2024年滬科版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版必修3物理下冊階段測試試卷195考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示的電路，R1、R2是兩個定值電阻，R′是滑動變阻器，R3為小燈泡，電源內阻為r，開關閉合后，當滑動變阻器觸頭P向下移動時（）

A.小燈泡亮度變暗B.電壓表示數變小C.電容器充電D.電源的輸出功率一定變小2、兩平行金屬板相距為d，電勢差為U，一電子質量為m、電荷量為e，從O點沿垂直于極板的方向射入電場，最遠到達A點，然后返回，如圖所示，OA間距為h；則此電子的初動能為（）

A.B.C.D.3、如圖所示，AB、CD為一圓的兩條直徑且相互垂直。O點為圓心，空間存在一未知靜電場，方向與圓周所在平面平行?，F有一電子，在電場力作用下，先從A點運動至C點，動能減少了E；又從C點運動到B點，動能增加了E；那么（）

A.A到C電場力做正功，C點電勢高于A點B.C到B電場力做正功，C點電勢高于B點C.該電場可能是勻強電場，電場線方向為D指向CD.該電場可能為正點電荷電場，且電荷處于O點4、如圖所示為等量異種點電荷的電場線，A、B兩點的電場強度分別為EA、EB，電勢分別為φA、φB；下列敘述中正確的是（）

A.EA<EB，φA<φBB.EA<EB，φA>φBC.EA>EB，φA>φBD.EA>EB，φA<φB5、在水平地面上放一塊長方形的鐵塊，在它O點正上方固定一正點電荷Q，長方形的鐵塊MN上A、B、O、C、D間距相等，則有關正點電荷Q在各點產生的場強E、在長方形的鐵塊MN上各點的電勢各點間的電勢差U；以下說法正確的是（）

A.B.C.D.MN上表面不帶電6、下列物理量屬于矢量的是（）A.功B.時間C.電流D.電場強度7、如圖所示的電路中，電源的電動勢為E、內阻為r；電表均為理想電表。閉合開關S，滑動變阻器的滑動觸頭由圖示的位置向右滑動一小段距離，在這個過程中，下列判斷正確的是（）

A.電源的輸出功率增加B.電阻兩端電壓減小C.電容器所帶電荷量減少D.電壓表與電流表示數變化量的比值增加評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示的電路中，電源內阻為r；電流表；電壓表均為理想電表，開始時開關S斷開，則下列說法正確的是。

A.閉合開關S，電流表的示數減小B.閉合開關S，電壓表V1、V2的示數均增大C.保持開關S斷開，將滑動變阻器R2滑片P向上移，電流表示數減小D.保持開關S斷開，將滑動變阻器R2滑片P向上移，電壓表V1、V2的示數均減小9、如圖甲所示，兩水平金屬板間距為d，板間電場強度的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時刻，質量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線射入兩板間，時間內微粒勻速運動，T時刻微粒恰好經金屬板邊緣飛出。微粒運動過程中未與金屬板接觸。重力加速度的大小為g。關于微粒在0~T時間內運動的描述；正確的是（）

A.末速度沿水平方向，大小為v0B.重力勢能減少了mgdC.電場力做功為D.金屬板長度為3v010、如圖用絕緣細絲線懸掛一質量為m、帶電荷為q的小球，放在勻強電場中，靜止時細線與豎直方向的夾角為θ；則關于小球帶的電性和電場強度的大小，下列判斷正確的是（）

A.小球帶正電B.小球帶負電C.D.11、如圖所示，a、b、c、d是正方形的四個頂點，O是正方形對角線的交點．ad邊和bc邊中點處放有等量異種點電荷+Q、Q，關于圖中各點電勢和電場強度的關系，下列說法正確的是（））

A.a、O、cB.a、b、c、d四個頂點處的電場強度相等C.在兩點電荷連線上，O點處的電場強度最大D.a、b、c、d、O五個點中O點處的電場強度最大三點的電勢關系為12、如圖所示的電路中；電源內阻不可忽略，電流表為理想電表，兩個燈泡A；B的電阻不變，當滑動變阻器的滑片P向上移動時，下列說法正確的是（）

A.燈泡A變亮，燈泡B變暗B.電容器的電荷量變小C.電流表的示數變大D.滑動變阻器中的電流減小量大于燈泡B中的電流增加量13、將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標系中；如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.圖線b表示電源內部的發(fā)熱功率Pr隨電流I的變化關系B.M點對應的功率為最大輸出功率C.在圖線上A、B、C三點的縱坐標一定滿足關系PA<PB＋PCD.兩個交點M與N的橫坐標之比一定為1∶4，縱坐標之比一定為1∶214、如圖所示，B、C為三個同心金屬圓環(huán)，處于同一平面內。金屬圓環(huán)中通有圖示方向的電流，中分別為穿過B；C兩圓環(huán)的磁通量的大??；以垂直紙面向外為正方向，下列判斷正確的是（）

A.穿過C兩圓環(huán)的磁通量均為正值B.穿過C兩圓環(huán)的磁通量均為負值C.D.15、有兩根長直導線互相平行放置，如圖所示為垂直于導線的截面圖．在如圖所示的平面內，點為兩根導線連線的中點，為兩導線連線的中垂線上兩點，與點的距離相等，與夾角為．若兩導線中通入大小相等、方向相同的恒定電流單根導線中的電流在處產生的磁感應強度則下列說法中正確的是。

A.點和點的磁感應強度方向一定相同B.點和點的磁感應強度大小均為C.點和點的磁感應強度大小均為D.在線段上各點的磁感應強度都不可能為零評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、1825年，瑞士科學家科拉頓用實驗探索如何產生感應電流。如圖，他將“電流表”和線圈分別放在兩個房間里，并用導線連成閉合回路。他用磁鐵在線圈中插進或拔出進行實驗時，并在兩個房間之間跑來跑去，結果沒有觀察到感應電流?？评D看不到實驗現象的原因是___________。后來由科學家______發(fā)現了電磁感應現象。17、如圖所示,A、B為相互接觸的用絕緣支柱支撐的金屬導體,起初它們不帶電,在它們的下部貼有金屬箔片,C是帶正電的小球。當C移近A時,A、B上的金屬箔片都張開。

(1)若撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)

(2)若先分離A、B,再撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)。在分離A、B的過程中,A、B組成的系統(tǒng)電勢能_______(選填“增大”“不變”或“減小”)

(3)靜電感應的原因是金屬導體中存在大量的_____________。18、一根阻值為R的均勻電阻絲，均勻拉長至原來的2倍，電阻變?yōu)開_______。19、某型號電熱水器銘牌的部分參數如圖所示電熱水器正常工作時的電壓是_______V，正常工作時的功率是______W，正常工作0.5h消耗的電能是_______kW·h。XX電熱水器額定電壓220V額定頻率50Hz額定功率1200W20、在干燥的天氣里，小美同學站在平面鏡前用塑料梳子梳頭，發(fā)現越梳頭發(fā)越蓬松，這是因為頭發(fā)帶上了同種電荷互相______；摩擦起電的實質是______。21、（1）在等量異種電荷的連線中點有一帶正電荷的粒子；將其沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到的電場力的變化趨勢為____________，電勢能的變化趨勢為_________。

（2）在等量同種正電荷的連線中點處有一帶負電荷的粒子，將其沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到電場力的變化趨勢為____________，電勢能的變化趨勢為__________。22、如圖，平行板電容器的極板A與一靈敏的靜電計相接，極板B接地，若減小電容器極板間的距離，則（填“增大”、“減小”、“保持不變”）電容____，靜電計指針偏角_____，電量_____，場強_____。

23、圖中用3V量程時，表針的示數是___________V；當使用15V量程時，圖中表針示數為___________V。

24、如圖甲所示電路，電源電壓保持不變。閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P從右端滑到左端的過程中，R1、R2的I﹣U關系圖象如圖乙所示。則電源電壓為_______V，R1的阻值是_______Ω。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)25、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

26、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經連接一部分，請將電路完整連接好。

27、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共9分)28、（1）如圖，在測繪小燈泡的伏安特性實驗中，伏安法測小燈泡，安培表采用______法，其原因是______，滑動變阻器采用______式連接，其原因是______；

（2）閉合S前，R中的箭頭應該放在______端（填右或左），實驗數據描出來的圖像符合下圖的______。（填字母）

A.B.C.D.評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)29、如圖，A、B兩點電荷相距2m，O為AB連線上的一點，AO距離為0.5m，A、B所帶電荷量分別為和靜電力常量為k=9.0×109N·m2/C2；求：

（1）電荷A對電荷B的庫侖力大?。?/p>

（2）O點的電場強度大小及方向。

30、如圖所示，粗糙絕緣水平地面ABC與光滑絕緣半圓弧豎直軌道CD相切C點，CD右側（含CD）有水平向右的勻強電場，電場強度大小為圓弧軌道半徑為R，AB長度L1=R，BC長度L2=4R。有一質量為M=2m的滑塊P以從A點向右運動，在B處與一質量為m、帶電荷量為的滑塊Q發(fā)生彈性碰撞（碰撞過程中Q的電荷量不變），碰撞后滑塊Q繼續(xù)向右運動經過C點進入光滑圓軌道。已知滑塊P、Q與地面的動摩擦因數均為μ=0.5，不計空氣阻力，滑塊都可看作質點，重力加速度為g。求：

（1）若滑塊P與Q發(fā)生碰撞后瞬間滑塊Q速度v的大??；

（2）滑塊Q繼續(xù)運動到達圓軌道的最高點D時對軌道壓力N的大?。?/p>

（3）若滑塊P與Q發(fā)生彈性碰撞后使Q能滑上圓弧軌道并且可沿軌道滑回平面，求滑塊P初速度的最大值vm。（答案可用分數及根式表示）

31、已知電子質量為9.1×10－31kg，帶電荷量為－1.6×10－19C，若氫原子核外電子繞核旋轉時的軌道半徑為0.53×10－10m，求電子繞核運動的線速度大小、動能、周期和形成的等效電流。32、春棟同學準備參加玩具賽車比賽，他想通過實驗挑選一只能量轉換效率較高的電動機，實驗時他先用手捏住電動機的轉軸，使其不轉動，然后放手，讓電動機正常轉動，分別將2次實驗的有關數據記錄在表格中，請問：。電動機的電壓/V電動機工作狀態(tài)通過電動機的電流/A0.2不轉動0.42.0正常轉動1.0

（1）這只電動機線圈的電阻為多少。

（2）當電動機正常工作時；轉化為機械能的功率是多少？

（3）該玩具電動機正常工作時電能轉化為機械能的效率是多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

A．閉合開關后，當滑動變阻器觸頭P向下移動時，減小；外電路總電阻減小，干路中電流增大，則小燈泡亮度變亮，故A錯誤；

B．電源的內電壓增大；路端電壓減小，則電壓表的示數變小，故B正確；

C．電路穩(wěn)定時電容器的電壓等于串聯(lián)總電壓，根據串聯(lián)電路電壓分配規(guī)律

可知I增大；電容器的電壓減小，則電容器放電，故C錯誤；

D．因外電路的總電阻和內阻的大小關系未知；則隨著外電阻的減小，外功率不一定變小，故D錯誤；

故選B。

【點睛】

本題按“部分→整體→部分”的思路進行動態(tài)變化分析．對于電壓表的示數，可以直接根據路端電壓隨外電阻而增大的結論進行分析．根據串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的特點，分析各部分電壓的變化，比較簡便。2、D【分析】【詳解】

電子從O點到達A點的過程中，僅在電場力作用下速度逐漸減小，根據動能定理可得-eUOA=0-Ek

因為UOA=h

所以

故選D。3、C【分析】【詳解】

A．從A點運動至C點，動能減少所以電場力做負功；電勢能增加，因為是電子帶負電所以可得C點電勢低于A點A錯誤；

B．同理C到B電場力做正功，動能增加電勢能減小，可得C點電勢低于B點B錯誤；

C．根據前面分析可得AB點電勢能相同，電勢相等，若是勻強電場，電場線垂直AB連線，又因為C點電勢低于AB兩點，沿著電場線方向電勢降低所以方向為D指向C；C正確；

D．若該電場為正點電荷電場，且電荷處于O點，可知AC兩點電勢相同與題意不符；D錯誤。

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

由電場線的分布情況可知，B處電場線比A處電場線密，則B點的場強大于A點的場強；即。

EB＞EA根據順著電場線方向電勢逐漸降低，可知，A點的電勢高于B點的電勢；即。

φA>φB故B正確，ACD錯誤。5、C【分析】【詳解】

ACD．MN上表面由于感應起電，根據異種電荷相互吸引，同種電荷相互排斥，所以上表面將帶負電；電荷分布穩(wěn)定時，長方形的鐵塊為等勢體，MN上表面為等勢面，故有

則有

故AD錯誤；C正確；

B．由正點電荷周圍的電場強度可知

故B錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

矢量是既有大小又有方向；且遵循平行四邊形定則的物理量，電場強度是矢量；功；時間、電流都是標量。

故選D。7、C【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的觸頭從左端向右滑動過程，變阻器接入電路的電阻減小，因為不知道與內阻r的關系；所以不能確定電源的輸出功率變化，A錯誤；

B．當滑動變阻器的觸頭由圖示的位置向右滑動小段距離，變阻器接入電路的電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析得知，電路中總電流I增大，根據歐姆定律可以知道電阻兩端電壓增大；B錯誤；

C．電路中總電流I增大，內電阻與所占電壓增大，則R1的電壓減小，電容器與R1并聯(lián)，故電容器的電壓減小，根據

可以知道；電容器所帶電荷量減小，C正確；

D．電壓表測量路端電壓，根據閉合電路歐姆定律

得

電壓表與電流表示數變化量的比值不變。D錯誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】【詳解】

AB．不論開關閉合還是斷開，電壓表V1測的都是電源路端電壓，閉合開關S，電流表的示數為零，R1被短路，電路中的總電阻減小，總電流增大，電源內電壓增大，外電壓減小，電壓表V1的示數減??；選項A正確，選項B錯誤；

C．S斷開時，R1、R2串聯(lián)；將滑動變阻器滑片向上移，滑動變阻器接入電路的電阻增大，總電阻增大，總電流減小，電流表示數減小，選項C正確；

D．電源內電壓減小，外電壓增大，電壓表V1示數增大，R1兩端的電壓減小，R2兩端的電壓增大，即V2示數增大；選項D錯誤。

故選AC.9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．時間內微粒勻速運動，則有

內，微粒做平拋運動，下降的位移

時間內，微粒的加速度

方向豎直向上，微粒在豎直方向上做勻減速運動，T時刻豎直分速度為零，所以末速度的方向沿水平方向，大小為故A正確；

B．微粒在豎直方向上向下運動，位移大小為則重力勢能的減小量為故B錯誤；

C、在內和時間內豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，時間相等，則位移的大小相等，為整個過程中電場力做功為

故C錯誤；

D．根據上面分析可以知道：在內和時間內，豎直方向位移大小相等為則在內下降的位移

則

而水平方向為勻速運動，則金屬板長度為

故D正確。

故選AD。10、A:C【分析】【詳解】

小球受到向右的電場力，與電場方向相同，所以小球帶正電。根據三力平衡得

解得

故選AC。11、A:D【分析】【詳解】

A項：根據等量的異種電荷連線中垂線即為等勢線，即a點電勢大于零，c點電勢小于零，所以故A正確；

B項：根據電場的疊加原理可知，a、b；c、d四點的場強大小相等；方向不同，故B錯誤；

C項：由等量異種電荷電場線分布可知；在兩點電荷連線上，電場強度先減小后增大，所以O點電場強度最小，故C錯誤；

D項：根據電場的疊加原理可知，其余四點的場強大小均小于E0；故D正確．

點晴：解決本題關鍵理解等量異種電荷電場線分布和電場的疊加原理．12、B:D【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的滑片P向上移動時；滑動變阻器阻值增大，根據“串反并同”，燈泡A變暗，燈泡B變亮，A錯誤；

B．定值電阻R與滑動變阻器串聯(lián)，電容器與定值電阻并聯(lián)，則電容器電勢差減小，根據

可知；電容器的電荷量減小，B正確；

C．電流表與滑動變阻器串聯(lián)；則電流表示數減小，C錯誤；

D．滑動變阻器與燈泡B的電流之和等于通過電流表的電流，即

因為電流表電流減?。粺襞軧電流增大。可知，滑動變阻器中的電流減小量大于燈泡B中的電流增加量，D正確。

故選BD。13、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由電源的總功率；輸出功率和電源內部的發(fā)熱功率表達式。

PE＝EI，PR＝EI－I2r，Pr＝I2r可知，a表示的是電源的總功率隨電流I的變化關系；b表示的是電源內部的發(fā)熱功率隨電流I的變化關系；c表示輸出功率PR隨電流I的變化關系；A正確；

B．當R＝r時，輸出功率最大，M點是輸出功率最大的位置；B正確；

C．A、B、C為在a、b、c三條圖線上橫坐標相同的三點；因為直流電源的總功率等于輸出功率和電源內部的發(fā)熱功率之和，所以這三點的縱坐標一定滿足關系。

PA＝PB＋PC故C錯誤；

D．M點輸出功率最大時，有R＝r；則。

可得。

故。

故D錯誤；

故選AB。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

由題圖及安培定則可知，紙面內垂直紙面向外的磁感線都集中在圓環(huán)內，紙面內垂直紙面向里的磁感線分布在圓環(huán)外，則B、C圓環(huán)內都有垂直紙面向里和向外的磁感線穿過。穿過B、C圓環(huán)的垂直紙面向外的磁感線條數相同，穿過B圓環(huán)的垂直紙面向里的磁感線條數較少，穿過C圓環(huán)的垂直紙面向里的磁感線條數較多，但都比穿過B、C圓環(huán)的垂直紙面向外的磁感線條數少，又以垂直紙面向外為正方向，所以穿過B、C圓環(huán)的磁通量均為正值，且

故選AC。15、A:C:D【分析】【詳解】

A.根據安培定則判斷得知，兩根通電導線產生的磁場方向均沿逆時針方向，由于對稱，兩根通電導線在MN兩點產生的磁感應強度大小相等，根據平行四邊形進行合成得到，M點和N點的磁感應強度大小相等，M點磁場向右，N點磁場向右；方向相同，故A正確；

BC.兩根導線在M點產生的磁感應強度的方向如圖所示，根據平行四邊形定則進行合成，得到M點和N點的磁感應強度大小為．同理，N點的磁感應強度大小也為故B錯誤，C正確．

D.只有當兩根通電導線在同一點產生的磁感應強度大小相等、方向相反時，合磁感應強度才為零，根據矢量的合成可知，線段MN上的磁感應強度不可能為零，故D正確；三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．在磁鐵插進或拔出線圈的過程中；磁通量發(fā)生變化，閉合回路中會產生電流，但等科拉頓跑到電流計面前時，磁通量已不再變化，因此沒有觀察到感應電流；

[2]．后來由科學家法拉第發(fā)現了電磁感應現象?！窘馕觥吭诖盆F插進或拔出線圈的過程中，磁通量發(fā)生變化，閉合回路中會產生電流，但等科拉頓跑到電流計面前時，磁通量已不再變化，因此沒有觀察到感應電流法拉第17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）當帶正電的小球C靠近AB時；由靜電感應A帶負電B帶正電，AB上的金屬箔片都張開，當撤去C時，AB是連接在一起的，A上的負電荷和B上的正電荷相互中和，AB上的金屬箔片都閉合。

（2）當帶正電的小球C靠近AB時；由靜電感應A帶負電B帶正電，AB上的金屬箔片都張開，先移開AB在撤去C時，AB不是連在一起的，A上的負電荷和B上的正電荷不能相互中和，AB仍然帶電，AB下部的金屬箔片張開；在分離AB的過程中，C對A吸引，C對B排斥，C對AB都在做正功，電勢能在減小。

（3）感應起電是自由電荷從物體的一端移動到另一端，因此要發(fā)生感應起電就必須要有自由電荷【解析】閉合張開減小自由電荷18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】4R19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據表中信息可知；熱水器正常工作時，電壓為220V，功率為1200W；

[3]熱水器正常工作0.5h消耗的電能為W=Pt=1200W×0.5h=600W·h=0.6kW·h【解析】①.220②.1200③.0.620、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]越梳頭發(fā)越蓬松原因是因為頭發(fā)帶上了同種電荷互相排斥；

[2]摩擦起電的實質是電子的轉移?！窘馕觥颗懦怆娮拥霓D移21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]根據等量異種電荷的電場特點可知；在連線的中垂線上，兩電荷連線中點的電場強度最大，兩側的電場強度不斷減小，所以將一帶正電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到的電場力的變化趨勢為：從中間向兩側不斷減??；且中垂線是一條等勢線且電勢為零，所以將一帶正電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，電勢能不變且為零。

（2）[3][4]根據等量同種正電荷的電場特點可知，在連線的中垂線上，兩電荷連線中點的電場強度為零，兩側的電場強度先增大后減小，所以將一帶負電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到的電場力的變化趨勢為：從中間向兩側先增大后減??；且中垂線上的電勢由中間向兩側不斷降低，所以將一帶負電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，帶負電的粒子的電勢能不斷增大?！窘馕觥繌闹虚g向兩側不斷減小電勢能不變且為零從中間向兩側先增大后減小電勢能不斷增大22、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4]由于電容器與電源斷開兩板的帶電荷量Q不變，減小電容器極板間的距離，由公式

可知電容器電容C增大；Q不變，根據

可知U減小，靜電計指針偏角將減??；由

可知場強不變?！窘馕觥吭龃鬁p小保持不變保持不變23、略

【分析】【詳解】

[1]當電壓表量程為3V時；每一小格為0.1V，故指針所指讀數為1.70V；

[2]當使用15V量程時，每一小格為0.5V，故指針所指讀數為8.5V?！窘馕觥?.708.524、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由電路圖可知與串聯(lián)，電壓表測兩端的電壓，測兩端的電壓；電流表測電路中的電流，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的電流最小；

由圖象可知，電路中的最小電流

兩端的電壓

兩端的電壓

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分壓之和，所以電源電壓

由

可得定值電阻的阻值為【解析】①.18②.20四、作圖題(共3題，共6分)25、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關及干簧管繼電器開關外面接線構成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關里面的兩個接線構成又一個回路。當有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關存在磁場，導致開關接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲，電路如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】五、實驗題(共1題，共9分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]燈泡電阻約為幾歐姆；電壓表內阻為幾千歐姆，電壓表內阻遠大于燈泡內阻，電流表應采用外接法。

[3][4]伏安法描繪燈泡伏安特