牛頓第二定律，得到因此作圖像，如果圖像是過原點(diǎn)的一條直線，且圖像的斜率為，則表明質(zhì)量一定時，加速度與合外力成正比。17.按要求填空：（1）用伏安法測某電阻的阻值。為減小誤差，用圖示電路進(jìn)行探究，發(fā)現(xiàn)當(dāng)S分別接a、b時，電流表的示數(shù)變化較大，而電壓表的示數(shù)幾乎不變，則測量時S應(yīng)接到______（選填“a”或“b”），此測量值______（選填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。（2）某電阻阻值隨磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化規(guī)律如圖甲所示，利用其特性設(shè)計(jì)了一款測量磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的磁場測量儀，工作原理電路圖如圖乙所示，提供的器材有：A．磁敏電阻（工作范圍為0~1.5T）B．電源（電動勢為3V，內(nèi)阻不計(jì)）C．電流表（量程為5.0mA，內(nèi)阻不計(jì)）D．電阻箱（最大阻值為9999.9Ω）E．定值電阻（阻值為30Ω）F．定值電阻（阻值為300Ω）G．開關(guān)，導(dǎo)線若干第一步：按照圖乙所示連接實(shí)驗(yàn)電路，定值電阻R應(yīng)選用______（填“”或“”）第二步：按下列步驟進(jìn)行調(diào)試：①閉合開關(guān)，將電阻箱調(diào)為______Ω，然后將開關(guān)向______（填“a”或“b”）端閉合，將電流表此時指針對應(yīng)的刻度線標(biāo)記為1.5T；②逐步減小電阻箱的阻值，按照圖甲將電流表的“電流”刻度線標(biāo)記為對應(yīng)的“磁感應(yīng)強(qiáng)度”值；③將開關(guān)向另一端閉合，測量儀即可正常使用。第三步：用調(diào)試好的磁場測量儀進(jìn)行測量，當(dāng)電流表的示數(shù)為3mA時，對應(yīng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為______T（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）b大于（2）1300或1300.0a1.0【解析】【小問1詳析】[1]當(dāng)S分別接a、b時，電流表的示數(shù)變化較大，說明電壓表的分流作用對電路的影響比較大，為了避免電壓表分流作用的影響，應(yīng)采用電流表的內(nèi)接法，故S應(yīng)接在b端；[2]這種接法測量電阻時，由于電流表的分壓作用，導(dǎo)致電壓測量偏大，根據(jù)歐姆定律可得可知，測量值比真實(shí)值偏大?！拘?詳析】[1]根據(jù)題意可知，電路中的最小電阻綜合考慮，定值電阻應(yīng)選擇[2][3]由甲圖可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度，電阻，故應(yīng)將變阻箱的阻值調(diào)為，將接在a端，標(biāo)記此時電流表的電流；[4]由歐姆定律可知，此時電路中的阻值故有解得結(jié)合甲圖可知，此時磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為18.導(dǎo)熱良好圓筒形容器水平放置，用橫截面積為的光滑活塞密封了一定質(zhì)量的理想氣體，如圖甲所示，活塞到底面的距離為102cm?，F(xiàn)在將容器緩慢轉(zhuǎn)到豎直，如圖乙所示，此時活塞到底面的距離變?yōu)?，設(shè)大氣壓，熱力學(xué)溫度T與攝氏溫度t的關(guān)系?。↘），重力加速度。（1）求活塞的質(zhì)量（2）若原先的環(huán)境溫度為27℃，現(xiàn)在要通過改變環(huán)境溫度使活塞回到原先的位置，則①應(yīng)使環(huán)境溫度變?yōu)槎嗌?？②理想氣體的內(nèi)能與溫度的關(guān)系為，此理想氣體，在（2）所述過程中氣體是吸熱還是放熱？傳遞的熱量是多少？【答案】（1）（2）①；②吸熱，170.4J【解析】【小問1詳析】從水平到豎直，氣體做等溫變化代入數(shù)據(jù)可得【小問2詳析】①活塞回復(fù)過程中氣體壓強(qiáng)不變，由其中代入數(shù)據(jù)可得②活塞回復(fù)過程中氣體對外做功氣體的內(nèi)能變化由熱力學(xué)第一定律得代入數(shù)據(jù)得即氣體是吸熱170.4J。19.如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)，有傾角為的粗糙斜面AB，粗糙水平軌道BC，豎直光滑圓軌道（最低點(diǎn)略微錯開），圓軌道右側(cè)是光滑軌道CD，連接處均平滑。小車緊靠平臺停在光滑水平地面上，上表面為光滑圓弧EF，小車E點(diǎn)切線水平與軌道CD等高。從斜面上A點(diǎn)靜止釋放一小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），小物塊能沿著軌道運(yùn)動并滑上小車。已知小物塊與斜面AB、軌道BC間的動摩擦因數(shù)均為，（已知，重力加速度），斜面長，軌道BC長度，圓軌道半徑為，小物塊質(zhì)量，小車質(zhì)量，E點(diǎn)距地面高度。求：（1）小物塊從A運(yùn)動到B的時間；（2）小物塊到圓軌道最高點(diǎn)時對軌道的壓力QUOTEFNFN；（3）小物塊離開小車落到地面上時與小車左端E點(diǎn)的水平距離x（假設(shè)小物塊落地后不反彈）?！敬鸢浮浚?）5s（2）14N；方向豎直向上（3）1.6m【解析】【小問1詳析】根據(jù)牛頓第二定律，小物體沿傳送帶下滑的加速度為小物體從A端運(yùn)動到B端做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，設(shè)需要的時間為t，則有解得【小問2詳析】到B點(diǎn)的速度由B點(diǎn)到最高點(diǎn)過程有滑塊運(yùn)動到最高點(diǎn)有由牛頓第三定律可知方向豎直向上【小問3詳析】從B點(diǎn)到D點(diǎn)由動能定理從物塊滑上小車到滑離小車由動量守恒和能量關(guān)系聯(lián)立解得小物塊離開小車做平拋運(yùn)動由得20.如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置，傾角，導(dǎo)軌間距離為L。導(dǎo)軌頂端接有電阻R，下端G、H處通過絕緣材料與足夠長的水平導(dǎo)軌平滑連接，水平導(dǎo)軌間距也為L，其右端接有電容為C的電容器。斜軌道EF的下方及水平軌道處均有方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B．質(zhì)量為m、長度為L、電阻為r的導(dǎo)體棒ab垂直傾斜導(dǎo)軌放置，與磁場邊界EF的距離為?，F(xiàn)將導(dǎo)體棒ab由靜止釋放，已知導(dǎo)體棒到達(dá)斜軌道底部前已勻速，EF離傾斜導(dǎo)軌底端距離為x。已知，，，，，，，，當(dāng)電容器電壓為U時，電容器儲存的電場能為，不計(jì)一切摩擦，不考慮電磁輻射，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌接觸且垂直。（已知，，重力加速度）求：（1）導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場時ab兩端的電壓；（2）導(dǎo)體棒在傾斜導(dǎo)軌上運(yùn)動的時間t；（3）在整個過程中導(dǎo)體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱Q?！敬鸢浮浚?）1.6V（2）（3）【解析】【小問1詳析】依題意，導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場前，做勻加速直線運(yùn)動，設(shè)加速度為a，由牛頓第二定律得解得進(jìn)入磁場時速度為v1，則由勻變速直線運(yùn)動規(guī)律得解得此時導(dǎo)體棒產(chǎn)生的電動勢結(jié)合閉合電流歐姆定律可知，此時ab兩端電壓【小問2詳析】導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場前做勻加速直線運(yùn)動，由速度時間關(guān)系可知，其運(yùn)動時間在磁場中勻速運(yùn)動時，設(shè)此時速度為v2，導(dǎo)體棒受重力mg、支持力、安培力FA，由平衡條件沿斜面方向有因?yàn)榇藭r安培力因?yàn)榇藭r電動勢聯(lián)立解得設(shè)導(dǎo)體棒從進(jìn)入磁場到運(yùn)動到斜面底部過程用時t2，則由動量定理有因?yàn)槁?lián)立整理得聯(lián)立解得總時間【小問3詳析】由能量守恒可知，在斜軌道上運(yùn)動時導(dǎo)體棒ab產(chǎn)生的焦耳熱分析