江蘇省南通市海門區(qū)2022屆高三上學(xué)期物理期末教學(xué)質(zhì)量調(diào)研試卷

江蘇省南通市海門區(qū)2022屆高三上學(xué)期物理期末教學(xué)質(zhì)量調(diào)研試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．將中子、質(zhì)子緊緊束縛在核內(nèi)，形成穩(wěn)定原子核的力是（）A．萬(wàn)有引力 B．庫(kù)侖力 C．核力 D．分子力2．2021年12月26日，神舟十三號(hào)航天員在軌開(kāi)展了第二次艙外作業(yè)．航天員在空間站24小時(shí)內(nèi)可以看到十六次日出日落。下列說(shuō)法正確的是（）A．空間站的線速度大于第一宇宙速度B．空間站的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度C．航天員出艙作業(yè)時(shí)的向心加速度為零D．航天員在空間站內(nèi)不受到地球引力作用，處于完全失重狀態(tài)3．鐵絲圈上附有肥皂沫，豎直放置時(shí)，可以觀察到上疏下密的彩色條紋，下列說(shuō)法正確的是（）A．肥皂膜從形成到破裂，條紋的寬度和間距不會(huì)發(fā)生變化B．肥皂膜前后兩個(gè)面的側(cè)視形狀為上薄下厚的梯形C．肥皂膜上的條紋是前后表面反射光形成的干涉條紋D．將鐵絲圈右側(cè)的把柄向上轉(zhuǎn)動(dòng)90°，條紋也會(huì)跟著轉(zhuǎn)動(dòng)90°4．小理利用如圖一所示的裝置研究光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，用甲、乙、丙三條可見(jiàn)光照射同一光電管，得到如圖二所示的三條光電流與電壓的關(guān)系曲線。下列說(shuō)法中正確的是（）A．同一光電管對(duì)不同單色光的極限頻率不同B．電流表A的電流方向一定是a流向bC．甲光對(duì)應(yīng)的光電子最大初動(dòng)能最大D．如果丙光是紫光，則乙光可能是黃光5．如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波向左傳播，振幅為A，周期為T，波長(zhǎng)為λ，已知t=0時(shí)刻介質(zhì)中a質(zhì)點(diǎn)的位移為A2，則1A．質(zhì)點(diǎn)a位于平衡位置上方且位移大于AB．質(zhì)點(diǎn)a位于平衡位置上方且位移小于AC．質(zhì)點(diǎn)a在0時(shí)刻位置的左側(cè)14D．質(zhì)點(diǎn)a在0時(shí)刻位置的右側(cè)146．一小球做平拋運(yùn)動(dòng)，關(guān)于小球的動(dòng)量變化Δp、動(dòng)量變化率ΔpΔt，動(dòng)能變化ΔEk，動(dòng)能的變化率ΔA． B．C． D．7．小明要測(cè)量一半徑為R的半圓形玻璃磚的折射率，他用一束平行于直徑AB的綠色自然光從C點(diǎn)入射時(shí)，折射光線恰好打在B點(diǎn)，已知C點(diǎn)到AB的距離為R2A．該玻璃磚對(duì)綠光的折射率為1B．從C點(diǎn)反射的光線仍然為自然光C．換用紅光仍平行于AB從C點(diǎn)入射，其折射光線可能打在E點(diǎn)D．改變?nèi)肷涔獾念伾?，將入射點(diǎn)上移，則折射光線可能通過(guò)O8．如圖所示，小球沿豎直光滑圓軌道內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，小球的機(jī)械能E機(jī)、重力勢(shì)能Ep（取圓軌道的最低點(diǎn)重力勢(shì)能為零）和動(dòng)能Ek的相對(duì)大小（用柱形高度表示），可能正確的是（）A． B．C． D．9．如圖所示，一平行金屬板AB與一線圈組成理想的LC振蕩電路，E為電源，當(dāng)開(kāi)關(guān)S從1擲向2的同時(shí)，有一電子恰從極板中央飛入AB間，電子重力可忽略，射入方向與極板平行。則電子（）A．可能從上極板邊緣飛出，飛出時(shí)動(dòng)能一定增大B．可能從下極板邊緣飛出，飛出時(shí)動(dòng)能可能不變C．可能從上極板邊緣飛出，飛出時(shí)動(dòng)能可能不變D．可能從下極板邊緣飛出，飛出時(shí)動(dòng)能一定減小二、多選題10．如圖所示，傾角為θ的傳送帶順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，質(zhì)量為m物塊P通過(guò)平行于傳送帶的輕繩跨過(guò)光滑輕滑輪與質(zhì)量為mA物塊A相連，且mA>msinθ?，F(xiàn)將P從傳送帶底端由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)至在傳送帶中點(diǎn)時(shí)恰好達(dá)到傳送帶速度，隨后與傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)；若換用與P質(zhì)量相同、材質(zhì)不同的物塊Q與A相連，Q剛好在傳送帶頂端與傳送帶達(dá)到共同速度，則物塊在傳送帶上從底端運(yùn)動(dòng)到頂端（A未著地）過(guò)程中（）A．物塊Q與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)比物塊P大B．傳送帶對(duì)物塊P做的功小于對(duì)物塊Q做的功C．在加速階段，在同一位置，重力的功率物塊P大于物塊QD．物塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量，P比Q多三、實(shí)驗(yàn)題11．小明通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量一種合金的電阻率。（1）如圖甲所示，用螺旋測(cè)微器測(cè)量合金絲的直徑時(shí)，從調(diào)節(jié)到讀數(shù)的過(guò)程中，螺旋測(cè)微器上三個(gè)部件A、B、C使用的先后順序應(yīng)該為（填字母）；測(cè)得該合金絲的直徑為d=mm；（2）請(qǐng)根據(jù)表格中數(shù)據(jù)，在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線把電路連接補(bǔ)充完整；（3）小明在實(shí)驗(yàn)室找了兩節(jié)干電池進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，正確連接電路后，發(fā)現(xiàn)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，電壓表和電流表的示數(shù)變化范圍非常小，原因是；（4）正確連接電路后，小明利用刻度尺測(cè)出合金絲接入電路的長(zhǎng)度L=59.99cm，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，讀出電壓表和電流表的示數(shù)，在方格紙上作出U-I圖象如圖丙，發(fā)現(xiàn)圖像是一條傾斜直線，計(jì)算該合金絲電阻R=，該合金絲電阻率ρ=Ω·m（π取3，結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）。12345678電流I/A00.080.110.150.190.270.380.56電壓U/V00.190.290.440.600.801.151.70四、解答題12．跳跳球由橡膠球、踏板和扶手構(gòu)成，是訓(xùn)練平衡的玩具，如圖所示。橡膠球原體積為4×10-3m3，內(nèi)部氣體壓強(qiáng)為1.5×105Pa，當(dāng)質(zhì)量為60kg的人站上踏板并保持平衡時(shí)，橡膠球體積變?yōu)?×10-3m3，球內(nèi)氣體壓強(qiáng)變?yōu)?.2×105Pa，不計(jì)橡膠球膜厚度及玩具的重力，球內(nèi)氣體可看作理想氣體，溫度保持不變，取g=10m/s2，大氣壓強(qiáng)為1.0×105Pa。則人站上踏板穩(wěn)定后；（1）計(jì)算說(shuō)明橡膠球是否漏氣；（2）求橡膠球與地面的接觸面積。13．迷你系繩衛(wèi)星在地球赤道正上方的電離層中，沿圓形軌道繞地飛行。系繩衛(wèi)星由兩子衛(wèi)星組成，它們之間的導(dǎo)體繩沿地球半徑方向，如圖所示。在電池和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的共同作用下，導(dǎo)體繩中形成指向地心的電流，等效總電阻為r。導(dǎo)體繩所受的安培力克服大小為f的環(huán)境阻力，可使衛(wèi)星保持在原軌道上。已知衛(wèi)星離地平均高度為H，導(dǎo)體繩長(zhǎng)為L(zhǎng)（L?H），地球半徑為R，質(zhì)量為M，萬(wàn)有引力常量為G，軌道處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)體繩。忽略地球自轉(zhuǎn)的影響。求：（1）衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)速度v及導(dǎo)體繩中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E1；（2）電池電動(dòng)勢(shì)E2。14．如圖所示，在y軸右方以原點(diǎn)O為圓心、半徑為R的半圓形區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的方向垂直于xOy平面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．在y軸左側(cè)?R≤y≤R的區(qū)域內(nèi)存在沿x軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。x軸上A點(diǎn)與O點(diǎn)間距為d，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從x軸上的A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)電場(chǎng)加速后從O點(diǎn)射入磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力。（1）若粒子第一次經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)的偏轉(zhuǎn)角為60°，求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速度v1；（2）要使粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)之后不再經(jīng)過(guò)y軸，求電場(chǎng)強(qiáng)度E應(yīng)滿足的條件；（3）若電場(chǎng)強(qiáng)度E=q15．如圖所示，左側(cè)固定著內(nèi)壁光滑的四分之一圓軌道，半徑為R，右側(cè)水平面上，有一質(zhì)量為3m的滑板由水平部分BC和半徑為R的四分之一光滑圓弧構(gòu)成。質(zhì)量分別為2m和m物體P、Q（視為質(zhì)點(diǎn)）鎖定在半圓軌道底端A點(diǎn)和滑板左端B點(diǎn)，兩者間有一被壓縮的輕質(zhì)彈簧（未與P、Q連接）。某時(shí)刻解除鎖定，壓縮的彈簧釋放，物體P、Q瞬間分離。P向左運(yùn)動(dòng)上升到最大高度R后即撤去，物體Q與滑板水平部分的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。（1）求彈簧被鎖定時(shí)的彈性勢(shì)能；（2）若滑板與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為116μ，求物體Q與滑板摩擦所產(chǎn)生的熱量（已知BC>（3）若水平面光滑，要使物體Q在相對(duì)滑板反向運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，相對(duì)地面有向左運(yùn)動(dòng)的速度，求BC的長(zhǎng)度L應(yīng)滿足的條件。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】將中子、質(zhì)子緊緊束縛在核內(nèi)，形成穩(wěn)定原子核的力是核力。故答案為：C。

【分析】原子核內(nèi)將核子牢牢束縛在核內(nèi)的作用力屬于核力。2．【答案】B【解析】【解答】A．第一宇宙速度是環(huán)繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的最大速度，可知空間站的線速度小于第一宇宙速度，A不符合題意；B．根據(jù)v=空間站的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，則空間站的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度，B符合題意；C．航天員出艙作業(yè)時(shí)仍受地球的引力繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，則向心加速度不為零，C不符合題意；D．航天員在空間站內(nèi)仍受到地球引力作用，只是由于地球的引力充當(dāng)向心力，則處于完全失重狀態(tài)，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用引力提供向心力可以判別第一宇宙速度為最大的環(huán)繞速度及比較線速度的大小；利用航天員做圓周運(yùn)動(dòng)則加速度不等于0；利用引力提供向心力可以判別航天員處于完全失重狀態(tài)。3．【答案】C【解析】【解答】C．肥皂膜上條紋的形成是因?yàn)榉试砟ど系臈l紋是前后表面反射光形成的干涉條紋，是薄膜干涉，C符合題意；A．形成條紋的原因是前后表面的反射光疊加出現(xiàn)了振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)和振動(dòng)減弱點(diǎn)，形成到破裂的過(guò)程上面越來(lái)越薄，下面越來(lái)越厚，因此出現(xiàn)加強(qiáng)點(diǎn)和減弱點(diǎn)的位置發(fā)生了變化，條紋寬度和間距發(fā)生變化，A不符合題意；B．肥皂膜因?yàn)樽灾貢?huì)上面薄而下面厚，因表面張力的原因其前后兩個(gè)面的側(cè)視形狀應(yīng)是一個(gè)圓滑的曲面而不是梯形，B不符合題意；D．將鐵絲圈右側(cè)的把柄向上轉(zhuǎn)動(dòng)90°，由于重力、表面張力和粘滯力等的作用，肥皂膜的形狀和厚度會(huì)重新分布，因此并不會(huì)跟著旋轉(zhuǎn)90°，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】肥皂膜上的條紋屬于光的干涉條紋；由于薄膜厚度發(fā)生變化所以條紋寬度和間距發(fā)生變化；由于肥皂膜自身重力的影響可以判別側(cè)面形狀屬于圓環(huán)的曲面；由于鐵線圈旋轉(zhuǎn)時(shí)，肥皂膜厚度會(huì)重新分布所以條紋不會(huì)跟著旋轉(zhuǎn)。4．【答案】B【解析】【解答】A．光電管的極限頻率由光電管本身決定，與入射光的顏色無(wú)關(guān)，A不符合題意；B．光電子從光電管的陰極K逸出，流過(guò)電流表A的電流方向?yàn)閍到b，B符合題意；C．由圖知乙光照射光電管對(duì)應(yīng)的遏止電壓最大，即乙光對(duì)應(yīng)的光電子的最大初動(dòng)能最大，C不符合題意；D．丙光對(duì)應(yīng)的遏止電壓比乙光小，光電子的最大初動(dòng)能較小，根據(jù)光電效應(yīng)方程有E可知丙光的頻率較小，如果丙光是紫光，則乙光不可能是黃光，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】光電管的極限頻率由光電管所決定，與入射光的頻率無(wú)關(guān)；利用光電子移動(dòng)的方向可以判別電流的方向；利用遏止電壓的大小可以比較光最大初動(dòng)能的大??；利用光最大初動(dòng)能的大小可以判別光對(duì)應(yīng)的頻率大小。5．【答案】A【解析】【解答】AB﹒由于波向左傳播，質(zhì)點(diǎn)a正處于位移為A2的位置向上振動(dòng)，由于越遠(yuǎn)離平衡位置速度越小，因此再次回到位移為A2時(shí)的時(shí)間將大于14T，則14T時(shí)質(zhì)點(diǎn)a還沒(méi)有回到位移為A2CD﹒波向左傳播，由題圖可知質(zhì)點(diǎn)a在0時(shí)刻位置的右側(cè)，且大于λ2故答案為：A。

【分析】利用質(zhì)點(diǎn)的速度大小結(jié)合振動(dòng)的時(shí)間可以判別對(duì)應(yīng)的位移大??；結(jié)合波傳播的方向可以判別質(zhì)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的位移。6．【答案】D【解析】【解答】A．小球的動(dòng)量變化Δp=mΔv=mgtΔp-t圖像是過(guò)原點(diǎn)的直線，A不符合題意；B．因?yàn)棣可知ΔpΔtC．根據(jù)動(dòng)能定理ΔΔEk-t圖像為過(guò)原點(diǎn)的拋物線，C不符合題意；D．因?yàn)棣tΔE故答案為：D。

【分析】利用動(dòng)量定理可以判別動(dòng)量變化量與時(shí)間的關(guān)系；利用動(dòng)量定理可以判別動(dòng)量變化率為定值；利用動(dòng)能定理可以判別動(dòng)能變化量與時(shí)間的關(guān)系；進(jìn)而求出動(dòng)能變化率和時(shí)間的關(guān)系。7．【答案】C【解析】【解答】A．C點(diǎn)到直徑AB的距離剛好等于玻璃磚半徑的一半，由幾何關(guān)系可知，∠COA=30°，則入射角為30°，折射角為15°，折射率為n=A不符合題意；B．自然光被玻璃反射后，反射光是偏振光，B不符合題意；C．換用紅光從C點(diǎn)入射，因紅光折射率小于綠光，折射角變小，所以折射光線可能打在E點(diǎn)，C符合題意；D．假設(shè)折射光線通過(guò)O點(diǎn)，則折射角為0；沿平行于直徑AB方向，從AB的上方照射該玻璃磚，入射角不為0，所以折射光線不可能過(guò)O點(diǎn)，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用幾何關(guān)系可以求出折射角和入射角的大小，結(jié)合折射定律可以求出折射率的大小；利用光的頻率可以比較折射角的大??；自然經(jīng)過(guò)玻璃反射后，反射光屬于偏振光；利用光的折射規(guī)律可以判別折射光線不可能經(jīng)過(guò)O點(diǎn)。8．【答案】D【解析】【解答】設(shè)軌道半徑為R，則小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，速度最小為v即動(dòng)能不為零，則機(jī)械能E機(jī)大于重力勢(shì)能Ep；最高點(diǎn)的重力勢(shì)能Ep=2mgR最小動(dòng)能為E即在最高點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能E故答案為：D。

【分析】利用其最高點(diǎn)的牛頓第二定律可以求出其速度的大小，利用動(dòng)能不等于0可以判別最高點(diǎn)的機(jī)械能大于重力勢(shì)能，利用其速度的大小可以判別最高點(diǎn)動(dòng)能的大小。9．【答案】C【解析】【解答】當(dāng)開(kāi)關(guān)S從1擲向2后，兩板間將產(chǎn)生交變電場(chǎng)（設(shè)周期為T），根據(jù)兩板間電壓的周期性可知，若電子在板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為T2故答案為：C。

【分析】開(kāi)關(guān)從1擲向2后，兩板之間產(chǎn)生交變電場(chǎng)；利用其豎直方向的電場(chǎng)力方向可以判別其電子運(yùn)動(dòng)的方向，利用其電場(chǎng)力方向及位移的大小可以判別動(dòng)能的大小。10．【答案】C,D【解析】【解答】A．設(shè)傳送帶速度為v，長(zhǎng)度為L(zhǎng)，物塊P運(yùn)動(dòng)至在傳送帶中點(diǎn)時(shí)恰好達(dá)到傳送帶速度，有2Q剛好在傳送帶頂端與傳送帶達(dá)到共同速度，則2則a由根據(jù)牛頓第二定律有aa解得μ物塊P與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)比物塊Q大，A不符合題意；B．物塊在傳送帶上從底端運(yùn)動(dòng)到頂端（A未著地）過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有mm解得WB不符合題意；C．在加速階段，物塊重力的功率P=mg?vaPD．物塊P從靜止加速到v所用時(shí)間為tP、物塊P位移為xP，物塊Q從靜止加速到v所用時(shí)間為tQ，位移為所以2在時(shí)間tP、tQΔ所以2Δ因摩擦產(chǎn)生的熱分別為QQ因μP>2D符合題意；故答案為：CD。

【分析】利用速度位移公式可以比較兩個(gè)物塊加速度的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以比較動(dòng)摩擦因數(shù)的大??；利用全過(guò)程的動(dòng)能定理可以比較傳送帶對(duì)物塊做功的大小；利用重力的大小結(jié)合速度位移公式可以比較重力功率的大??；利用速度公式可以求出加速度的時(shí)間，結(jié)合相對(duì)運(yùn)動(dòng)的位移公式及摩擦力的大小可以比較摩擦產(chǎn)生熱量的大小。11．【答案】（1）BAC；0.400（2）（3）電源內(nèi)阻太大（4）2.0-4.0；0【解析】【解答】（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)合金絲直徑時(shí)，先打開(kāi)固定螺釘C，把待測(cè)合金絲放在測(cè)微螺桿與測(cè)砧之間，然后調(diào)節(jié)粗調(diào)旋鈕B，當(dāng)合金絲與測(cè)微螺桿、測(cè)砧接觸時(shí)停止調(diào)節(jié)粗調(diào)旋鈕，然后調(diào)節(jié)微調(diào)旋鈕A；為防止讀數(shù)時(shí)測(cè)微螺桿發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊固定螺釘C，然后再讀數(shù)，使用的先后順序?yàn)镃BAC；或者沒(méi)有第一步，即先打開(kāi)固定螺釘C，而是直接進(jìn)行第二步，即把待測(cè)合金絲放在測(cè)微螺桿與測(cè)砧之間，然后調(diào)節(jié)粗調(diào)旋鈕B，其它兩步一樣，故使用的先后順序?yàn)锽AC；由圖乙所示螺旋測(cè)微器可知，其分度值為0.01mm，測(cè)得該合金絲的直徑為d=0mm+40.0×0.01mm=0.400mm（2）由表中數(shù)據(jù)，可知電壓、電流都要從零開(kāi)始變化，故滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，且合金絲電阻較小，故電流表采用外接法，則完整的實(shí)物圖，如圖所示（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律有I=調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，改變R外（4）根據(jù)U-I圖象的斜率表示電阻，則有R=根據(jù)電阻定律有R=ρ又S=聯(lián)立解得ρ=代入數(shù)據(jù)解得ρ=0

【分析】（1）實(shí)驗(yàn)利用螺旋測(cè)微器測(cè)量合金絲的直徑的正確步驟是：CBAC；利用螺旋測(cè)微器的結(jié)構(gòu)和精度可以讀出對(duì)應(yīng)的的讀數(shù)；

（2）滑動(dòng)變阻器應(yīng)該使用分壓式接法；

（3）當(dāng)改變外電阻時(shí)，電壓表和電流表變化范圍非常小是由于電源內(nèi)阻太大；

（4）利用圖像斜率可以求出電阻的大小，結(jié)合電阻定律可以求出電阻率的大小。12．【答案】（1）解：設(shè)沒(méi)有漏氣，根據(jù)玻意耳定律有p代入數(shù)據(jù)解得p實(shí)際壓強(qiáng)小于不漏氣的氣體壓強(qiáng)，所以有漏氣（2）解：對(duì)橡膠球，設(shè)與地面的接觸面積為S，則有pS=mg代入數(shù)據(jù)解得橡膠球與地面的接觸面積S=5×1【解析】【分析】（1）當(dāng)橡膠球沒(méi)有漏氣時(shí)，利用等容變化的狀態(tài)方程可以求出氣體的壓強(qiáng)進(jìn)而判別橡膠球是否漏氣；

（2）當(dāng)橡膠球靜止在地面時(shí)，利用平衡方程可以求出橡膠球與地面的接觸面積。13．【答案】（1）解：導(dǎo)體繩長(zhǎng)為L(zhǎng)?H，衛(wèi)星高度可認(rèn)為H，根據(jù)牛頓第二定律得GMm解得衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)速度v=對(duì)導(dǎo)體根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得導(dǎo)體繩中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E1=BLv由以上各式解之得E（2）解：對(duì)回路根據(jù)閉合閉合電路歐姆定律由I=對(duì)導(dǎo)線受力平衡可得BIL=f解得E【解析】【分析】（1）衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，利用引力提供向心力可以求出衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大?。唤Y(jié)合動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式可以求出電動(dòng)勢(shì)的大??；

（2）當(dāng)已知電動(dòng)勢(shì)的大小，結(jié)合歐姆定律及平衡方程可以求出電池電動(dòng)勢(shì)的大小。14．【答案】（1）解：粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)的偏轉(zhuǎn)角為60°，則粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心角也為60°，其軌跡如圖所示由幾何關(guān)系得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r由牛頓第二定律得q解得v故粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速度為qBR（2）解：粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)之后，不再經(jīng)過(guò)y軸，則粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的臨界速度方向?yàn)槠叫衴軸向上，其軌跡如圖所示由幾何關(guān)系得2即r由牛頓第二定律得q解得v粒子在電場(chǎng)中從A到O過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得E解得E故電場(chǎng)強(qiáng)度滿足的條件為E≥（3）解：對(duì)粒子，在電場(chǎng)中由動(dòng)能定理得Eqd=在磁場(chǎng)中由牛頓第二定律得q解得r粒子在電磁場(chǎng)區(qū)域中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為T=則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t粒子在電場(chǎng)中從A到O做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其時(shí)間t粒子在電磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t=故粒子在電磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為3πm【解析】【分析】（1）粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后發(fā)生偏轉(zhuǎn)，利用幾何關(guān)系可以求